湖北省孝感市2015年中考物理試卷1

1、湖北省孝感市2015年中考物理試卷一、選擇題（本題共10小題，每小題3分，共30分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第18題只有一項(xiàng)符合要求，第9和10題有多項(xiàng)符合要求。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選的得0分）1聲音是一種常見(jiàn)的現(xiàn)象，與我們的生活密切相關(guān)，以下有關(guān)聲音的說(shuō)法正確的是A只要物體振動(dòng)就一定能聽(tīng)到聲音B聲音在空氣中的傳播速度比水中大C在校園周?chē)矘?shù)能減弱校外傳來(lái)的噪聲D聲控開(kāi)關(guān)是利用聲音的音調(diào)來(lái)控制電路的考點(diǎn)：人耳感知聲音的過(guò)程及聽(tīng)到聲音的條件；聲音在不同介質(zhì)中的傳播速度；響度；防治噪聲的途徑.專題：聲現(xiàn)象分析：（1）要聽(tīng)到聲音需要三個(gè)環(huán)節(jié)，要有聲源介質(zhì)健康的耳朵，還有是都有

2、一定的聽(tīng)覺(jué)頻率，不在聽(tīng)覺(jué)頻率范圍內(nèi)也不能聽(tīng)到；（2）聲音在固體中傳播最快，液體次之，氣體最慢；（3）在傳播過(guò)程中可以減弱噪聲；（4）聲控開(kāi)關(guān)是控制聲音的響度的解答：解：A、只要物體振動(dòng)就一定有聲音產(chǎn)生，但是不一定能聽(tīng)到聲音，如果該聲音頻率不在聽(tīng)覺(jué)頻率范圍就聽(tīng)不到，故A錯(cuò)誤；B、聲音在固體中傳播最快，液體次之，氣體最慢，故B錯(cuò)誤；C、在校園周?chē)矘?shù)能使得噪聲在傳播過(guò)程中減弱，故C正確；D、聲控開(kāi)關(guān)是控制聲音的響度的，故D錯(cuò)誤故選C點(diǎn)評(píng)：此題主要考查學(xué)生對(duì)于聲有關(guān)知識(shí)的理解和掌握，屬于記憶性知識(shí)考查，比較基礎(chǔ)2下列是小明同學(xué)對(duì)有關(guān)光學(xué)現(xiàn)象的解釋，他的說(shuō)法正確的是A人眼近視是因?yàn)閷⑾癯稍诹艘暰W(wǎng)膜的后

3、面B“豬八戒照鏡子，表里如一”是光的反射形成的C人在照相機(jī)中所成的像是正立的實(shí)像D太陽(yáng)光通過(guò)三梭鏡色散后不可能有紫光考點(diǎn)：近視眼的成因與矯正辦法；光的反射；光的色散；凸透鏡成像的應(yīng)用.專題：光的傳播和反射、平面鏡成像；光的折射、光的色散；透鏡及其應(yīng)用分析：A、近視眼是因?yàn)榫铙w變厚或眼球太長(zhǎng)，使像成在視網(wǎng)膜的前方，要佩戴凹透鏡進(jìn)行矯正凹透鏡對(duì)光線有發(fā)散作用B、平面鏡成像是光的反射現(xiàn)象C、照相機(jī)膠片上所成的像是倒立縮小的實(shí)像D、太陽(yáng)光是復(fù)色光，是由紅、橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫七種單色光復(fù)合而成的解答：解：A、近視眼是因?yàn)榫铙w變厚或眼球太長(zhǎng)，使像成在視網(wǎng)膜的前方，故A錯(cuò)誤B、“豬八戒照鏡子，表里如

4、一”是平面鏡成像，是光的反射；故B正確C、照相機(jī)照相時(shí)，膠片上所成的像是倒立縮小的實(shí)像，故C錯(cuò)誤D、當(dāng)太陽(yáng)光經(jīng)過(guò)三棱鏡后，會(huì)分解成紅、橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫七種單色光，這是光的色散現(xiàn)象；故D錯(cuò)誤故選B點(diǎn)評(píng)：（1）掌握近視眼和遠(yuǎn)視眼的成因和矯正方法（2）光現(xiàn)象部分在考試的時(shí)候，總是結(jié)合多個(gè)知識(shí)點(diǎn)在一塊，這就要求同學(xué)們對(duì)知識(shí)要有綜合的處理能力3下列關(guān)于生活中常見(jiàn)熱現(xiàn)象的解釋錯(cuò)誤的是A在高山上燒水時(shí)，水溫不到90水就沸騰了，是因?yàn)樗姆悬c(diǎn)與大氣壓強(qiáng)有關(guān)B霜的形成是凝華現(xiàn)象C夏天剝開(kāi)雪糕包裝紙時(shí)，雪糕周?chē)啊鞍讱狻?，這是液化現(xiàn)象D固體在熔化過(guò)程中吸熱，溫度一定升高考點(diǎn)：沸點(diǎn)及沸點(diǎn)與氣壓的關(guān)系；熔化與熔

