物理選修31測試含答案

1、物理模擬3-1考試時間：100分鐘；命題人：柳開文一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）1. 在電場中的某點放入電荷量為-q的試探電荷時，測得該點的電場強度為E；若在該點放入電荷量為+2q的試探電荷，其它條件不變，此時測得該點的電場強度為（）A. 大小為2E，方向和E相反B. 大小為E，方向和E相同C. 大小為2E，方向和E相同D. 大小為E，方向和E相反2. 下列關(guān)于電場線和磁感線的說法中，正確的是（）A. 電場線和磁感線都是電場或磁場中實際存在的線B. 磁場中兩條磁感線一定不相交，但在復(fù)雜電場中的電場線是可以相交的C. 電場線是一條不閉合曲線，而磁感線是一條閉合曲線D. 電場線越密的地

2、方，同一試探電荷所受的電場力越大；磁感線分布較密的地方，同一試探電荷所受的磁場力也越大3. 如圖1AB是某電場中的一條電場線，若將正點電荷從A點自由釋放，沿電場線從A到B運動過程中的速度圖線如圖2所示，則A、B兩點場強大小和電勢高低關(guān)系是（）A. EAEB；ABB. EAEB；ABC. EAEB；ABD. EAEB；AB4. 如圖所示，在真空中，兩個放在絕緣架上的相同金屬小球A和B，相距為r球的半徑比r小得多，A帶電荷量為+4Q，B帶電荷量為-2Q，相互作用的靜電力為F現(xiàn)將小球A和B互相接觸后，再移回至原來各自的位置，這時A和B之間相互作用的靜電力為F則F與F之比為（）A. 8：3B. 8：1

3、C. 1：8D. 4：15. 一點電荷從電場中的A點移動到B點，靜電力做功為零，則以下說法中正確的是（）A. A、B兩點的電勢一定相等B. A、B兩點的電場強度一定相等C. 該點電荷一定始終沿等勢面運動D. 作用于該點電荷的靜電力方向與其移動方向一定是始終垂直的6. 如圖為某勻強電場的等勢面分布圖（等勢面豎直分布），已知每兩個相鄰等勢面相距2cm，則該勻強電場的電場強度大小和方向分別為（）A. E=100V/m，豎直向下B. E=100V/m，豎直向上C. E=100V/m，水平向左D. E=100V/m，水平向右7. 通過兩定值電阻R1、R2的電流I和其兩端電壓U的關(guān)系圖象分別如圖所示，由圖

4、可知兩電阻的阻值之比R1：R2等于（）A. 1：3B. 3：1C. 1：D. ：1二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）8. 圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點若帶電粒子在運動中只受電場力作用，根據(jù)此圖可作出正確判斷的是（）A. 帶電粒子所帶電荷的符號B. 帶電粒子在a、b兩點的受力方向C. 帶電粒子在a、b兩點的速度何處較大D. 帶電粒子在a、b兩點的電勢能何處較大9. 如圖所示，用控制變量法可以研究影響平行板電容器電容的因素設(shè)兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為實驗中，極板所帶電荷量不變，

5、則（）A. 保持S不變，增大d，則變大B. 保持S不變，增大d，則變小C. 保持d不變，增大S，則變大D. 保持d不變，增大S，則變小10. 如圖所示，一帶電油滴懸浮在平行板電容器兩極板A、B之間的P點，處于靜止狀態(tài)現(xiàn)將極板A向下平移一小段距離，但仍在P點上方，其它條件不變下列說法中正確的是（）A. 液滴將向下運動B. 液滴將向上運動C. 極板帶電荷量將增加D. 極板帶電荷量將減少11. 下列關(guān)于電流的說法中，正確的是（）A. 我們把大小、方向都不隨時間變化的電流稱為恒定電流B. 國際單位制中，電流的單位是安培，簡稱安C. 電流既有大小又有方向，所以電流是矢量D. 由I=可知，電流越大，單位時

