高中數學必修四第一章-章末檢測(共9頁)

1、精選優(yōu)質文檔-傾情為你奉上第一章三角函數(A)(時間：120分鐘滿分：150分)一、選擇題(本大題共12小題，每小題5分，共60分)1sin 600°tan 240°的值是()A B.C D.2已知點P落在角的終邊上，且0,2)，則的值為()A. B. C. D.3已知tan ，則cos 的值是()A± B. C D.4已知sin(2)，(，2)，則等于()A. B C7 D75已知函數f(x)sin(2x)的圖象關于直線x對稱，則可能取值是()A. B C. D.6若點P(sin cos ，tan )在第一象限，則在0,2)內的取值范圍是()A. B.C. D.

2、7已知a是實數，則函數f(x)1asin ax的圖象不可能是()8為了得到函數ysin的圖象，可以將函數ycos 2x的圖象()A向右平移個單位長度B向右平移個單位長度C向左平移個單位長度D向左平移個單位長度9電流強度I(安)隨時間t(秒)變化的函數IAsin(x)(A>0，>0,0<<)的圖象如右圖所示，則當t秒時，電流強度是()A5 A B5A C5 A D10 A10已知函數y2sin(x)(0<<)為偶函數，其圖象與直線y2的某兩個交點橫坐標為x1、x2，若|x2x1|的最小值為，則()A2， B，C， D2，11設>0，函數ysin(x)2的

3、圖象向右平移個單位后與原圖象重合，則的最小值是()A. B. C. D312如果函數y3cos(2x)的圖象關于點(，0)中心對稱，那么|的最小值為()A. B. C. D.題號123456789101112答案二、填空題(本大題共4小題，每小題5分，共20分)13已知一扇形的弧所對的圓心角為54°，半徑r20 cm，則扇形的周長為_14方程sin xx的解的個數是_15已知函數f(x)2sin(x)的圖象如圖所示，則f()_.16已知函數ysin在區(qū)間0，t上至少取得2次最大值，則正整數t的最小值是_三、解答題(本大題共6小題，共70分)17(10分)求函數y34sin x4cos

4、2x的最大值和最小值，并寫出函數取最值時對應的x的值18(12分)已知函數yacos3，x的最大值為4，求實數a的值19. (12分)如右圖所示，函數y2cos(x)(xR，>0,0)的圖象與y軸交于點(0，)，且該函數的最小正周期為.(1)求和的值；(2)已知點A(，0)，點P是該函數圖象上一點，點Q(x0，y0)是PA的中點，當y0，x0，時，求x0的值20(12分)已知是第三象限角，f().(1)化簡f()；(2)若cos，求f()的值；(3)若1 860°，求f()的值21(12分)在已知函數f(x)Asin(x)，xR的圖象與x軸的交點中，相鄰兩個交點之間的距離為，且

5、圖象上一個最低點為M.(1)求f(x)的解析式；(2)當x時，求f(x)的值域22(12分)已知函數f(x)Asin(x) (A>0且>0,0<<)的部分圖象，如圖所示(1)求函數f(x)的解析式；(2)若方程f(x)a在上有兩個不同的實根，試求a的取值范圍第一章三角函數(A)答案1B2.D3.C4Asin(2)sin ，sin .又(，2)，cos .，故選A.5C檢驗fsin是否取到最值即可6Bsin cos >0且tan >0，或.7D當a0時f(x)1，C符合，當0<|a|<1時T>2，且最小值為正數，A符合，當|a|>1時T

6、<2，B符合排除A、B、C，故選D.8Bysincoscoscoscos2.9A由圖象知A10，T，100.I10sin(100t)(，10)為五點中的第二個點，100×.I10sin(100t)，當t秒時，I5 A，故選A.10Ay2sin(x)為偶函數，.圖象與直線y2的兩個交點橫坐標為x1，x2，|x2x1|min，即Tmin，2，故選A.11C由函數向右平移個單位后與原圖象重合，得是此函數周期的整數倍又>0，·k，k(kZ)，min.12Ay3cos(2x)的圖象關于點(，0)中心對稱，即3cos(2×)0，k，kZ.k.當k2時，|有最小值.

7、13(640) cm解析圓心角54°，l|·r6.周長為(640) cm.147解析在同一坐標系中作出ysin x與yx的圖象觀察易知兩函數圖象有7個交點，所以方程有7個解150解析方法一由圖可知，T，即T，3.y2sin(3x)，將(，0)代入上式sin()0.k，kZ，則k.f()2sin(k)0.方法二由圖可知，T，即T.又由正弦圖象性質可知，若f(x0)f(x0)0，f()f()f()0.168解析T6，則t，t，tmin8.17解y34sin x4cos2x4sin2x4sin x1422，令tsin x，則1t1，y422 (1t1)當t，即x2k或x2k(kZ

8、)時，ymin2；當t1，即x2k (kZ)時，ymax7.18解x，2x，1cos.當a>0，cos時，y取得最大值a3，a34，a2.當a<0，cos1時，y取得最大值a3，a34，a1，綜上可知，實數a的值為2或1.19解(1)將x0，y代入函數y2cos(x)中，得cos ，因為0，所以.由已知T，且>0，得2.(2)因為點A(，0)，Q(x0，y0)是PA的中點，y0，所以點P的坐標為(2x0，)又因為點P在y2cos(2x)的圖象上，且x0，所以cos(4x0)，且4x0，從而得4x0，或4x0，即x0，或x0.20解(1)f()cos .(2)coscossin

9、 ，又cos，sin .又是第三象限角，cos ，f().(3)f()f(1 860°)cos(1 860°)cos 1 860°cos(5×360°60°)cos 60°.21解(1)由最低點為M得A2.由x軸上相鄰兩個交點之間的距離為，得，即T，2.由點M在圖象上得2sin2，即sin1，故2k(kZ)，2k(kZ)又，故f(x)2sin.(2)x，2x，當2x，即x時，f(x)取得最大值2；當2x，即x時，f(x)取得最小值1，故f(x)的值域為1,222解(1)由圖象易知函數f(x)的周期為T4×2，A1，所以1.方法一由圖可知此函數的圖象是由ysin x的圖象向左平移個單位得到的，故，所以函數解析式為f(x)sin.方法二由圖象知f(x)過點