5、化吸熱特點(diǎn)；液化及液化現(xiàn)象；生活中的凝華現(xiàn)象.專題：溫度計(jì)、熔化和凝固；汽化和液化、升華和凝華分析：液體的沸點(diǎn)跟氣壓的大小有關(guān)，氣壓增大，沸點(diǎn)升高；氣壓減小，沸點(diǎn)降低物質(zhì)由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，需要放出熱量；物質(zhì)由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，需要放出熱量；晶體熔化過(guò)程中吸收熱量，溫度保持不變；非晶體熔化過(guò)程中吸收熱量，溫度升高解答：解：A、大氣壓強(qiáng)隨海拔高度的增加而減小，液體沸點(diǎn)隨氣壓的降低而降低，所以在高山上燒水時(shí)，水溫不到90水就沸騰了此選項(xiàng)正確；B、霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝華而成的冰晶此選項(xiàng)正確；C、雪糕周?chē)暗摹鞍讱狻保侵車(chē)諝庵械乃魵庥隼湟夯傻男∷未诉x項(xiàng)正確；D、晶體在熔化過(guò)程中

6、雖然吸收熱量，但溫度保持不變此選項(xiàng)錯(cuò)誤故選D點(diǎn)評(píng)：判斷物態(tài)變化現(xiàn)象首先要知道各種物態(tài)變化的定義，然后看物體由什么狀態(tài)變?yōu)榱耸裁礌顟B(tài)，根據(jù)定義做出判斷4張揚(yáng)同學(xué)在探究電磁鐵磁性強(qiáng)弱的實(shí)驗(yàn)中，使用兩個(gè)相同的A、B大鐵釘繞制成電磁鐵進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，如右圖所示，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A滑片P向右滑動(dòng)，電磁鐵的磁性減弱B電磁鐵能吸引的大頭針越多，表明它的磁性越強(qiáng)C電磁鐵A、B的上端均為S極D該實(shí)驗(yàn)可以探究電磁鐵磁性的強(qiáng)弱與匝數(shù)多少的關(guān)系考點(diǎn)：影響電磁鐵磁性強(qiáng)弱的因素；通電螺線管的磁場(chǎng).專題：磁現(xiàn)象、電生磁分析：（1）影響電磁鐵磁性強(qiáng)弱的因素：電流的大小和線圈的匝數(shù)知道電流越大、線圈匝數(shù)越多，電磁鐵的磁性越強(qiáng)即只需據(jù)

7、滑動(dòng)變阻器阻值的變化判斷出電流的變化（2）電磁鐵的磁性強(qiáng)弱是通過(guò)吸引大頭針的多少來(lái)體現(xiàn)的（3）電磁鐵磁極的判斷方法：安培定則，用右手握住通電螺線管，使四指彎曲與電流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通電螺線管的N極（4）兩只電磁鐵是串聯(lián)的，所以電流相同，只有線圈的匝數(shù)是不同的，據(jù)此來(lái)做出判斷解答：解：A、變阻器的滑片向右滑動(dòng)，電阻的阻值變大，電路中的電流變小，電磁鐵的磁性減弱故A正確B、在實(shí)驗(yàn)中電磁鐵的磁性強(qiáng)弱無(wú)法直接看出，通過(guò)吸引大頭針的多少來(lái)進(jìn)行判斷吸引的大頭針越多，說(shuō)明電磁鐵的磁性越強(qiáng)，否則越弱故B正確C、根據(jù)安培定則，A的上端為N極，下端為S極，B的上端為N極，下端為S極，所以電磁鐵A

8、、B的上端均為N極故C錯(cuò)誤D、讀圖可知，兩只電磁鐵是串聯(lián)在電路中的，所以流經(jīng)它們的電流是相同時(shí)，同時(shí)還可以看到，它們線圈的匝數(shù)是不同的，因此，本實(shí)驗(yàn)研究的是電磁鐵磁性強(qiáng)弱與匝數(shù)的關(guān)系故D正確故選C點(diǎn)評(píng)：此題是探究影響電磁鐵磁性強(qiáng)弱的因素和通電螺線管的磁場(chǎng)，主要考查了電磁鐵磁極的判斷，一定掌握右手螺旋定則的內(nèi)容同時(shí)考查了影響電磁鐵磁性強(qiáng)弱的因素，注意轉(zhuǎn)換法和控制變量法在此實(shí)驗(yàn)中的應(yīng)用5如右圖所示，當(dāng)滑片P置于中點(diǎn)時(shí)，小燈泡比正常發(fā)光時(shí)暗，當(dāng)滑片P由中點(diǎn)向a端滑動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（燈泡的電阻隨溫度變化）A電流表示數(shù)變小，小燈泡變亮B電壓表示數(shù)變大，小燈泡變暗C電路消耗的總功率不變D電壓表與電流