6、間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量就越多12. 鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示（）A. 鉛蓄電池在1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能B. 鉛蓄電池將1C的正電荷從正極移至負極的過程中，2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔蹸. 鉛蓄電池將1C的正電荷從負極移至正極的過程中，2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔蹹. 鉛蓄電池將化學(xué)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔艿谋绢I(lǐng)比一節(jié)干電池（電動勢為1.5V）的大三、實驗題探究題（本大題共2小題，共18.0分）13. （1）用多用表的歐姆檔測量阻值約為幾十k的電阻Rx，以下給出的是可能的操作步驟，其中S為選擇開關(guān)，P為歐姆檔調(diào)零旋鈕，把你認為正確的步驟前的字母按合理的順序填寫在下面的橫線上a將兩表筆短接，調(diào)節(jié)P使指針

7、對準刻度盤上歐姆檔的零刻度，斷開兩表筆b將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端，讀出Rx的阻值后，斷開兩表筆c旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準歐姆檔×1k d旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準歐姆檔×100 e旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準交流500V檔，并拔出兩表筆_ 根據(jù)如圖所示指針位置，此被測電阻的阻值約為_ （2）下述關(guān)于用多用表歐姆檔測電阻的說法中正確的是_ （A）測量電阻時如果指針偏轉(zhuǎn)過大，應(yīng)將選擇開關(guān)S撥至倍率較小的檔位，重新調(diào)零后測量（B）測量電阻時，如果紅、黑表筆分別插在負、正插孔，不會影響測量結(jié)果（C）測量電路中的某個電阻，應(yīng)該把該電阻與電路斷開（D）測量阻值不同的電阻時都必須重新調(diào)零14. 用伏安法

8、測一節(jié)干電池的電動勢E和內(nèi)電阻r，所給的器材有：A電壓表（量程03V）B電壓表（量程015V）C電流表（量程03A） D電流表（量程00.6A）E變阻器R1（總電阻20）   F變阻器R2（總電阻100）G以及電鍵S和導(dǎo)線若干（1）應(yīng)選擇的器材有_ （2）畫出實驗電路圖（3）如圖所示的U-I圖上是由實驗測得的7組數(shù)據(jù)標出的點，請你完成圖線，并由圖線求出E= _ V，r= _ 四、計算題（本大題共5小題，共50.0分）15. 有一個直流電動機，把它接入0.2V電壓的電路，當電機不轉(zhuǎn)時，測得流過電動機的電流是0.4A；若把電動機接入2.0V電壓的電路中，電動

9、機正常工作，工作電流是1.0A問：（1）電動機正常工作時的輸出功率多大？（2）如果在電動機正常工作時，轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動機的發(fā)熱功率是多大？16. 如圖所示為一組未知方向的勻強電場的電場線，將帶電荷量為q=-1.0×10-6C的點電荷由A點沿水平線移至B點，克服靜電力做了2×10-6J的功，已知A、B間的距離為2cm（1）試求A、B兩點間的電勢差UAB；（2）若A點的電勢為A=1V，試求B點的電勢B；（3）試求該勻強電場的大小E并判斷其方向17. 如圖所示，一個電子以速度v0垂直射入磁感應(yīng)強度為B，寬為d的勻強磁場中，穿出磁場的速度方向與電子原來的入射方向的夾角為30&#

10、176;，（電子重力忽略不計）求：（1）電子的質(zhì)量是多少？（2）穿過磁場的時間是多少？（3）若改變初速度大小，使電子剛好不能從A邊射出，則此時速度v是多少？18. 如圖，金屬桿ab的質(zhì)量為m，長為L，通過的電流為I，處在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，結(jié)果ab靜止且緊壓于水平導(dǎo)軌上若磁場方向與導(dǎo)軌平面成角，求：（1）棒ab受到的摩擦力；（2）棒對導(dǎo)軌的壓力19. 在相互垂直的勻強電場和勻強磁場中，有一傾角為，足夠長的光滑絕緣斜面，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面向外，電場方向豎直向上有一質(zhì)量為m，帶電量為十q的小球靜止在斜面頂端，這時小球?qū)π泵娴恼龎毫η『脼榱?，如圖所示，若迅速把電場方向反轉(zhuǎn)豎直向下，

