內(nèi)蒙古包頭市2015屆高考物理二模試卷

1、內(nèi)蒙古包頭市2015屆高考物理二模試卷一、選擇題（在毎個小題給出的四個選項中，第1-5小題只有一個選項符合題目要求，6-8題有多項符合題目要求。全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。，每小題6分，共48分）1甲、乙兩個物體從同一地點同時出發(fā)，在同一直線上做勻變速直線運動，它們的速度圖象如圖所示，則（）A甲、乙兩物體運動方向相反Bt=4s時，甲、乙兩物體相遇C甲、乙兩物體能相遇兩次D在相遇前，甲、乙兩物體的最遠距離為20m2把動力裝置分散安裝在每節(jié)車廂上，使其既具有牽引動力，又可以載客，這樣的客車車廂叫做動車而動車組是幾節(jié)自帶動力的車廂（動車）加幾節(jié)不帶動力的車廂（也叫拖車） 編成

2、一組假設(shè)動車組運行過程中受到的阻力與其所受重力成正比，每節(jié)動車與拖車的質(zhì)量都相等，每節(jié)動車的額定功率都相等若2節(jié)動車加6節(jié)拖車編成的動車組的最大速度為120km/h，則9節(jié)動車加3節(jié)拖車編成的動車組的最大速度為（）A120km/hB240km/hC360km/hD480km/h3如圖所示，MN是由一個負(fù)點電荷Q產(chǎn)生的電場中的一條電場線，一個帶正電的粒子+q飛入電場后，僅在電場力的作用下沿一條曲線運動，先后通過a、b兩點，不計粒子的重力，則（）A粒子在a點的加速度大于在b點的加速度B沿MN方向單位長度上的電勢變化量減小C粒子在a點的動能Eka大于在b點的動能EkbD粒子在a點的電勢能EPa小于在

3、b點的電勢能Epb4如圖所示，有一矩形線圈的面積為S，匝數(shù)為N，內(nèi)阻不計，繞OO軸在磁感應(yīng)強度為B的水平方向勻強磁場中以角速度做勻速轉(zhuǎn)動，從圖示位置開始計時矩形線圈通過滑環(huán)接一理想變壓器，滑動接頭P上下移動時可改變輸出電壓，副線圈接有可調(diào)電阻R，下列判斷正確的是（）A矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為e=NBSsintB矩形線圈從圖示位置經(jīng)過時間內(nèi)，通過電流表的電荷量為零C當(dāng)P位置不動R增大時，電壓表讀數(shù)也增大D當(dāng)P位置向上移動、R不變時，電流表讀數(shù)增大5如圖甲所示，靜止在光滑水平面上的長木板B（長木板足夠長）的左端放著小物塊A某時刻，A受到水平向右的外力F作用，F(xiàn)隨時間t的變化規(guī)律如圖

4、乙所示，即F=kt，其中k為已知常數(shù)若物體之間的滑動摩擦力f的大小等于最大靜摩擦力，且A、B的質(zhì)量相等，則下列圖中可以定性地描述長木板B運動的Vt圖象的是（）ABCD6若各國的人造地球衛(wèi)星都在高度不同的軌道上做勻速圓周運動，設(shè)地球的質(zhì)量為M，地球的半徑為R地，重力加速度為g，萬有引力恒量為G則下述判斷正確的是（）A世界各國發(fā)射的所有人造地球衛(wèi)星在軌道上做勻速圓周運動的運行速度都不超過v地=B隨著航天技術(shù)的不斷創(chuàng)新和進步，未來可以制造出環(huán)繞地球周期小于2的人造衛(wèi)星C衛(wèi)星在軌道上做勻速圓周運動的圓心必定與地心重合D地球同步衛(wèi)星可相對地面靜止在北京的正上空7場強為E的勻強電場和磁感強度為B的勻強磁場

5、正交如圖所示，質(zhì)量為m的帶電粒子在垂直于磁場方向的豎直平面內(nèi)，做半徑為R的勻速圓周運動，設(shè)重力加速度為g，則下列結(jié)論正確的是（）A粒子沿逆時針方向運動B粒子帶負(fù)電，且q=C粒子運動過程中機械能守恒D粒子的線速度大小為v=8如圖所示，豎直平面內(nèi)有一光滑絕緣半圓軌道，處于方向水平且與軌道平面平行的勻強電場中，軌道兩端點A、C高度相同，與圓心O在同一水平線上，軌道的半徑為R0，一個質(zhì)量為m的帶正電的小球從槽右端的A處無初速地沿軌道下滑，滑到最低點B時對槽底的壓力為2mg，則在小球的滑動過程中，有（）A小球到達B點時的速度大小為B小球到達B點時的速度大小為C小球在滑動過程中的最大速度為D小球在滑動過程

6、中的最大速度為二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第9題第12題為必考題，每個試題考生都必須做答。第13題第18題為選考題,考生根據(jù)要求做答。(一）必考題9在“用圓錐擺驗證向心力表達式”的實驗中，如圖甲所示，懸點剛好與一個豎直的刻度尺零刻度線對齊，將畫著幾個同心圓的白紙置于水平桌面上，使鋼球靜止時剛好位于圓心用手帶動鋼球，使鋼球在水平面上做圓周運動，同時從懸點上方豎直向下觀察鋼球的運動軌跡與紙面上某個同心圓重合，并記下該同心圓的半徑r，鋼球的質(zhì)量為m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間（1）用秒表記錄運動n圈的總時間為t，那么小球做圓周運動中需要的向心力表達式為F=；（2）通過刻度尺測得小球軌道平面距懸點