9、表示數(shù)的比值變大考點(diǎn)：歐姆定律的應(yīng)用；電功率的計(jì)算.專題：歐姆定律；電能和電功率分析：從電路圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)量燈泡兩端的電壓，電流表測(cè)量電路總電流，當(dāng)滑片P由中點(diǎn)向a端滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變小，根據(jù)歐姆定律可知電路電流的變化，進(jìn)一步求出燈泡兩端電壓的變化解答：解：A、當(dāng)滑片P由中點(diǎn)向a端滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變小，根據(jù)公式I=可知，電路電流變大，也就是電流表示數(shù)變大，燈泡變亮，故A錯(cuò)誤；B、變阻器接入電路的電阻變小，根據(jù)串聯(lián)分壓，燈泡兩端電壓變大，所以電壓表示數(shù)變大，燈泡的實(shí)際功率變大，小燈泡變亮，故B錯(cuò)誤；C、電源電壓不變，電路中的電流變大，由公式

10、P=UI可知，電路消耗的總功率變大，故C錯(cuò)誤；D、小燈泡變亮，說(shuō)明溫度升高，此時(shí)小燈泡的電阻變大，由公式R=可知，電壓表與電流表示數(shù)的比值變大，故D正確故選D點(diǎn)評(píng)：本題考查歐姆定律及其變形的靈活運(yùn)用，關(guān)鍵明白滑片移動(dòng)時(shí)電路的變化情況，以及電流表和電壓表分別測(cè)量電路哪一部分的電流和電壓，知道判斷燈泡亮度的依據(jù)是燈泡的實(shí)際功率6如下圖所示是汽車(chē)起重機(jī)的示意圖，當(dāng)用它從水中吊起重物時(shí)，下列說(shuō)法正確的是A汽車(chē)輪胎有花紋是為了減少行駛過(guò)程中的摩擦力B此吊車(chē)運(yùn)用了杠桿原理，此杠桿為費(fèi)力杠桿C汽車(chē)固定后，吊起重物后與沒(méi)有吊起重物相比，對(duì)地面的壓強(qiáng)變小D將貨物從水中勻速吊起時(shí)，出水過(guò)程中，拉力逐近變小考點(diǎn)：杠

11、桿的分類；增大或減小摩擦的方法；壓強(qiáng)大小比較.專題：重力、彈力、摩擦力；壓強(qiáng)、液體的壓強(qiáng)；簡(jiǎn)單機(jī)械分析：（1）影響摩擦力大小的因素有：壓力和接觸面的粗糙程度增大摩擦的方法有：增大壓力、增大接觸面的粗糙程度；減小摩擦的方法有：減小壓力、使接觸面變光滑即減小接觸面的粗糙程度、變滑動(dòng)為滾動(dòng)、加潤(rùn)滑油、使兩接觸面分開(kāi)（2）根據(jù)動(dòng)力臂和阻力臂的關(guān)系分析是省力杠桿、等臂杠桿、費(fèi)力杠桿；（3）接觸面積不變，貨物增多，相當(dāng)于增加了對(duì)地面的壓力，根據(jù)公式p=可知對(duì)地面壓強(qiáng)的變化；（4）分析貨物在出水過(guò)程中的受力，根據(jù)受力判斷拉力的變化情況解答：解：A、汽車(chē)輪胎上做有凹凸不平的花紋是通過(guò)增大接觸面的粗糙程度的方法

12、增大摩擦力，故A錯(cuò)誤；B、吊臂在使用過(guò)程中動(dòng)力臂小于阻力臂，是費(fèi)力杠桿，費(fèi)力但可以省距離，故B正確；C、當(dāng)這輛汽車(chē)裝載一些貨物時(shí)，對(duì)地面的壓力增大，接觸面積不變，根據(jù)公式p=可知對(duì)地面壓強(qiáng)變大，故C錯(cuò)誤；D、貨物在出水過(guò)程中受到豎直向下的重力和直向拉力、浮力，滿足G=F+F浮，出水過(guò)程中浮力減小，重力不變，所以拉力變大，故D錯(cuò)誤故選B點(diǎn)評(píng)：此題考查了減小摩擦力的方法、增大摩擦力的方法、杠杠的分類、壓強(qiáng)大小的判斷、受力分析、浮力，是一道綜合題生活處處有物理，我們要認(rèn)真觀察、思考我們生活中的物理現(xiàn)象7如下圖所示，在甲、乙兩地之間沿直線架設(shè)兩條輸電線，由甲地向乙地輸電，兩條輸電線總電阻為10，甲地電

13、源的電壓為220V不變，下列說(shuō)法正確的是A當(dāng)乙地用戶消耗的總功率增大時(shí)，相同時(shí)間內(nèi)輸電線上產(chǎn)生的熱量增多B乙地用戶用電器上的電壓仍為220VC在100s的時(shí)間內(nèi)，輸電線上產(chǎn)生的熱量為4.84105JD若出現(xiàn)觸電事故，應(yīng)迅速直接用手拉開(kāi)觸電人員考點(diǎn)：焦耳定律的計(jì)算公式及其應(yīng)用；觸電危害及常見(jiàn)的觸電類型與預(yù)防.專題：電與熱、生活用電分析：（1）利用P=UI分析在電壓一定，當(dāng)P增大時(shí)，電路中的電流為增大，再根據(jù)焦耳定律分析導(dǎo)線上熱量的變化；（2）用戶的用電器之間是并聯(lián)的，與導(dǎo)線電阻是串聯(lián)的，結(jié)合串聯(lián)分壓分析解答；（3）根據(jù)焦耳定律分析解答；（4）出現(xiàn)觸電事故時(shí)，應(yīng)先切斷電源，再實(shí)施救援解答：解：A、