11、小球能在斜面上連續(xù)滑行多遠？所用時間是多少？答案和解析【答案】1. B    2. C    3. D    4. B    5. A    6. C    7. B    8. BCD    9. AD    10. BC &#

12、160;  11. ABD    12. CD    13. cabe；30k；ABC14. ADEG；1.5；0.515. 解：（1）當電機不轉(zhuǎn)時，由歐姆定律得到，電機的內(nèi)阻，當電機正常工作時，輸出功率P出=UI-I2r=2W-0.5W=1.5W （2）電動機的轉(zhuǎn)子突然被卡住時，此時相當于純電阻，發(fā)熱功率為答：（1）電動機正常工作時的輸出功率是1.5W；（2）在電動機正常工作時，轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動機的發(fā)熱功率是8W16. 解：（1）由題意可知，靜電力做負功，有：  根據(jù)UAB= 得

13、：UAB=2V （2）由UAB=A-B，可得：B=A-UAB=1V-2V=-1V  （3）沿著電場方向的位移為：d=2×10-2cos60°m=1×10-2m E= 沿著電場線方向電勢降低，所以電場線的方向：沿電場線斜向下  答：（1）A、B兩點間的電勢差UAB為2V；（2）B點的電勢B為-1V；（3）該勻強電場的大小200V/m，方向：沿電場線斜向下17. 解：（1）電子在磁場中運動，只受洛倫茲力作用，故其軌跡是圓弧的一部分，又因為F洛v，故圓心在電子穿入和穿出磁場時受到洛倫茲力指向的交點上，設(shè)圓心為O點如圖所示 由幾何知識可知，圓心角=30

14、°，OC為半徑r，則得：r=2d 又由r=得：m= （2）電子穿過磁場的時間是：t=T= 由于，得： （3）電子剛好不能從A邊射出時，軌跡恰好與磁場右邊界相切，由幾何知識得R=d，由R=d 根據(jù)2d=，可得：v=v0答：（1）電子的質(zhì)量是（2）穿過磁場的時間是（3）若改變初速度大小，使電子剛好不能從A邊射出，則此時速度v是v018. 解：作出金屬桿受力的主視圖，如圖  根據(jù)平衡條件得Ff=FAsin mg=FN+FAcos    又FA=BIL 解得：Ff=BILsin FN=mg-BILcos 答：（1）棒ab受到的摩擦力是BILsin；（2

15、）棒對導(dǎo)軌的壓力是mg-BILcos19. 解：設(shè)電場強度為E，則電場反轉(zhuǎn)前：mg=qE      電場反轉(zhuǎn)后，設(shè)小球離開斜面時的速度為v，則：qvB=（mg+qE）cos    加速度：a=2gsin 由勻變速規(guī)律有：v2=2as   v=at       由以上各式解得小球能沿斜面連續(xù)滑行的距離：s= 所用時間：t= 答：若迅速把電場方向反轉(zhuǎn)豎直向下，小球能在斜面上連續(xù)滑行遠，所用時間是【解析】1. 解：電場強度是描述電場強弱的物理

16、量，是試探電荷所受的電場力F與試探電荷所帶的電荷量q的比值，是由電場本身決定，故與試探電荷的有無，電性，電量的大小無關(guān)故在該點放入電荷量為-q的試探電荷時電場強度為E，改放電荷量為+2q的試探電荷時電場強度仍為E故B正確故選：B電場強度是由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)，故放入電荷量為-q的試探電荷時的電場強度與放入電荷量為+2q的試探電荷時的電場強度相同電場強度是由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)2. 解：A、電場線和磁感線都是為了形象的描述電場和磁場而引入的曲線，是假想的，不是實際存在的線，所以A錯誤；B、電場線和磁感線都是不會相交的，否則的話在該點就會出現(xiàn)兩個不同的方向，這是不可能的，所以B錯

