云南師大附中高考適應(yīng)性月考卷(一)理綜-答案

1、云南師大附中2021屆高考適應(yīng)性月考卷一理科綜合參考答案第一卷選擇題，共126分一、選擇題：此題共13小題，每題6分。題號(hào)12345678910111213答案BBCBDCDBBACCD二、選擇題：此題共8小題，每題6分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求；第1921題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的給6分，選對(duì)但不全的給3分，有選錯(cuò)的給0分。題號(hào)1415161718192021答案ABBDCABDACAD【解析】1真核細(xì)胞能進(jìn)行有絲分裂、無(wú)絲分裂和減數(shù)分裂，原核細(xì)胞不能進(jìn)行無(wú)絲分裂，A錯(cuò)誤。原核生物的遺傳不遵循孟德?tīng)柕倪z傳定律，C錯(cuò)誤。真核細(xì)胞的遺傳信息主要儲(chǔ)存在細(xì)胞核中

2、，原核細(xì)胞的遺傳信息主要儲(chǔ)存在擬核中，D錯(cuò)誤。2假設(shè)將圖甲中的蘿卜提取液換成等量新鮮肝臟研磨液，O2產(chǎn)生總量不變，B錯(cuò)誤。3觀察DNA和RNA在細(xì)胞中的分布時(shí)，被染成紅色的部位是細(xì)胞質(zhì)，A錯(cuò)誤。赫爾希和蔡斯利用同位素標(biāo)記法，證明了DNA是遺傳物質(zhì)，B錯(cuò)誤。溫特利用是否放置過(guò)胚芽鞘尖端的瓊脂塊進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，證明胚芽鞘的彎曲生長(zhǎng)確實(shí)是一種化學(xué)物質(zhì)引起的，溫特將這種物質(zhì)命名為生長(zhǎng)素，D錯(cuò)誤。4mRNA和ATP的組成元素都是C、H、O、N、P，錯(cuò)誤；細(xì)胞核中形成的mRNA從核孔進(jìn)入細(xì)胞質(zhì)與核糖體結(jié)合，共穿過(guò)了0層生物膜，錯(cuò)誤；起始密碼子位于mRNA上，既能開(kāi)啟肽鏈的合成，也能決定氨基酸的種類，錯(cuò)誤；tRN

3、A上含有多個(gè)堿基，其中與mRNA上密碼子配對(duì)的三個(gè)堿基稱為反密碼子，錯(cuò)誤。5抗體由漿細(xì)胞產(chǎn)生，而不是記憶細(xì)胞，D錯(cuò)誤。6乙烯利是一種能促進(jìn)果實(shí)成熟的植物生長(zhǎng)調(diào)節(jié)劑，A錯(cuò)誤。頂芽產(chǎn)生的生長(zhǎng)素向下運(yùn)輸，在側(cè)芽處積累，側(cè)芽對(duì)生長(zhǎng)素濃度比擬敏感，因此它的發(fā)育受到抑制，植株因而表現(xiàn)出頂端優(yōu)勢(shì)，B錯(cuò)誤。葉片脫落的過(guò)程中，受到脫落酸等多種激素的影響，D錯(cuò)誤。7一氧化碳不屬于酸性氧化物，A錯(cuò)誤。四氯化碳屬于非電解質(zhì)，B錯(cuò)誤。工業(yè)制漂白粉是將氯氣通入石灰乳中，C錯(cuò)誤。D正確。8碳碳雙鍵為平面結(jié)構(gòu)，碳氮三鍵為直線結(jié)構(gòu)，這就決定了TCNQ分子結(jié)構(gòu)中所有原子共平面，A正確。分子中含有N元素，B錯(cuò)誤。由結(jié)構(gòu)式可得TCN

4、Q的分子式為C12H4N4，C正確。由結(jié)構(gòu)式知該分子為非極性分子，由相似相溶規(guī)律可知其難溶于水，D正確。9標(biāo)準(zhǔn)狀況下，SO3為固體，A錯(cuò)誤。18g D2O的物質(zhì)的量為0.9mol，故含有的質(zhì)子數(shù)為9NA，B正確。1mol CO2與1mol Na2O2完全反響時(shí)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目應(yīng)為NA，C錯(cuò)誤。D選項(xiàng)無(wú)溶液的體積，因此無(wú)法計(jì)算離子量的多少。10根據(jù)Y元素最外層電子數(shù)是其最內(nèi)層電子數(shù)的3倍，可知Y為氧元素。根據(jù)表中元素的相對(duì)位置，可知X為氮元素，Z為硫元素，W為氯元素。原子半徑硫原子>氮原子>氧原子，A正確。氣態(tài)氫化物穩(wěn)定性是HCl>H2S，B錯(cuò)誤。離子的復(fù)原性S2>O2，