14、當(dāng)乙地用戶消耗的總功率增大時(shí)，由I=可得通過(guò)對(duì)的電流越大，根據(jù)Q=I2Rt可知相同時(shí)間內(nèi)輸電線上產(chǎn)生的熱量增多，故A正確；B、因?yàn)橛脩襞c輸電線是串聯(lián)的，串聯(lián)電路有分壓特點(diǎn)，則乙地用戶用電器上的電壓要比220V小，故B錯(cuò)誤；C、由于電流不確定，則根據(jù)Q=I2Rt可知輸電線上產(chǎn)生的熱量不確定，故C錯(cuò)誤；D、若出現(xiàn)觸電事故，應(yīng)迅速切斷電源，再實(shí)施救援，故D錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評(píng)：此題主要考查學(xué)生對(duì)于電功率公式和焦耳定律公式的理解和掌握，將知識(shí)應(yīng)用實(shí)際生活中是能力的體現(xiàn)8如右圖所示，電梯內(nèi)一彈簧下掛一物塊，當(dāng)整個(gè)電梯突然向上作加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是A物塊速度變大時(shí)其慣性增大B彈簧對(duì)物塊的拉力等于物塊的

15、重力C彈簧對(duì)物塊的拉力等于物塊對(duì)彈簧的拉力D彈簧伸長(zhǎng)了，彈性勢(shì)能不變考點(diǎn)：慣性；力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系；動(dòng)能和勢(shì)能的大小變化.專題：運(yùn)動(dòng)和力；機(jī)械能及其轉(zhuǎn)化分析：（1）慣性大小只跟物體的質(zhì)量大小有關(guān)，跟物體是否受力、是否運(yùn)動(dòng)、運(yùn)動(dòng)速度等都沒(méi)有關(guān)系，質(zhì)量越大，慣性越大（2）處于平衡狀態(tài)的物體才受到平衡力的作用；（3）力的作用是相互的；（4）影響彈性勢(shì)能的因素有彈性形變的大小，在彈性限度內(nèi)，彈性形變?cè)酱?，物體具有的彈性勢(shì)能越大解答：解：A、慣性大小只跟物體的質(zhì)量大小有關(guān)，跟物體運(yùn)動(dòng)速度等都沒(méi)有關(guān)系故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)整個(gè)電梯突然向上作加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧對(duì)物塊的拉力大于物塊的重力故B錯(cuò)誤；C、彈簧對(duì)物塊的拉力和物

16、塊對(duì)彈簧的拉力是一對(duì)相互作用力，大小相等故C正確；D、彈簧伸長(zhǎng)了，彈性勢(shì)能增大故D錯(cuò)誤故選C點(diǎn)評(píng)：此題考查慣性、力的作用是相互的、影響彈性勢(shì)能的因素等多個(gè)知識(shí)點(diǎn)，是一道綜合性很強(qiáng)的題目，解答此題需要特別注意的是處于平衡狀態(tài)的物體才受到平衡力的作用9如下圖所示，甲圖斜面光滑，乙圖斜面粗糙，斜面上所放物塊相同。則下列說(shuō)法正確的是A甲圖中，物塊從斜面滑下時(shí)，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能B乙圖中，物塊由斜面滑下時(shí)，只受重力和摩擦力，其內(nèi)能增加C乙圖中，若物塊勻速滑下，其機(jī)械能守恒D若乙圖中斜面傾角變小，斜面的機(jī)械效率變小考點(diǎn)：動(dòng)能和勢(shì)能的轉(zhuǎn)化與守恒；斜面的機(jī)械效率；動(dòng)能和勢(shì)能的大小變化.專題：功、功率、機(jī)械效率

17、；機(jī)械能及其轉(zhuǎn)化分析：（1）影響動(dòng)能的影響因素是物體的質(zhì)量和物體運(yùn)動(dòng)的速度，影響重力勢(shì)能的因素是物體的質(zhì)量和物體的高度，其中動(dòng)能和勢(shì)能統(tǒng)稱為機(jī)械能（2）通過(guò)對(duì)物體進(jìn)行受力分析對(duì)B選項(xiàng)作出判斷；（3）在斜面粗糙程度相同時(shí)，斜面傾角越大，機(jī)械效率越高解答：解：A、甲圖中，物塊從光滑斜面滑下，質(zhì)量不變，高度下降，勢(shì)能減小，速度加快，動(dòng)能增大，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能故A正確；B、乙圖中，物塊由斜面滑下時(shí)，因斜面粗糙，受到摩擦力的作用，內(nèi)能增加，但對(duì)物塊進(jìn)行受力分析可知，物塊共受到重力、摩擦力和斜面對(duì)它的支持力三個(gè)力的作用故B錯(cuò)誤；C、乙圖中，若物塊勻速滑下，速度不變，質(zhì)量不變，動(dòng)能不變，高度下降，重力勢(shì)能