17、誤；C、電場線是一條不閉合曲線，有起點和終點，而磁感線是一條閉合曲線，所以C正確；D、電場線越密的地方，電場的強度大，同一試探電荷所受的電場力越大，但是在磁場中，靜止的電荷是不受磁場力作用的，所以D錯誤；故選C電場線是從正電荷或者無窮遠發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，沿電場線的方向，電勢降低，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度??；磁感線是在磁場中的用來描述磁感應(yīng)強度的閉合的曲線，它的特點和電場線類似，但是磁感線是閉合的曲線，電場線不是閉合的，有起點和終點本題就是考查學(xué)生對電場線和磁感線的理解，它們之間的最大的區(qū)別是磁感線是閉合的曲線，但電場線不是閉合的，有起點和終點3. 解：正

18、電荷從A釋放（初速為0）后，加速運動到B，說明正電荷受到的電場力方向是從A指向B，那么電場方向就是由A指向B，由于沿電場線方向電勢逐漸降低，所以AB兩點的電勢關(guān)系是AB；正電荷從A運動到B的過程中，它的加速度是逐漸減小的（乙圖中的“斜率”表示加速度），由牛頓第二定律知，正電荷從A到B時，受到的電場力是逐漸減小的，所以，EAEB故D正確，ABC錯誤故選：D 從速度時間圖線得到電子做加速運動，加速度逐漸變小，根據(jù)牛頓第二定律得到電場力的變化情況，電勢的高低看電場線的指向，沿著電場線電勢一定降低本題關(guān)鍵通過速度時間圖象得到物體的速度變化情況和加速度變化情況，然后判斷場強方向和電勢大小4. 解：由庫侖

19、定律可得：沒接觸前AB之間的靜電力為F，則F=k=k，而兩球接觸后再分開，它們的電荷量是先中和，在平分，故分開后，若兩球帶的是同種電荷，則兩球的帶電量均為為Q 則庫侖力F=k=F，所以F與F之比為8：1 故選B由庫侖定律可得出兩球在接觸前后的庫侖力表達式，則根據(jù)電量的變化可得出接觸后的作用力與原來作用力的關(guān)系在解答本題的時候，一定要注意，它們帶的異種電荷，在接觸之后，它們的電荷量要先中和，之后再平分5. 解：A、根據(jù)電場力做功公式WAB=qUAB，靜電力做功為零，UAB=0，A、B兩點電勢相等，故A正確    B、電場強度與電勢沒有直接關(guān)系，電勢相等，場強不一定相

20、等故B錯誤    C、D電場力做功只與電荷的初末位置有關(guān)，與路徑無關(guān)，電場力做功為零，電荷不一定沿等勢面移動，靜電力不一定與移動方向垂直故C、D錯誤    故選A根據(jù)電場力做功公式WAB=qUAB，靜電力做功為零，UAB=0，A、B兩點電勢相等，電場強度不一定相等電場力做功只與電荷的初末位置有關(guān)，與路徑無關(guān)，可判斷電荷不一定沿等勢面移動，靜電力就不一定與移動方向垂直電場力與重力相似，做功只與初末位置有關(guān)，與路徑無關(guān)6. 解：根據(jù)電場線總是與等勢面垂直，而且由高電勢指向低電勢，可知，電場強度方向水平向左兩個相鄰等勢面相距d=2

21、cm，電勢差U=2V，則電場強度E=故選C 電場線總是與等勢面垂直，而且由高電勢指向低電勢根據(jù)勻強電場場強與電勢差的關(guān)系E=求出電場強度的大小本題考查電場線與等勢面的關(guān)系、場強與電勢差的關(guān)系公式E=中，d是沿電場線方向兩點間的距離7. 解：根據(jù)歐姆定律得I=，由數(shù)學(xué)知識得知，圖線的斜率等于電阻的倒數(shù)，則R1：R2=cot30°：cot60°=3：1故選B 根據(jù)歐姆定律，分析圖線的斜率與電阻的關(guān)系，求解電阻之比本題關(guān)鍵要抓住伏安特性曲線的斜率等于電阻的倒數(shù)，從數(shù)學(xué)的角度求解電阻之比8. 解：AB、粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，由于電場線