7、的高度為h，那么小球做圓周運動過程中外力提供的向心力表達式為F=；（3）改變小球做圓周運動的半徑，多次實驗，得到如圖乙所示的h關(guān)系圖象，可以達到粗略驗證向心力表達式的目的，則該圖線的斜率表達式為（用題中所給物理量的字母表示上面各問的結(jié)果）10已知某電源的電動勢不大于6V，為了測定該電源的電動勢及內(nèi)阻，請完成以下題目要求：（1）在下列三個電壓表中挑選一個改裝成量程為6V且便于準(zhǔn)確讀數(shù)的電壓表A量程為1 V、內(nèi)阻大約為1 k的電壓表V1B量程為2 V、內(nèi)阻大約為2 k的電壓表V2C量程為3 V、內(nèi)阻為3 k的電壓表V3選擇的電壓表為（填選項前字母）；將選擇好的電壓表串聯(lián)一個k的電阻就可以改裝成量程

8、為6v且便于準(zhǔn)確讀數(shù)的電壓表（2）請在虛線框內(nèi)畫出利用一個電阻箱、一只開關(guān)、若干導(dǎo)線和改裝好的電壓表（此表用符號V1、V2或V3與一個電阻串聯(lián)來表示，且可視為理想電壓表）測量電源電動勢及內(nèi)阻的實驗電路圖（電阻箱、電源、開關(guān)已畫在虛線框內(nèi)）（3）根據(jù)以上實驗電路圖進行實驗，當(dāng)選擇的電壓表示數(shù)為1.50V時，電阻箱的阻值為15.0；當(dāng)選擇的表示數(shù)為2.00V時，電阻箱的阻值為40.0，則電源的電動勢E=V，內(nèi)阻r=（結(jié)果保留三個有效數(shù)字）11如圖甲所示，質(zhì)量為m=1kg的物體置于傾角為=37°的固定斜面上（斜面足夠長），對物體施加平行于斜面向上的恒力F，作用時間t1=1s時撤去拉力，物體

9、運動的部分vt圖象如圖乙所示，取g=10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8試求：（1）物體與斜面間的動摩擦因數(shù)和拉力F的大??；（2）t=6s時物體的速度，并在圖乙上將6s內(nèi)物體運動的vt圖象補畫完整，要求標(biāo)明有關(guān)數(shù)據(jù)12（18分）在如圖所示的裝置中，懸掛在某固定點的光滑定滑輪上繞有柔軟細(xì)線細(xì)線的一端系一質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿，另一端系一質(zhì)量為3m的重物在豎直平面內(nèi)有間距為L的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌PQ、EF，在QF之間連接有阻值為R的電阻其余電阻不計，磁感應(yīng)強度為B0的勻強磁場與導(dǎo)軌平面垂直，開始時金屬桿置于導(dǎo)軌下端QF處，將重物由靜止釋放，當(dāng)重物下

10、降h時恰好達到穩(wěn)定速度而勻速下降運動過程中金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好忽略所有摩擦，重力加速度為g，求：（1）電阻R中的感應(yīng)電流方向；（2）重物勻速下降的速度v；（3）重物從釋放到下降h的過程中，電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱QR：（4）若將重物下降h時刻記作t=0，速度記為v0，從此時刻起，磁感應(yīng)強度逐漸減小，若此后金屬桿中恰好不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則磁感應(yīng)強度B怎樣隨時間t變化（寫出B與t的關(guān)系式）三、選考題（任選其中的一個模塊，如果多做,按毎學(xué)科所做的第一題計分。共2小題，滿分15分）【物理選修3-3】13下列說法正確的是（）A懸浮在水中的花粉的布明運動反映了花粉分子的熱運動B氣體的溫度升高，個別氣體

11、分子運動的速率可能減小C對于一定種類的大量氣體分子，在一定溫度時，處于一定速率范圍內(nèi)的分子數(shù)所占百分比是確定的D若不計氣體分子間相互作用，一定質(zhì)量氣體溫度升高、壓強降低過程中，一定從外界吸收熱量E密閉容器中有一定質(zhì)量的理想氣體，在完全失重狀態(tài)下，氣體的壓強為零14如圖所示，一個絕熱的氣缸豎直放置，內(nèi)有一個絕熱且光滑的活塞，中間有一個固定的導(dǎo)熱性良好的隔板，隔板將氣缸分成兩部分，分別密封著兩部分理想氣體 A 和 B活塞的質(zhì)量為m，橫截面積為S，與隔板相距h現(xiàn)通過電熱絲緩慢加熱氣體，當(dāng)A氣體吸收熱量Q時，活塞上升了h，此時氣體的溫度為T1已知大氣壓強為P0，重力加速度為g加熱過程中，若A氣體內(nèi)能增