18、減小，所以機(jī)械能減小故C錯(cuò)誤；D、在斜面粗糙程度相同時(shí)，斜面傾角越大，機(jī)械效率越高，若乙圖中斜面傾角變小，斜面的機(jī)械效率變小故D正確故選AD點(diǎn)評(píng)：此題考查動(dòng)能和勢(shì)能的大小變化，機(jī)械能是否守恒的判斷、斜面的機(jī)械效率等多個(gè)知識(shí)點(diǎn)，是一道綜合性很強(qiáng)的題目，解答中需要特別注意的是兩個(gè)斜面，一個(gè)光滑，一個(gè)粗糙物理中說(shuō)的“光滑”意味著沒(méi)有摩擦力10如右圖，電源電壓為12V，電流表量程00.6A，電壓表量程015V,小燈泡上標(biāo)有“6V 3 W”字樣，要求開(kāi)關(guān)閉合后兩個(gè)電表的示數(shù)均不超過(guò)所選量程，且燈泡兩端電壓不允許超過(guò)額定電壓（設(shè)燈絲電阻不變）。則下列說(shuō)法正確的是A燈絲電阻為12B該電路的最大功率為7.2W

19、C當(dāng)電流表示數(shù)為0.3A時(shí)，電壓表示數(shù)為8.4VD滑動(dòng)變阻器允許調(diào)節(jié)的最小阻值是12考點(diǎn)：歐姆定律的應(yīng)用；電功率的計(jì)算.專題：歐姆定律；電能和電功率分析：由圖可知燈泡和滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器的電壓，電流表測(cè)電路中的電流；A、已知小燈泡的規(guī)格“6V 3W”，根據(jù)P=可求得燈絲電阻B、已知小燈泡的規(guī)格“6V 3W”，則可求出燈泡的額定電流，比較額定電流及電流表的最大量程，可得出電路中允許通過(guò)的最大電流，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻最小，根據(jù)歐姆定律求出電路的電阻，利用電阻的串聯(lián)特點(diǎn)求出滑動(dòng)變阻器接入電路的最小值，再根據(jù)P=UI求出此時(shí)電路中的最大功率C、則可求出燈泡的電阻，然后根據(jù)歐

20、姆定律的變形公式U=IR求出燈泡兩端電壓，再利用串聯(lián)電路電壓的特點(diǎn)求出滑動(dòng)變阻器兩端電壓，即電壓表的示數(shù)D、根據(jù)燈正常發(fā)光時(shí)的電流可知，電路中的最大電流，然后根據(jù)歐姆定律可求得滑動(dòng)變阻器允許調(diào)節(jié)的最小阻值解答：解：A、由P=可得，燈絲電阻R=12，故A正確；B、由P=UI可得，燈正常發(fā)光時(shí)的電流為：IL=0.5A；因此電路中的最大電流：I最大=0.5A，則電路中的最大功率：P最大=UI最大=12V0.5A=6W，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)電路中電流為0.3A時(shí)，燈泡兩端電壓：U1=I1RL=0.3A12=3.6V；因?yàn)榇?lián)電路兩端電壓等于各部分電壓之和，所以滑動(dòng)變阻器兩端電壓：U2=12V3.6V=8.

21、4V，故C正確；D、由歐姆定律可得，I最大=，0.5A=，解得R最小=12；故D正確故選ACD點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵：一是根據(jù)燈的銘牌求出燈泡的電阻，二是根據(jù)燈的銘牌求出允許通過(guò)的最大電流、確定滑動(dòng)變阻器連入的最小阻值二、實(shí)驗(yàn)探究題（本題共3小題，共20分）11（8分）（1）如圖，請(qǐng)作出凸透鏡的入射光線和進(jìn)入水中的折射光線。（2）物塊從斜面滑至粗糙水平面向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受一水平向左的推力F，請(qǐng)畫(huà)出該物塊此時(shí)在水平方向上的受力示意圖（請(qǐng)將力的作用點(diǎn)畫(huà)在物塊重心處）。（3）傳遞手機(jī)信號(hào)的是，石油是能源(填“可再生”或“不可再生”)。（4）如下圖所示，是探究杠桿平衡條件的實(shí)驗(yàn)裝置，要使杠桿在水平位置平衡，