5、C錯(cuò)誤。四種元素中，Cl元素可形成多種含氧酸，HClO為弱酸，D錯(cuò)誤。11化學(xué)式為C5H12O的有機(jī)物，既能跟Na反響，又能與O2在Cu催化下反響，說(shuō)明該化合物屬于醇，且連羥基的碳上要有H原子，故為7種。12根據(jù)題意，溶液中一定有Mg2+、Ba2+、Al3+、，一定沒(méi)有、，可能含有K+，故C錯(cuò)誤。13A項(xiàng)，葡萄糖分子直徑<1nm，能透過(guò)半透膜，而淀粉溶液屬于膠體。B項(xiàng)，熱NaOH溶液會(huì)使乙酸乙酯發(fā)生水解。C項(xiàng)，因?yàn)镹H4Cl受熱易分解。D正確。14伽俐略理想斜面實(shí)驗(yàn)說(shuō)明如果沒(méi)有力的作用物體將做勻速直線運(yùn)動(dòng)；否認(rèn)了“力是維持物體速度的原因；亞里士多德認(rèn)為兩個(gè)從同一高度自由落下的物體，重的物

6、體比輕的物體下落得快。15物體上滑過(guò)程做勻減速運(yùn)動(dòng)，下滑過(guò)程做勻加速運(yùn)動(dòng)，但下滑過(guò)程加速度小于上滑過(guò)程加速度，因此下滑過(guò)程的圖象傾斜程度較小，故B正確。16該題考查平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)有；水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)有，經(jīng)過(guò)P點(diǎn)那么可算出，再計(jì)算從A點(diǎn)拋出到落地的時(shí)間，水平位移即為，那么小球落地點(diǎn)與Q點(diǎn)的距離為，故B正確。17根據(jù)題意可知，小球靜止那么彈簧彈力，彈簧伸長(zhǎng)，由胡克定律得輕彈簧的勁度系數(shù)，故D正確。18由力的合成可知繩、的合力，方向豎直向上；這樣小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，半徑，由圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式可以解出，故C正確。19對(duì)該行星的近地衛(wèi)星：，行星體積，行星密度，可得，故B正確

7、。由，行星體積，行星密度，可得，據(jù)題意可求得該星球外表的重力加速度，因此可求得該星球的半徑；據(jù)可得環(huán)繞該行星外表做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星運(yùn)行的速率；因?yàn)椴恢涝撔行堑耐叫l(wèi)星的軌道半徑，所以不能求其同步衛(wèi)星的周期，故A、D正確，C錯(cuò)誤。20根據(jù)題意設(shè)質(zhì)點(diǎn)所受的恒定合外力為，由圖知質(zhì)點(diǎn)依次通過(guò)A、B、C三點(diǎn)，且三點(diǎn)不在一條直線上，因此質(zhì)點(diǎn)一定是做曲線運(yùn)動(dòng)，由于三點(diǎn)的速率滿足，B點(diǎn)速率最小，可將A點(diǎn)和C點(diǎn)速度分解為沿AC方向和垂直于AC方向如圖，從A到C力F不做功，那么，方向平行于，故C正確。，恒定合外力的方向與方向相同，做勻減速曲線運(yùn)動(dòng)，這樣由對(duì)稱性可知從A到B所需時(shí)間一定等于從B到C所需時(shí)間，故A正確

8、。，可見(jiàn)A到B的速度變化量與B到C的速度變化量大小相等、方向相同，故D錯(cuò)誤。21A、B別離前，彈簧彈力越來(lái)越小，因此力F越來(lái)越大，故A正確。未施加力F時(shí)，根據(jù)平衡條件得，代入數(shù)據(jù)解得。在彈簧仍處于壓縮狀態(tài)時(shí)，A、B作為一整體一起向上勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)A、B剛開(kāi)始別離時(shí)，A、B具有相同加速度，且A、B間彈力為零，據(jù)牛頓第二定律對(duì)B有；又，解得。B剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，F(xiàn)最小，此時(shí)對(duì)A、B組成的系統(tǒng)有，解得。B別離時(shí)，F(xiàn)最大，此時(shí)，對(duì)A有，解得N，故B、C錯(cuò)誤，D正確。第二卷非選擇題，共174分三、非選擇題一必考題：共11題，共129分。22每空2分，共6分1A2小于 B  【解析】1實(shí)驗(yàn)中可將木板