12、加了E1，求B氣體內(nèi)能增加量E2現(xiàn)停止對氣體加熱，同時在活塞上緩慢添加砂粒，當(dāng)活塞恰好回到原來的位置時A氣體的溫度為T2求此時添加砂粒的總質(zhì)量m【物理-選修3-4】15下列說法正確的是（）A若將單擺的擺球質(zhì)量變?yōu)樵瓉淼?倍，則其振動周期變?yōu)樵瓉淼腂單擺的回復(fù)力是重力沿擺球運動軌跡切線方向的分力C根據(jù)麥克斯韋理論，變化的電場周圍一定產(chǎn)生變化的磁場D我們在地球上接收到來自遙遠星球的光波的波長變長，可以判斷該星球正在離我們遠去E為了司機在夜間安全行駛，汽車前窗玻璃通常采用偏振玻璃16如圖所示，直角玻璃三棱鏡置于空氣中，A=60°，C=90°，一束極細(xì)的光于AC邊的中點D垂直AC面

13、入射，已知AD=a，棱鏡的折射率n=，光在真空中的傳播速度為c，求：（1）光從棱鏡第一次射入空氣時的折射角；（2）光從進入棱鏡到它第一次射入空氣所經(jīng)歷的時間（結(jié)果可以用根式表示）【物理-選修3-5】17下列說法正確的是（）A氫原子吸收一個光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，在向低能級躍遷時放出光子的頻率一定等于入射光子的頻率BTh經(jīng)過6次衰變和4次衰變后成為穩(wěn)定的原子核PbC核力是弱相互作用的一種表現(xiàn)，在原子核的尺度內(nèi)，核力比庫侖力大得多，其作用范圍在1.5×1O10mD分別用紫光和綠光照射同一金屬表面都能發(fā)生光電效應(yīng)，則用紫光照射時光電子的最大初動能較大E根據(jù)玻爾理論可知，氫原子輻射出一個光子后，

14、氫原子的電勢能減小，核外電子的運動速度增大18如圖所示，質(zhì)量為M的小車置于水平地面上，車與地面摩擦不計，小車的上表面由圓弧和平面組成，車的右端固定有一不計質(zhì)量的彈黌，圓弧AB部分光滑，半徑為R，平面BC部分粗糙且長度為l，小車上C點右方的平面光滑有一個質(zhì)量為m小滑塊，從圓弧最高處A無初速下滑，與彈簧相接觸并壓縮彈簧，最后又返回到B點恰好相對于車靜止求：（1）BC部分的動摩擦因數(shù)；（2）當(dāng)滑塊與彈簧剛分離時滑塊和小車的速度大小內(nèi)蒙古包頭市2015屆高考物理二模試卷一、選擇題（在毎個小題給出的四個選項中，第1-5小題只有一個選項符合題目要求，6-8題有多項符合題目要求。全部選對得6分，選對但不全的

15、得3分，有選錯的得0分。，每小題6分，共48分）1甲、乙兩個物體從同一地點同時出發(fā)，在同一直線上做勻變速直線運動，它們的速度圖象如圖所示，則（）A甲、乙兩物體運動方向相反Bt=4s時，甲、乙兩物體相遇C甲、乙兩物體能相遇兩次D在相遇前，甲、乙兩物體的最遠距離為20m考點：勻變速直線運動的圖像；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系 專題：運動學(xué)中的圖像專題分析：本題關(guān)鍵應(yīng)掌握：速度的正負(fù)表示物體的運動方向；在vt圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移；根據(jù)兩物體的速度大小，判斷何時兩者相距最遠解答：解：A、由圖可知，兩物體的速度均沿正方向，故方向相同，A錯誤；BD、由圖象可知，t=4s時，A、B兩物體

16、的速度相同，之前B物體的速度比A物體的速度大，兩物體相距越來越遠，之后A物體的速度大于B物體的速度，故兩物體相距越來越近，故t=4s時兩物體相距最遠，最遠距離x=xBxA=×（155）×4m=20m，故B錯誤，D正確；C、當(dāng)兩物體相遇時，兩物體的位移相同，即兩圖象與t軸所圍的面積應(yīng)相同，據(jù)圖可知，甲乙兩物體不能相遇兩次，故C錯誤故選：D點評：本題關(guān)鍵是根據(jù)速度時間圖象得到兩個物體的運動規(guī)律，然后根據(jù)速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小，結(jié)合初始條件進行分析處理2把動力裝置分散安裝在每節(jié)車廂上，使其既具有牽引動力，又可以載客，這樣的客車車廂叫做動車而動車組是幾節(jié)自帶動力

17、的車廂（動車）加幾節(jié)不帶動力的車廂（也叫拖車） 編成一組假設(shè)動車組運行過程中受到的阻力與其所受重力成正比，每節(jié)動車與拖車的質(zhì)量都相等，每節(jié)動車的額定功率都相等若2節(jié)動車加6節(jié)拖車編成的動車組的最大速度為120km/h，則9節(jié)動車加3節(jié)拖車編成的動車組的最大速度為（）A120km/hB240km/hC360km/hD480km/h考點：功率、平均功率和瞬時功率 專題：功率的計算專題分析：當(dāng)功率一定時，當(dāng)牽引力等于阻力時，速度達到最大根據(jù)P=Fv=fv去求最大速度解答：解：若開動2節(jié)動車帶6節(jié)拖車，最大速度可達到120km/h汽車的功率為P，設(shè)每節(jié)車廂所受的阻力為f，則有2P=8fv，當(dāng)開動9節(jié)動