22、B處應(yīng)掛與A處同樣大小的鉤碼個(gè)數(shù)為。（5）如上圖所示，用塑料管可以將瓶中的水吸到嘴里，這是利用了?？键c(diǎn)：透鏡的光路圖；力的示意圖；杠桿的平衡條件；大氣壓強(qiáng)的存在；能源的分類.專題：圖像綜合題分析：（1）平行于主光軸的光線，經(jīng)透鏡折射后過(guò)焦點(diǎn)，據(jù)此畫(huà)出入射光線；光從空氣斜射入水，根據(jù)折射角小于入射角畫(huà)出折射光線；（2）對(duì)物體進(jìn)行受力分析：豎直方向上，受到重力和支持力，水平方向上，因?yàn)橄蛴疫\(yùn)動(dòng)，所以受到水平向左的摩擦力；據(jù)此畫(huà)出受力示意圖；（3）手機(jī)既能發(fā)射電磁波，也能接收電磁波；不可再生能源是在短時(shí)間內(nèi)無(wú)法再生的能源，常見(jiàn)的化石資源、礦產(chǎn)資源都是不可再生能源常見(jiàn)的可再生能源有風(fēng)能、水能、太陽(yáng)能等

23、；（4）由圖示確定動(dòng)力、動(dòng)力臂、阻力臂，然后由杠桿平衡條件求出在B處所掛的鉤碼個(gè)數(shù)（5）大氣壓在生產(chǎn)生活中有很多應(yīng)用，此題可用大氣壓的知識(shí)解答解答：解：（1）折射光線過(guò)焦點(diǎn)，則入射光線平行于主光軸；先過(guò)入射點(diǎn)O畫(huà)出法線，再根據(jù)折射角小于入射角畫(huà)出折射光線，如圖所示：（2）物體在水平向左的方向上受到摩擦力f、推力F的作用，如圖所示：（3）手機(jī)信號(hào)依靠電磁波傳輸，不需要介質(zhì)；石油的總量是有限的，屬于不可再生能源；（4）設(shè)每個(gè)鉤碼的重力是G，杠桿每格的長(zhǎng)度是L，由圖示可知，動(dòng)力F動(dòng)=4G，動(dòng)力臂L動(dòng)=3L，阻力臂L阻=2L，由杠桿平衡條件得：F動(dòng)L動(dòng)=F阻L阻，即4G3L=F阻2L，解得F阻=6G，

24、則在B處應(yīng)掛6個(gè)鉤碼；（5）人用力吸塑料管，塑料管內(nèi)的壓強(qiáng)小于管外大氣壓，所以瓶中的水在大氣壓的作用下被吸到嘴里故答案為：（1）如圖所示；（2）如圖所示；（3）電磁波；不可再生；（4）6；（5）大氣壓點(diǎn)評(píng)：本題為光學(xué)、力學(xué)綜合題，考查了凸透鏡的三條特殊光線、光的折射圖、力的示意圖、電磁波的應(yīng)用、杠桿平衡條件的應(yīng)用、能源的分類、大氣壓的應(yīng)用等知識(shí)，雖知識(shí)點(diǎn)多、綜合性強(qiáng)，但都屬于基礎(chǔ)，難度不大12（6分）小芳到實(shí)驗(yàn)室做“測(cè)量小燈泡額定功率”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，老師只給她提供了如下器材：標(biāo)有“2.5V”的小燈泡、電源、滑動(dòng)變阻器、開(kāi)關(guān)、兩個(gè)電壓表（沒(méi)有電流表）、阻值為10的定值電阻R0、導(dǎo)線若干。她根據(jù)所給定

25、的器材經(jīng)過(guò)認(rèn)真思考后設(shè)計(jì)了正確的實(shí)驗(yàn)電路，如圖甲是該電路的不完整電路圖。甲乙（1）請(qǐng)你將甲電路圖補(bǔ)充完整。（2）閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器調(diào)至阻值的位置。（3）閉合開(kāi)關(guān)后，為了測(cè)量小燈泡的額定功率，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電壓表V1的示數(shù)為V，此時(shí)電壓表V2的示數(shù)如圖乙所示，是V。（4）小燈泡的額定功率為W。（5）她還進(jìn)一步設(shè)計(jì)出了只有電流表沒(méi)有電壓表解決這個(gè)問(wèn)題的方法，其電路如圖丙所示，R0=10，并認(rèn)為關(guān)鍵的一步是必須調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表A2的示數(shù)為A時(shí)，再讀出電流表A1的示數(shù)，才能計(jì)算出小燈泡的額定功率?？键c(diǎn)：電功率的測(cè)量.專題：測(cè)量型實(shí)驗(yàn)綜合題分析：（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理R=可知，在沒(méi)有電

26、流表的情況下，利用電壓表和定值電阻代替電流表的作用，采用分壓電路，據(jù)此分析解答；（2）閉合開(kāi)關(guān)前滑片滑到阻值最大處；（3）要測(cè)量小燈泡的額定功率，電壓要調(diào)到額定電壓；看清量程和分度值讀出示數(shù)；（4）利用歐姆定律算出電路中的電流，結(jié)合串聯(lián)電流相等特點(diǎn)得到燈中的電流，利用P=UI求出電功率；（5）要測(cè)量小燈泡的額定功率，小燈泡兩端的電壓為額定電壓，根據(jù)并聯(lián)電壓相等和利用歐姆定律計(jì)算電流即可解答：解：（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理R=可知，在沒(méi)有電流表的情況下，利用電壓表和定值電阻代替電流表的作用，采用分壓電路，電壓表V2并聯(lián)在定值電阻兩端，電路如圖所示：（2）閉合開(kāi)關(guān)前滑片滑到阻值最大處；（3）因?yàn)樾襞莸念~