9、傾斜適當(dāng)高度以平衡摩擦力，故A正確。時(shí)間的測(cè)量可用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，故B錯(cuò)誤。使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故C錯(cuò)誤。當(dāng)小車(chē)質(zhì)量發(fā)生變化時(shí)，不需要重新平衡摩擦力，故D錯(cuò)誤。平衡摩擦力的目的是為了使繩子拉力成為小車(chē)的合外力，而不是讓砂和砂桶的重力大小近似等于繩子對(duì)小車(chē)的拉力，故E錯(cuò)誤。2因?yàn)樯昂蜕巴坝邢蛳碌募铀俣?，因此繩子拉力小于砂和砂桶的重力；m和M相差越大，誤差越小，故B正確。23每空3分，共9分1 2 【解析】1設(shè)通過(guò)光電門(mén)的速度分別為、，那么，又，可得。2物塊下滑的加速度，由幾何關(guān)系可得，可得，代入相關(guān)數(shù)據(jù)可得=0.125。2414分解：1對(duì)鐵球有 對(duì)電動(dòng)機(jī)有 據(jù)題意可知 解得：

10、 2鐵球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)有 繩斷后鐵球做平拋運(yùn)動(dòng)，有 解得： 評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：此題共14分。正確得出、式各給1分，其余各式各給2分。2518分解：1加拉力后，假設(shè)M、m一起加速，對(duì)M、m整體，由牛頓第二定律有 M和m之間的靜摩擦力最大為滑動(dòng)摩擦力，對(duì)m，由牛頓第二定律有 所以M、m不能一起加速，m相對(duì)M向左滑動(dòng)，對(duì)M有 所以，加拉力后，M以的加速度向右加速，m以的加速度向右加速當(dāng)m從M左邊滑落時(shí)，由位移時(shí)間關(guān)系有 解得 21.5s撤去拉力時(shí)，M的速度，位移，m的速度，位移，對(duì)M有 所以，撤去拉力后，M以的加速度向右減速，m繼續(xù)以的加速度向右加速，當(dāng)M、m速度相等時(shí)有 經(jīng)過(guò)后，M、m速度相等，此時(shí)，M向

11、右的位移  m向右的位移 當(dāng)m、M速度相等之后，假設(shè)M、m一起減速，對(duì)M、m整體，由牛頓第二定律有 M能夠給m提供的最大加速度為，所以，M、m可以一起向右以的加速度減速，直到停下 整個(gè)過(guò)程中，m相對(duì)M向左滑動(dòng)的距離 解法二：作圖整個(gè)過(guò)程中，m相對(duì)于M的位移為陰影局部的面積，由圖象計(jì)算得到評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：此題共18分。正確得出 式各給1分。26除特殊標(biāo)注外，每空2分，共14分1H2(g)+O2(g)=H2O(l) 15292陽(yáng) 增加廢水的導(dǎo)電性 不變1分 CH41分 =  【解析】1燃燒熱指燃燒1mol可燃物生成穩(wěn)定氧化物時(shí)放出的熱量，故表示H2燃燒熱的熱化學(xué)方程式為H2

12、(g)+O2(g)=H2O(l) 。利用蓋斯定律，可推知CH3OH的燃燒熱為kJ/mol，故燃燒64g放出1529kJ的熱量。2根據(jù)電解液中陽(yáng)離子的遷移方向，可知c為陽(yáng)極，d為陰極，因此直流電源上a為正極，通入O2，b為負(fù)極，通入CH4，在堿性條件下CH4的氧化產(chǎn)物為CO，由此可寫(xiě)出此電極的電極反響式。在電解過(guò)程中，由于SO沒(méi)有參與放電，且陽(yáng)離子交換膜不允許陰離子自由通過(guò)，因此根據(jù)質(zhì)量守恒可得陰極區(qū)Na2SO4的物質(zhì)的量不變。設(shè)需要CH4 x mL，根據(jù)得失電子守恒，那么可列式，解得xL。27除特殊標(biāo)注外，每空2分，共14分12Al+2H2O+2NaOH=2NaAlO2+3H2 Al2O3+2