18、車帶3節(jié)拖車時，有9P=12fv，聯(lián)立兩式解得v=360km/h故C正確，A、B、D錯誤故選：C點評：解決本題的關(guān)鍵知道功率與牽引力的關(guān)系，以及知道功率一定，當(dāng)牽引力與阻力相等時，速度最大3如圖所示，MN是由一個負(fù)點電荷Q產(chǎn)生的電場中的一條電場線，一個帶正電的粒子+q飛入電場后，僅在電場力的作用下沿一條曲線運動，先后通過a、b兩點，不計粒子的重力，則（）A粒子在a點的加速度大于在b點的加速度B沿MN方向單位長度上的電勢變化量減小C粒子在a點的動能Eka大于在b點的動能EkbD粒子在a點的電勢能EPa小于在b點的電勢能Epb考點：電勢差與電場強度的關(guān)系；電勢 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：解

19、答本題的突破口是根據(jù)粒子的運動軌跡確定其所受電場力方向，從而確定電場線MN的方向以及負(fù)點電荷的位置，然后根據(jù)負(fù)點電荷周圍電場分布情況，進一步解答解答：解：A、由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動物體外力指向軌跡內(nèi)側(cè)，故該帶正電的粒子所受電場力向左，因此電場線由N指向M，所以場源電荷在左側(cè)，根據(jù)負(fù)電荷周圍電場分布特點可知：a點的電場強度小于b點的電場強度，故粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，故A錯誤；B、沿MN方向單位長度上的電勢變化量等于電場強度的大小，由于負(fù)電荷在M端，故沿MN方向單位長度上的電勢變化量減小，故B正確；CD、粒子從a運動到b的過程中，電場力做正功，電勢能減小，動能增加，故

20、C錯誤，D錯誤；故選：B點評：依據(jù)帶電粒子的運動軌跡確定其所受電場力方向是解決帶電粒子在電場中運動問題的突破口，然后可進一步根據(jù)電場線、電場力做功等情況確定電勢、電勢能的高低變化情況4如圖所示，有一矩形線圈的面積為S，匝數(shù)為N，內(nèi)阻不計，繞OO軸在磁感應(yīng)強度為B的水平方向勻強磁場中以角速度做勻速轉(zhuǎn)動，從圖示位置開始計時矩形線圈通過滑環(huán)接一理想變壓器，滑動接頭P上下移動時可改變輸出電壓，副線圈接有可調(diào)電阻R，下列判斷正確的是（）A矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為e=NBSsintB矩形線圈從圖示位置經(jīng)過時間內(nèi)，通過電流表的電荷量為零C當(dāng)P位置不動R增大時，電壓表讀數(shù)也增大D當(dāng)P位置向上移

21、動、R不變時，電流表讀數(shù)增大考點：變壓器的構(gòu)造和原理；交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理 專題：交流電專題分析：正弦式交流發(fā)電機從垂直中性面位置開始計時，其電動勢表達式為：e=NBScost；電壓表和電流表讀數(shù)為有效值；計算電量用平均值解答：解：A、從垂直于中性面時開始計時，矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為e=NBScost；故A錯誤；B、矩形線圈從圖示位置經(jīng)過時間時，轉(zhuǎn)過的角度為t=，磁通量一直增加，電流方向沒有改變，故通過電流表的電荷量為：q=N0（其中R為）；故B錯誤；C、交流發(fā)電機內(nèi)電阻不計，故變壓器輸入電壓不變，根據(jù)理想變壓器的變壓比公式=，當(dāng)P位置不動，R增大時，電壓表讀數(shù)

22、不變，仍然等于發(fā)電機的電動勢有效值；故C錯誤；D、當(dāng)P位置向上移動、R不變時，根據(jù)理想變壓器的變壓比公式=，輸出電壓變大，故電流變大，功率變大，故輸入電流也變大，故電流表讀數(shù)變大，故D正確；故選：D點評：本題關(guān)鍵明確交流四值、理想變壓器的變壓比公式、功率關(guān)系，注意求解電量用平均值5如圖甲所示，靜止在光滑水平面上的長木板B（長木板足夠長）的左端放著小物塊A某時刻，A受到水平向右的外力F作用，F(xiàn)隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，即F=kt，其中k為已知常數(shù)若物體之間的滑動摩擦力f的大小等于最大靜摩擦力，且A、B的質(zhì)量相等，則下列圖中可以定性地描述長木板B運動的Vt圖象的是（）ABCD考點：牛頓第二定律

23、；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系；勻變速直線運動的圖像 分析：當(dāng)F較小時，AB整體具有共同的加速度，二者相對靜止，當(dāng)F較大時，二者加速度不同，將會發(fā)生相對運動，此后A做變加速直線，B勻加速直線運動，為了求出兩物體開始分離的時刻，必須知道分離時F的大小，此時采用整體法和隔離法分別列牛頓第二定律的方程即可解答：解：選AB整體為研究對象，AB整體具有共同的最大加速度，有牛頓第二定律 得：a1=對B應(yīng)用牛頓第二定律：a1=對A應(yīng)用牛頓第二定律：a1=經(jīng)歷時間：t=由以上解得：t=此后，B將受恒力作用，做勻加速直線運動，圖線為傾斜的直線故選：B點評：當(dāng)兩者相對運動后，B將受恒力作用，做勻加速運動，可排