27、定電壓為2.5V，閉合開(kāi)關(guān)后，為了測(cè)量小燈泡的額定功率，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電壓表V1的示數(shù)為2.5V，電壓表V2量程為03V，分度值為0.1V，此時(shí)示數(shù)為U2=2.4V；此時(shí)電路中的電流為I=IL=I0=0.24A；（4）小燈泡的額定電功率為：PL=ULIL=2.5V0.24A=0.6W；（5）要測(cè)量小燈泡的額定功率，小燈泡兩端的電壓為額定電壓，根據(jù)并聯(lián)電壓相等，則定值電阻兩端電壓等于2.5V，又知R0=10，故電流表A2的示數(shù)為I2=0.25A故答案為：（1）如上圖所示；（2）最大；（3）2.5；2.4；（4）0.6；（5）0.25點(diǎn)評(píng)：此題主要考查學(xué)生對(duì)于伏安法測(cè)電功率實(shí)驗(yàn)的理解和掌握，

28、關(guān)鍵是單只電表與定值電阻如何測(cè)量待測(cè)量屬于難題13.（6分）小紅物理學(xué)習(xí)小組在“測(cè)量物質(zhì)的密度”的實(shí)驗(yàn)中，所用器材有：天平、小石塊、燒杯、水、細(xì)線等，她的實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：（1）調(diào)節(jié)天平平衡時(shí)，應(yīng)將游碼移至處，若發(fā)現(xiàn)天平的指針偏向分度盤(pán)的右側(cè)，應(yīng)將平衡螺母向調(diào)(填“左”或“右”)，直至天平平衡。（2）用天平測(cè)出石塊的質(zhì)量。（3）如圖甲所示，將燒杯中裝入適量的水，置于天平上，平衡時(shí)的讀數(shù)為。（4）如圖乙所示，接著用細(xì)線將石塊拴住，使之完全浸沒(méi)在上述燒杯的水中，天平平衡時(shí)的讀數(shù)為（此時(shí)手向上拉住細(xì)線另一端，石塊不觸杯壁和杯底，水不外溢）。（5）若水的密度為，則石塊排開(kāi)水的質(zhì)量為，石塊的體積為。（6）石

29、塊的密度表達(dá)式為。（7）此實(shí)驗(yàn)過(guò)程中若將（3）（4）順序?qū)Q，則所測(cè)密度的誤差是偏?？键c(diǎn)：固體的密度測(cè)量實(shí)驗(yàn).專題：測(cè)量型實(shí)驗(yàn)綜合題分析：（1）將天平放在水平臺(tái)上后，將游碼移至左端的零刻線，指針偏右說(shuō)明左盤(pán)高，平衡螺母向左調(diào)；（5）用細(xì)線將石塊拴住，使之完全浸沒(méi)在上述燒杯的水中，天平平衡時(shí)的讀數(shù)為m3（此時(shí)手向上拉住細(xì)線另一端，石塊不觸杯壁和杯底，水不外溢），排開(kāi)水的質(zhì)量為（3）（4）質(zhì)量之差，利用排開(kāi)水的體積即為石塊的體積，結(jié)合密度公式求出體積；（6）利用密度公式表達(dá)石塊的密度；（7）若對(duì)換步驟順序，從排開(kāi)水的體積變化入手分析測(cè)量體積變化，分析密度變化解答：解：（1）調(diào)節(jié)天平平衡時(shí)，應(yīng)將游碼

30、移至零刻線處，若發(fā)現(xiàn)天平的指針偏向分度盤(pán)的右側(cè)，應(yīng)將平衡螺母向左調(diào)，直至天平平衡；（5）用細(xì)線將石塊拴住，使之完全浸沒(méi)在上述燒杯的水中，天平平衡時(shí)的讀數(shù)為m3（此時(shí)手向上拉住細(xì)線另一端，石塊不觸杯壁和杯底，水不外溢），排開(kāi)水的質(zhì)量為m排=m3m2；若水的密度為水，石塊的體積為V石=V排=（6）石塊的密度為石塊=（7）此實(shí)驗(yàn)過(guò)程中若將（3）（4）順序?qū)Q，則所測(cè)水與燒杯的質(zhì)量m2變小，因?yàn)樘岢鍪瘔K時(shí)會(huì)有水帶出，則所測(cè)排開(kāi)水的體積變大，因此測(cè)得的石塊的體積變大，故測(cè)量石塊的密度偏小故答案為：（1）零刻度；左；（5）m3m2；（6）；（7）小點(diǎn)評(píng)：此題主要考查學(xué)生對(duì)于測(cè)量密度實(shí)驗(yàn)的理解和掌握，天平的