13、NaOH=2NaAlO2+H2O2大量的會(huì)復(fù)原少量的Fe3+或2Fe3+Fe=3Fe2+3+61分 2Fe(OH)3+3NaClO+4NaOH=2Na2FeO4+3NaCl+5H2O0.151分 B 68a【解析】1利用Al和Al2O3的兩性，用過(guò)量的NaOH溶液除去廢金屬屑中的Al和Al2O3，發(fā)生反響的化學(xué)方程式為2Al+2H2O+2NaOH=2NaAlO2+3H2、Al2O3+2NaOH=2NaAlO2+H2O。2氧化鐵溶于硫酸生成硫酸鐵，同時(shí)大量的會(huì)復(fù)原少量的Fe3+，反響的離子方程式為2Fe3+Fe=3Fe2+。3工業(yè)上可用Fe(OH)3、NaOH、NaClO三種物質(zhì)在一定條件下反響

14、制得Na2FeO4，根據(jù)電子得失守恒和元素守恒可知，反響的化學(xué)方程式為2Fe(OH)3+3NaClO+4NaOH=2Na2FeO4+3NaCl+5H2O。Na2FeO4在水溶液中易水解呈堿性，選擇的洗滌液應(yīng)抑制Na2FeO4“水解和溶解。ANa2FeO4在水溶液中易“水解：，且容易損失，不能用水洗，錯(cuò)誤。BNaOH、乙醇，能抑制水解，減少洗滌損失，正確。CNH4Cl不能抑制水解，促進(jìn)水解，錯(cuò)誤。DFe(NO3)3與OH反響，導(dǎo)致反響正向進(jìn)行，錯(cuò)誤。溶液中亞鐵離子的物質(zhì)的量是1000a mol，生成氫氧化鐵失去1000a mol電子，雙氧水在反響中氧元素的化合價(jià)從1價(jià)降低到2價(jià)，得到1個(gè)電子，因

15、此1mol雙氧水在反響中得到2mol電子。設(shè)需要雙氧水溶液的質(zhì)量是m，那么根據(jù)電子得失守恒可知，×2=1000a mol，解得m=68000a g=68a kg。28除特殊標(biāo)注外，每空2分，共15分1圓底燒瓶1分 冷凝管1分 冷凝、回流1分2防止苯胺在反響過(guò)程中被氧化3水1分 不斷蒸出反響過(guò)程中生成的水，促進(jìn)反響正向進(jìn)行4趁熱過(guò)濾 冷卻結(jié)晶 A1分540.0%【解析】1刺形分餾柱冷凝、回流反響物，使反響進(jìn)行得更充分。2為防止苯胺在反響過(guò)程中被氧化。3可以不斷蒸出反響過(guò)程中生成的水，促進(jìn)反響正向進(jìn)行，提高生成物的產(chǎn)率。4防止溫度降低導(dǎo)致乙酰苯胺結(jié)晶析出，降低產(chǎn)率，故需要趁熱過(guò)濾。由于乙

16、酰苯胺微溶于冷水，溶于熱水，所以洗滌粗品最適宜的試劑是用少量冷水洗，以減少因洗滌造成的損耗。應(yīng)選項(xiàng)為A。5n(苯胺)=9.1mL×/mL÷93g/mol=0.1mol；n(乙酸)= 17.4mL ×/mL÷60g/mol=，大于苯胺的物質(zhì)的量，所以產(chǎn)生乙酰苯胺的物質(zhì)的量要以缺乏量的苯胺為原料為標(biāo)準(zhǔn)。理論產(chǎn)量為0.1mol，而實(shí)際產(chǎn)量n(乙酰苯胺)= ÷135g/mol=0.04mol。所以乙酰苯胺的產(chǎn)率為0.04mol÷0.1mol×100%=40.0%。29除特殊標(biāo)注外，每空1分，共10分1C3的復(fù)原2細(xì)胞質(zhì)基質(zhì) 光反響

17、三 葡萄糖和水314CO214C314C6H12O6 同位素標(biāo)記法 124ABCD2分30除特殊標(biāo)注外，每空1分，共7分1相對(duì)性狀 統(tǒng)計(jì)分析2相對(duì)性狀純合親本雜交，子代只出現(xiàn)灰體性狀或相同性狀親本雜交，子代出現(xiàn)性狀別離，那么親本的性狀為顯性性狀2分 X3122分 31除特殊標(biāo)注外，每空1分，共13分1皮膚冷覺(jué)感受器傳入神經(jīng)下丘腦體溫調(diào)節(jié)中樞傳出神經(jīng)立毛肌2分 神經(jīng)體液 負(fù)反響調(diào)節(jié)2胰高血糖素 肝臟 胰島素 拮抗3突觸 電信號(hào)化學(xué)信號(hào)電信號(hào)2分 神經(jīng)遞質(zhì)只能由突觸前膜釋放，作用于突觸后膜2分32除特殊標(biāo)注外，每空1分，共9分12 2E生產(chǎn)者 競(jìng)爭(zhēng) 分解者、非生物的物質(zhì)和能量2分34物質(zhì)循環(huán) 信息