24、除C、D選項，A、B選項的差別在于恰好相對運動的時刻，就需分別采用隔離法和整體法分別列方程了，也可以采用反證法，看看當(dāng)F=f時是否相對滑動？所以，要注意總結(jié)解題方法6若各國的人造地球衛(wèi)星都在高度不同的軌道上做勻速圓周運動，設(shè)地球的質(zhì)量為M，地球的半徑為R地，重力加速度為g，萬有引力恒量為G則下述判斷正確的是（）A世界各國發(fā)射的所有人造地球衛(wèi)星在軌道上做勻速圓周運動的運行速度都不超過v地=B隨著航天技術(shù)的不斷創(chuàng)新和進步，未來可以制造出環(huán)繞地球周期小于2的人造衛(wèi)星C衛(wèi)星在軌道上做勻速圓周運動的圓心必定與地心重合D地球同步衛(wèi)星可相對地面靜止在北京的正上空考點：萬有引力定律及其應(yīng)用 專題：萬有引力定律

25、的應(yīng)用專題分析：通過萬有引力提供向心力求出衛(wèi)星在圓形軌道上運行的最大速度，分析周期和軌道半徑的關(guān)系，從而得知周期的大小同步衛(wèi)星定軌道、定周期、定速度、定高度解答：解：A、根據(jù)萬有引力提供向心力有：解得，知軌道半徑越大，線速度越小，半徑最小等于地球的半徑，世界各國發(fā)射的所有人造地球衛(wèi)星在軌道上做勻速圓周運動的運行速度都不超過，故A正確；B、根據(jù)萬有引力提供向心力有：，解得：，知軌道半徑越大，周期越大，所以近地衛(wèi)星的周期最小，其余衛(wèi)星的周期都大于該周期，故B錯誤；C、衛(wèi)星靠地球的萬有引力提供向心力，萬有引力方向指向地心，所以圓心和地心重合故C正確D、同步衛(wèi)星與地球保持相對靜止，定軌道，位于赤道的上

26、方，不可能在北京的上方故D錯誤故選：AC點評：解決本題的關(guān)鍵知道繞中心天體做圓周運動，線速度、角速度、周期與軌道半徑的關(guān)系，以及掌握同步衛(wèi)星的特點7場強為E的勻強電場和磁感強度為B的勻強磁場正交如圖所示，質(zhì)量為m的帶電粒子在垂直于磁場方向的豎直平面內(nèi)，做半徑為R的勻速圓周運動，設(shè)重力加速度為g，則下列結(jié)論正確的是（）A粒子沿逆時針方向運動B粒子帶負(fù)電，且q=C粒子運動過程中機械能守恒D粒子的線速度大小為v=考點：帶電粒子在混合場中的運動 專題：帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題分析：粒子做勻速圓周運動，根據(jù)重力和電場力平衡以及洛倫茲力提供向心力分析判斷解答：解：A、由左手定則可判斷粒子沿順時針方向運

27、動，故A錯誤；B、帶電粒子在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，有mg=qE，求得電荷量q=，根據(jù)電場強度方向和電場力方向判斷出粒子帶負(fù)電，故B正確；C、由于電場力做功，故機械能不守恒，故C錯誤；D、帶電粒子在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，有：mg=qEqvB=m解得：v=，故D正確；故選：BD點評：本題關(guān)鍵是找到向心力來源，并得到重力和電場力平衡，從而判斷出電性和轉(zhuǎn)動方向，最后根據(jù)洛倫茲力提供向心力列式求解8如圖所示，豎直平面內(nèi)有一光滑絕緣半圓軌道，處于方向水平且與軌道平面平行的勻強電場中，軌道兩端點A、C高度相同，與圓心O在同一水平線上，軌道的半徑為R0，一個質(zhì)量為m的帶正電的小球從槽右端的A處無初速地

28、沿軌道下滑，滑到最低點B時對槽底的壓力為2mg，則在小球的滑動過程中，有（）A小球到達B點時的速度大小為B小球到達B點時的速度大小為C小球在滑動過程中的最大速度為D小球在滑動過程中的最大速度為考點：機械能守恒定律；向心力 專題：機械能守恒定律應(yīng)用專題分析：小球由于受到電場力做功，故機械能不守恒；故應(yīng)用動能定理求解小球在最滑動過程中的最大速度解答：解：AB、小球在B點時，半徑方向上的合力為向心力，由牛頓第二定律有：FNmg=m由于FN=2mg，故v2=gR，小球到達達B點時的速度為：v=故A錯誤，B正確；CD、從A到B，設(shè)電場力做功WE，由動能定理，得：WE+mgR=mv2得：WE=mv2mgR