22、方向不明，無法確定粒子的電性故A錯誤，B正確C、由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關(guān)系分析可知，由a到b，電場力對粒子做負功，粒子的動能減小，電勢能增大，則粒子在a點的速度較大b點的電勢能大，故CD正確故選：BCD 由圖，粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子受到的電場力大體向左，電場線方向不明，無法判斷粒子的電性根據(jù)電場線疏密程度，判斷ab兩點場強的大小，從而判斷ab兩點電場力大小，再根據(jù)牛頓第二定律得ab點加速度的大小本題是電場中粒子的軌跡問題，首先要能根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，其次判斷粒子動能和電勢能的變化要根據(jù)電場力做功情況9. 解：A、B、根據(jù)電容的決定式C=得知，電容與極板間距離成

23、反比，當保持S不變，增大d時，電容減小，由電容的定義式C=分析可知板間電勢差增大，靜電計指針的偏角變大；故A正確，B錯誤；C、D、根據(jù)電容的決定式C=得知，電容與極板的正對面積成正比，當保持d不變，減小S時，電容減小，極板所帶電荷量Q不變，則由電容的定義式C=分析可知板間電勢差增大，靜電計指針的偏角變大；故C錯誤，D正確；故選：AD靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大根據(jù)電容的決定式C=分析極板間距離、正對面積變化時電容的變化情況，由于極板所帶電荷量不變，由電容的定義式C=分析板間電勢差的變化，再確定靜電計指針的偏角變化情況本題是電容器的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵明確電鍵閉合時，

24、電壓等于電源的電動勢；電鍵斷開后，電容器的帶電量不變10. 解：A、B電容器板間的電壓保持不變，當將極板A向下平移一小段距離時，根據(jù)E=分析得知，板間場強增大，液滴所受電場力增大，液滴將向上運動故A錯誤，B正確C、D將極板A向下平移一小段距離時，根據(jù)電容的決定式C=得知電容C增大，而電容器的電壓U不變，極板帶電荷量將增大故C正確，D錯誤故選：BC帶電油滴懸浮在平行板電容器中P點，處于靜止狀態(tài)，電場力與重力平衡，將極板A向下平移一小段距離時，根據(jù)E=分析板間場強如何變化，判斷液滴如何運動根據(jù)電容的決定式和定義式結(jié)合分析極板所帶電量如何變化本題關(guān)鍵要抓住電容器的電壓不變，由電容的決定式C=和電量Q

25、 =CU結(jié)合分析電量變化11. 解：A、恒定電流是指大小、方向都不隨時間變化的電流故A正確B、電流是國際單位制中基本物理量，其單位是安培，簡稱安故B正確C、電流既有大小又有方向，但電流不是矢量，因為它運算時不遵守平行四邊形定則故C錯誤D、根據(jù)電流的定義式I=可知，電流大小等于單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量，則電流越大，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量就越多故D正確故選ABD 大小、方向都不隨時間變化的電流叫恒定電流國際單位制中，電流的單位是安培，簡稱安電流是標量根據(jù)電流的定義式分析電流的大小與單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量的關(guān)系本題考查對恒定電流、單位、方向和定義式的掌握情況，要注意電流的

26、方向與力等矢量的方向不同，它表示流向，電流運算時遵守代數(shù)加減法則12. 解：A、鉛蓄電池的電動勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內(nèi)部移送到正極時所做的功為2J，即電能增加2J，與時間無關(guān)，故A錯誤；B、鉛蓄電池的電動勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內(nèi)部移送到正極時所做的功為2J，不是將正電荷從正極移至負極，故B錯誤；C、鉛蓄電池將1C的正電荷從負極移至正極的過程中，克服靜電力做功2J，故電勢能增加2J，即2J化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，故C正確；D、電源的電動勢是表示電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，鉛蓄電池的電動勢比一節(jié)干電池的電動勢大，故D正確；故選CD電