31、調(diào)解、利用轉(zhuǎn)換思維求體積是重點(diǎn)與難點(diǎn)三、應(yīng)用題（本題共3小題，共20分）14（4分）孝感城區(qū)每天清晨都要進(jìn)行灑水，若一輛灑水車(chē)空車(chē)質(zhì)量6t，水罐容積5m3.裝滿水后，車(chē)輪與地面的總接觸面積為0.5m2.（g取10N/kg，水=1.0103kg/m3）。問(wèn)：（1）該車(chē)最多能裝水的質(zhì)量為多少？（2）灑完一半水時(shí)，灑水車(chē)對(duì)地面的壓強(qiáng)為多少?（3）若罐內(nèi)水深1.5m，則水對(duì)罐底的壓強(qiáng)為多少？考點(diǎn)：密度公式的應(yīng)用；壓強(qiáng)的大小及其計(jì)算；液體的壓強(qiáng)的計(jì)算.專題：計(jì)算題；密度及其應(yīng)用；壓強(qiáng)、液體的壓強(qiáng)分析：（1）已知水罐的容積，利用m=V得出水的質(zhì)量；（2）灑完一半水時(shí)，求出灑水車(chē)和水的總質(zhì)量，可以得到重力，

32、汽車(chē)和水對(duì)地面的壓力等于總重力；已知壓力和受力面積，利用p=得到灑水車(chē)對(duì)地面的壓強(qiáng)；（3）利用p=gh即可求出水對(duì)罐底的壓強(qiáng)解答：解：（1）由=得：m=水V=1.0103kg/m35 m3=5103kg；（2）灑完一半水時(shí)，水的質(zhì)量m=m=5103kg=；則汽車(chē)和水的總質(zhì)量m總=m車(chē)+m=6103kg+2.5103kg=8.5103kg，則F=m總g=8.5103kg10N/kg=8.5104N，所以，p=1.7105Pa；（3）水對(duì)罐底的壓強(qiáng)p水=水gh=1.0103kg/m310N/kg1.5m=1.5104Pa答：（1）該車(chē)最多能裝水的質(zhì)量為5103kg；（2）灑完一半水時(shí)，灑水車(chē)對(duì)地面

33、的壓強(qiáng)為1.7105Pa；（3）若罐內(nèi)水深1.5m，則水對(duì)罐底的壓強(qiáng)為1.5104Pa點(diǎn)評(píng)：本題考查密度和壓強(qiáng)公式的應(yīng)用，注意物體只有放在水平面上的物體對(duì)支持面的壓力才等于其重力15（8分）如圖所示的電路中，電源電壓為8V，R2是阻值為40的定值電阻，壓敏電阻R1的阻值隨壓力的變化情況如圖乙所示。當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，問(wèn)：（1）當(dāng)壓敏電阻R1受到的壓力從0增加到3N的過(guò)程中，電流表示數(shù)的變化是（填“增大”“減少”）？（2）當(dāng)電流表示數(shù)為0.4A時(shí)，壓敏電阻受到的壓力為多少？（3）當(dāng)電路連續(xù)工作10mim，電阻R2產(chǎn)生的熱量為多少？（4）若此熱量的84%給20g的水加熱，則水溫升高多少？（水的比熱容為

34、）考點(diǎn)：歐姆定律的應(yīng)用；熱量的計(jì)算；焦耳定律的計(jì)算公式及其應(yīng)用.專題：比熱容、熱機(jī)、熱值；歐姆定律；電與熱、生活用電分析：（1）由圖乙所示可知，壓力F由0增大到4N時(shí)，R1的阻值由100歐減小到30歐，根據(jù)歐姆定律分別求得當(dāng)F=0時(shí)和F=3N時(shí)的電路，然后可知電流表示數(shù)的變化（2）分析清楚電路結(jié)構(gòu)，由圖示圖象求出壓力對(duì)應(yīng)的電阻阻值，然后應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求得此時(shí)壓敏電阻阻值，然后根據(jù)圖乙可知壓敏電阻受到的壓力（3）根據(jù)Q2=W2=UIt可求得電阻R2產(chǎn)生的熱量；（4）已知此熱量的84%給20g的水加熱，根據(jù)Q=cmt可求得水溫升高多少解答：解：（1）由圖甲所示電路圖可知，兩電阻并聯(lián)接在電源兩端，電流表測(cè)干路電流；由圖乙所示可知，壓力F由0增大到3N時(shí)，R1的阻值由100歐減小到30歐，則：當(dāng)F=0時(shí)，I=I1+I2=+=+=0.28A；當(dāng)F=3N時(shí)，I=I1+I2=+=+0.47A；所以，電流表示數(shù)變大（2）通過(guò)定值電阻的電流：I2=0.2A，電流表示數(shù)為0.4A時(shí)，通過(guò)壓敏電阻的電流：I1=II2=0.4A0.2A=0.20A，此時(shí)壓敏電阻阻值：R1=40，由圖乙所示可知，R1=40時(shí)，F(xiàn)=2N，則壓力為2N；（3）電阻R2產(chǎn)生的電熱：Q2=W2=UIt=8V0.2A10