29、=mgR由于電場力做負(fù)功，故帶電小球受電場力方向向右，大小為：F=|=mg場強方向向右從A到B之間一定有位置D時，小球運動的切線方向瞬時合力為零處，也是小球速度最大處 設(shè)OD連線與豎直方向夾角，F(xiàn)cos=Gsin 又由動能定理得：m=mgRcosFR（1sin）聯(lián)立解得，最大速度為：vm=故C正確，D錯誤故選：BC點評：本題要注意明確機械能守恒的條件為只有重力做功，若有其他力做功的時候，應(yīng)使用動能定理求解關(guān)鍵要知道速度最大的條件：切向合力為零二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第9題第12題為必考題，每個試題考生都必須做答。第13題第18題為選考題,考生根據(jù)要求做答。(一）必考題9在“用圓

30、錐擺驗證向心力表達式”的實驗中，如圖甲所示，懸點剛好與一個豎直的刻度尺零刻度線對齊，將畫著幾個同心圓的白紙置于水平桌面上，使鋼球靜止時剛好位于圓心用手帶動鋼球，使鋼球在水平面上做圓周運動，同時從懸點上方豎直向下觀察鋼球的運動軌跡與紙面上某個同心圓重合，并記下該同心圓的半徑r，鋼球的質(zhì)量為m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間（1）用秒表記錄運動n圈的總時間為t，那么小球做圓周運動中需要的向心力表達式為F=；（2）通過刻度尺測得小球軌道平面距懸點的高度為h，那么小球做圓周運動過程中外力提供的向心力表達式為F=；（3）改變小球做圓周運動的半徑，多次實驗，得到如圖乙所示的h關(guān)系圖象，可以達到粗略驗證向心力表達式的目

31、的，則該圖線的斜率表達式為（用題中所給物理量的字母表示上面各問的結(jié)果）考點：向心力 專題：勻速圓周運動專題分析：利用公式Fn=m，而v=，計算球所受的向心力質(zhì)量可通過天平稱出，而周期則是取小球轉(zhuǎn)動n次的時間求得，對于半徑則可刻度尺測量出解答：解：（1）根據(jù)向心力公式：F=m，而v=，T=得：F=；（2）如圖由幾何關(guān)系可得：F=mgtan=mg；由上面分析得：mg=，整理得：=h故斜率表達式為：；故答案為：（1）；（2）；（3）點評：通過實驗數(shù)據(jù)來粗略驗證向心力表示式，培養(yǎng)學(xué)生善于分析問題與解決問題的能力，同時運用力的分解尋找向心力的來源10已知某電源的電動勢不大于6V，為了測定該電源的電動勢及

32、內(nèi)阻，請完成以下題目要求：（1）在下列三個電壓表中挑選一個改裝成量程為6V且便于準(zhǔn)確讀數(shù)的電壓表A量程為1 V、內(nèi)阻大約為1 k的電壓表V1B量程為2 V、內(nèi)阻大約為2 k的電壓表V2C量程為3 V、內(nèi)阻為3 k的電壓表V3選擇的電壓表為C（填選項前字母）；將選擇好的電壓表串聯(lián)一個3k的電阻就可以改裝成量程為6v且便于準(zhǔn)確讀數(shù)的電壓表（2）請在虛線框內(nèi)畫出利用一個電阻箱、一只開關(guān)、若干導(dǎo)線和改裝好的電壓表（此表用符號V1、V2或V3與一個電阻串聯(lián)來表示，且可視為理想電壓表）測量電源電動勢及內(nèi)阻的實驗電路圖（電阻箱、電源、開關(guān)已畫在虛線框內(nèi)）（3）根據(jù)以上實驗電路圖進行實驗，當(dāng)選擇的電壓表示數(shù)為

33、1.50V時，電阻箱的阻值為15.0；當(dāng)選擇的表示數(shù)為2.00V時，電阻箱的阻值為40.0，則電源的電動勢E=5.00V，內(nèi)阻r=10（結(jié)果保留三個有效數(shù)字）考點：測定電源的電動勢和內(nèi)阻 專題：實驗題分析：（1）改裝中要進行量程的換算，故可以選量程成整數(shù)倍的電表；（2）由閉合電路的歐姆定律的實驗方法可知實驗電路圖；（3）由閉合電路的歐姆定律可列式求得電動勢及內(nèi)阻解答：解：（1）要改裝一個量程為6V的電壓表，應(yīng)該選擇C，改裝成電壓表要串聯(lián)電阻的RX：則有Ig（Rg+Rx）=UV即：1×103（3k+Rx）=6解得：Rx=3k （2）實驗原理電路圖，如圖：（3）電壓表由量程為3V改裝為9

34、V，量程擴大了3倍，示數(shù)為1.50V時，路端電壓為3×1.5V=4.5V，根據(jù)閉合電路的歐姆定律 ，同理示數(shù)為2.0V時，路端電壓為3×2.0V=6.0V，有聯(lián)立二式解得 E=5V r=10.0故答案為：（1）C；3（2）電路如圖所示；（3）5.00，10.0點評：本題考查電壓表的改裝，熟悉電壓表的改裝原理后不難做出解答，同時根據(jù)根據(jù)閉合電路的歐姆定律即可求出電動勢和內(nèi)電阻的大小11如圖甲所示，質(zhì)量為m=1kg的物體置于傾角為=37°的固定斜面上（斜面足夠長），對物體施加平行于斜面向上的恒力F，作用時間t1=1s時撤去拉力，物體運動的部分vt圖象如圖乙所示，取g=