27、動勢是一個表征電源特征的物理量定義電源的電動勢是電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)，在數(shù)值上，等于非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內(nèi)部移送到正極時所做的功它是能夠克服導(dǎo)體電阻對電流的阻力，使電荷在閉合的導(dǎo)體回路中流動的一種作用常用符號E（有時也可用）表示，單位是伏（V）本題關(guān)鍵是明確電動勢的概念、物理意義、單位；同時應(yīng)該知道：電動勢的方向規(guī)定為從電源的負極經(jīng)過電源內(nèi)部指向電源的正極，即與電源兩端電壓的方向相反13. 解：（1）測量幾十k的電阻Rx我們一般選擇較大的檔位先粗測，使用前應(yīng)先進行調(diào)零，然后依據(jù)歐姆表的示數(shù)，在更換檔位，重新調(diào)零，在進行測量；使用完畢應(yīng)將選擇開關(guān)置于OFF位置或

28、者交流電壓最大檔，拔出表筆，正確的步驟為：cabe根據(jù)如圖所示指針位置，此被測電阻的阻值約R=30×1000=30k （2）歐姆檔更換規(guī)律“大小，小大”，即當指針偏角較大時，表明待測電阻較小，應(yīng)換較小的檔位；反之應(yīng)還較大的檔位電流總是從紅表筆流入從黑表筆流出多用電表，每次換擋一定要進行歐姆調(diào)零，測量電阻一定要斷電作業(yè)，故ABC正確，D錯誤故選：ABC故答案為：（1）cabe；30k；（2）ABC 歐姆表是測量電阻的儀表，把被測電阻串聯(lián)在紅黑表筆之間，歐姆表電流是從黑表筆流出紅表筆流入，（1）用歐姆表測電阻，每次換擋后和測量前都要重新調(diào)零（指歐姆調(diào)零）（2）測電阻時待測電阻不僅要和電源

29、斷開，而且要和別的元件斷開（3）測量時注意手不要碰表筆的金屬部分，否則將人體的電阻并聯(lián)進去，影響測量結(jié)果（4）合理選擇量程，使指針盡可能在中間刻度附近（1）實際應(yīng)用中要防止超量程，不得測額定電流極小的電器的電阻（如靈敏電流表的內(nèi)阻）（2）測量完畢后，應(yīng)拔出表筆，選擇開關(guān)置于OFF擋位置，或交流電壓最高擋；長期不用時，應(yīng)取出電池，以防電池漏電（3）歐姆表功能：測量電阻、測二極管正負極（4）用法：最好指針打到中間將誤差減小14. 解：（1）根據(jù)圖象中電壓與電流描點的數(shù)據(jù)范圍電壓表3V量程即可，即A；電流表選0.6A量程即可，即D；為了調(diào)節(jié)方便滑動變阻器選擇小阻值的R1即E，故應(yīng)選擇的器材有：ADEG（2）電源內(nèi)阻較小，測電源內(nèi)阻時為了減小誤差電流表采用外接，畫出實驗電路圖如圖： （3）畫出直線，使盡量多的點在直線上，不在直線上的點均勻的分布在直線的兩側(cè)，偏離較遠的點舍去，如上圖由電源的U-I圖象可知，電源電動勢為：E=1.5V，內(nèi)電阻為：r=0.5 故答案為：（1）ADEG；（2）如圖；（3）E=1.5V，r=0.5（1）根據(jù)表格中電壓與電流數(shù)據(jù)的范圍選取電壓表電流表的量程，為了調(diào)節(jié)方便滑動變阻器選擇小阻值的R1即可；（2）電源內(nèi)阻較小，測電源