18、傳遞 5低二選考題：共45分。3315分15分CDE選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)給4分，選對(duì)3個(gè)給5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分210分解：i初始狀態(tài)：， 加熱過(guò)程中，A下方氣體做等容變化，對(duì)A有 B下方氣體做等壓變化，對(duì)B有 解得 ii對(duì)兩局部氣體，溫度始終都相等，所以內(nèi)能總是相等，由能量關(guān)系可得 評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：此題共10分。正確得出、式各給2分，其余各式各給1分。3415分15分ABC選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)給4分，選對(duì)3個(gè)給5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分210分解：假設(shè)向x軸正方向傳播， 那么 假設(shè)向x軸負(fù)方向傳播， 那么 評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：此題共10分。正確得出、式各給1分，其余各式各

19、給2分。3515分15分BDE選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)給4分，選對(duì)3個(gè)給5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分210分解：小球從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次到達(dá)圓弧槽最低點(diǎn)的過(guò)程中對(duì)小球，水平方向由動(dòng)量定理有 下滑中，小球機(jī)械能守恒，有 對(duì)圓弧槽，水平方向由動(dòng)量定理有 解得 小球第一次通過(guò)圓弧槽最低點(diǎn)以后，圓弧槽和小球的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，當(dāng)水平方向速度相同時(shí)，小球上升到最高由系統(tǒng)動(dòng)量守恒有 由系統(tǒng)機(jī)械能守恒有 解得 評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：此題共10分。正確得出、式各給2分，其余各式各給1分。36除特殊標(biāo)注外，每空2分，共15分1除去原料氣中的氧氣1分，其他合理答案參照給分 除去反響中生成的水蒸氣1分，

20、其他合理答案參照給分 增大反響物的接觸面積，加快反響速率1分，其他合理答案參照給分 C 1350 高于1400導(dǎo)致硅熔合成團(tuán)，產(chǎn)生燒結(jié)現(xiàn)象，阻礙與氮?dú)饨佑|其他合理答案參照給分 52.1%23SiO2+6C+2N2 Si3N4+6CO SiC【解析】1原料氣N2中混有少量氧氣，氧氣對(duì)氮化硅有腐蝕作用，用銅粉除去原料氣中的氧氣。硅膠用來(lái)除去反響中產(chǎn)生的水蒸氣。硅塊粉碎是為了增大反響物的接觸面積，加快反響速率。由于在Si中含有Cu等雜質(zhì)，硝酸能和Cu反響，而不能和氮化硅反響，鹽酸和硫酸不能溶解銅，氫氟酸能與氮化硅反響。根據(jù)圖表分析，反響0h，2h，4h，最終在1350時(shí)產(chǎn)物含氮量最高，因此

21、，該溫度為最正確反響溫度。從題目所給信息，Si的熔點(diǎn)是1420，在1400左右，Si熔融燒結(jié)，阻礙硅的氮化。23SiO2+6C+2N2  Si3N4+6CO過(guò)量的C粉，反響產(chǎn)物應(yīng)該是CO，SiC是該反響的雜質(zhì)之一。37除特殊標(biāo)注外，每空2分，共15分12大于1分 小于1分3易1分 不1分4四面體形 H2O分子間除存在范德華力外還能形成氫鍵5BN1分 BD 【解析】根據(jù)對(duì)氨基苯磺酰胺的分子所涉及原子的原子半徑依次增大判斷，甲、乙、丙、丁、戊五種元素分別是氫、氧、氮、碳、硫，再根據(jù)題意及原子結(jié)構(gòu)與性質(zhì)、分子結(jié)構(gòu)與性質(zhì)、晶體結(jié)構(gòu)與性質(zhì)答復(fù)相關(guān)問(wèn)題。其中，第5第小問(wèn)的A選項(xiàng)錯(cuò)誤，原因是BN的層狀結(jié)構(gòu)中沒(méi)有可以自由移動(dòng)的電子。第小問(wèn)