35、10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8試求：（1）物體與斜面間的動摩擦因數(shù)和拉力F的大?。唬?）t=6s時物體的速度，并在圖乙上將6s內(nèi)物體運動的vt圖象補畫完整，要求標(biāo)明有關(guān)數(shù)據(jù)考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像 專題：牛頓運動定律綜合專題分析：（1）根據(jù)圖象可以求出勻加速直線運動和勻減速直線運動的加速度大小，根據(jù)牛頓第二定律列出勻加速運動和勻減速運動的力學(xué)方程，F(xiàn)mgsinmgcos=ma1，mgsin+mgcos=ma2，聯(lián)立兩方程求出動摩擦因數(shù)；（2）先通過圖象得到3s末速度為零，然后求出3s到6s物體的加速度，再根據(jù)速度時間關(guān)系公式求解

36、6s末速度；解答：解：（1）設(shè)力作用時物體的加速度為a1，對物體進行受力分析，由牛頓第二定律有：Fmgsinmgcos=ma1撤去力后，設(shè)物體的加速度為a2，由牛頓第二定律有：mgsin+mgcos=ma2由圖象可得a1=20m/s2； a2=10m/s2代入解得F=30N； =0.5 故斜面與物體間的動摩擦因數(shù)為0.5，拉力大小為30N；（2）3s末物體速度減為零，之后物體下滑做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin37°f=ma3解得：a3=2m/s2由速度時間公式，得到再過3s，有：v=a3t=6m/s故物體6s末速度大小為6m/s方向與初速度方向相反即沿斜面向下圖象

37、如下圖所示答：（1）物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.5，拉力F的大小為30N；（2）t=6s時物體速度為6m/s，t=6s內(nèi)物體運動的vt圖象如圖所示；點評：本題關(guān)鍵受力分析后，根據(jù)牛頓第二定律，運用正交分解法求解出各個運動過程的加速度，然后結(jié)合運動學(xué)公式列式求解12（18分）在如圖所示的裝置中，懸掛在某固定點的光滑定滑輪上繞有柔軟細(xì)線細(xì)線的一端系一質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿，另一端系一質(zhì)量為3m的重物在豎直平面內(nèi)有間距為L的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌PQ、EF，在QF之間連接有阻值為R的電阻其余電阻不計，磁感應(yīng)強度為B0的勻強磁場與導(dǎo)軌平面垂直，開始時金屬桿置于導(dǎo)軌下端QF處，將重物由靜止釋放，當(dāng)重

38、物下降h時恰好達到穩(wěn)定速度而勻速下降運動過程中金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好忽略所有摩擦，重力加速度為g，求：（1）電阻R中的感應(yīng)電流方向；（2）重物勻速下降的速度v；（3）重物從釋放到下降h的過程中，電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱QR：（4）若將重物下降h時刻記作t=0，速度記為v0，從此時刻起，磁感應(yīng)強度逐漸減小，若此后金屬桿中恰好不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則磁感應(yīng)強度B怎樣隨時間t變化（寫出B與t的關(guān)系式）考點：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律；焦耳定律 專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：（1）由右手定則判斷出感應(yīng)電流方向，判斷出R中的電流方向（2）重物勻速下降時，金屬桿勻速上升，受力平衡推導(dǎo)出

39、安培力，由平衡條件列式求出速度v（3）重物從釋放到下降h的過程中，重物的重力勢能減小轉(zhuǎn)化為桿的重力勢能和動能、重物的動能及整個回路的內(nèi)能，根據(jù)能量守恒求出整個回路產(chǎn)生的焦耳熱，根據(jù)串聯(lián)電路電流關(guān)系，求出電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱QR；（4）當(dāng)回路中總磁通量不變時，金屬棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，此時棒將導(dǎo)軌做勻加速運動根據(jù)磁通量不變，列式求B與t的關(guān)系式解答：解：（1）釋放重物后，金屬桿向上運動，由右手定則可知，電阻R中的感應(yīng)電流方向為QRF；（2）重物勻速下降時，金屬棒勻速上升，處于平衡狀態(tài)，對金屬棒，由平衡條件得：T=mg+F，金屬棒受到的安培力：F=B0IL=，對重物，由平衡條件得：T=3mg，解得：

40、v=；（3）設(shè)電路中產(chǎn)生的總焦耳熱為Q，由能量守恒定律得：3mghmgh=（3m）v2+mv2+Q，電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱：QR=Q，解得：QR=；（4）金屬桿中恰好不產(chǎn)生感應(yīng)電流，即磁通量不變：0=t，hLB0=（h+h2）LBt，h2=at2，又 a=解得，磁感應(yīng)強度B怎樣隨時間t變化關(guān)系：Bt=；答：（1）電阻R中的感應(yīng)電流方向為：QRF；（2）重物勻速下降的速度為；（3）重物從釋放到下降h的過程中，電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為；（4）磁感應(yīng)強度B隨時間t的變化關(guān)系為Bt=點評：本題分別從力和能量兩個角度研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象，關(guān)鍵是計算安培力和分析能量如何變化，以及把握沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件三、選考

41、題（任選其中的一個模塊，如果多做,按毎學(xué)科所做的第一題計分。共2小題，滿分15分）【物理選修3-3】13下列說法正確的是（）A懸浮在水中的花粉的布明運動反映了花粉分子的熱運動B氣體的溫度升高，個別氣體分子運動的速率可能減小C對于一定種類的大量氣體分子，在一定溫度時，處于一定速率范圍內(nèi)的分子數(shù)所占百分比是確定的D若不計氣體分子間相互作用，一定質(zhì)量氣體溫度升高、壓強降低過程中，一定從外界吸收熱量E密閉容器中有一定質(zhì)量的理想氣體，在完全失重狀態(tài)下，氣體的壓強為零考點：溫度是分子平均動能的標(biāo)志；理想氣體的狀態(tài)方程 分析：布朗運動是指懸浮于液體中的顆粒所做的無規(guī)則的運動，不是分子運動氣體的溫度升高，分子

42、平均動能增大對于一定種類的大量氣體分子存在統(tǒng)計規(guī)律：分子運動的速率很大或很小的分子數(shù)，處于一定速率范圍內(nèi)的分子數(shù)所占百分比是確定的根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析熱量氣體的壓強不是由于分子的重力產(chǎn)生的，而是由于大量氣體分子頻繁碰撞容器壁產(chǎn)生的解答：解：A、布朗運動是指懸浮在液體中的固體顆粒所做的無規(guī)則的運動，而固體顆粒是由大量的分子組成的，所以布朗運動不是顆粒內(nèi)部分子的運動故A錯誤B、氣體的溫度升高，分子平均動能增大，由于氣體分子的運動是無規(guī)則的，所以個別氣體分子運動的速率可能減小故B正確C、對于一定種類的大量氣體分子存在統(tǒng)計規(guī)律：分子運動的速率很大或很小的分子數(shù)，處于一定速率范圍內(nèi)的分子數(shù)所占百分比是

43、確定的故C正確D、若不計氣體分子間相互作用，分子勢能不計一定質(zhì)量氣體溫度升高、壓強降低過程中，根據(jù)氣態(tài)方程=C可知氣體的體積一定增大，氣體對外做功，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析得知氣體一定從外界吸收熱量故D正確E、氣體的壓強不是由于分子的重力產(chǎn)生的，而是由于大量氣體分子頻繁碰撞容器壁產(chǎn)生的，所以在完全失重狀態(tài)下，氣體的壓強不變故E錯誤故選：BCD點評：解決本題的關(guān)鍵要掌握理想氣體的狀態(tài)方程、布朗運動的實質(zhì)、分子運動的統(tǒng)計規(guī)律、熱力學(xué)第一定律，理解氣體壓強的微觀實質(zhì)，這一類的知識點要注意積累14如圖所示，一個絕熱的氣缸豎直放置，內(nèi)有一個絕熱且光滑的活塞，中間有一個固定的導(dǎo)熱性良好的隔板，隔板

44、將氣缸分成兩部分，分別密封著兩部分理想氣體 A 和 B活塞的質(zhì)量為m，橫截面積為S，與隔板相距h現(xiàn)通過電熱絲緩慢加熱氣體，當(dāng)A氣體吸收熱量Q時，活塞上升了h，此時氣體的溫度為T1已知大氣壓強為P0，重力加速度為g加熱過程中，若A氣體內(nèi)能增加了E1，求B氣體內(nèi)能增加量E2現(xiàn)停止對氣體加熱，同時在活塞上緩慢添加砂粒，當(dāng)活塞恰好回到原來的位置時A氣體的溫度為T2求此時添加砂粒的總質(zhì)量m考點：理想氣體的狀態(tài)方程 專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：由W=Fl=pSh求出氣體對外界做的功，然后由熱力學(xué)第一定律求出氣體增加的內(nèi)能；求出氣體的狀態(tài)參量，然后由理想氣體狀態(tài)方程求出砂礫的質(zhì)量解答：解：氣體對外做功B

45、氣體對外做功：W=pSh=（p0S+mg）h，由熱力學(xué)第一定律得：E1+E2=QW，解得：E2=Q（mg+p0S）hE1 ，B氣體的初狀態(tài)：，V1=2hST1 ，B氣體末狀態(tài)：，V1=hST2 ，由理想氣體狀態(tài)方程得：=，解得：；答：加熱過程中，B氣體內(nèi)能增加量為Q（mg+p0S）hE1；此時添加砂粒的總質(zhì)量點評：本題考查了求氣體內(nèi)能的變化量、砂礫的質(zhì)量，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律與理想氣體狀態(tài)方程即可正確解題；應(yīng)用熱力學(xué)第一定律解題時，要注意各符號正負(fù)的含義【物理-選修3-4】15下列說法正確的是（）A若將單擺的擺球質(zhì)量變?yōu)樵瓉淼?倍，則其振動周期變?yōu)樵瓉淼腂單擺的回復(fù)力是重力沿擺球運動軌跡切線方向

46、的分力C根據(jù)麥克斯韋理論，變化的電場周圍一定產(chǎn)生變化的磁場D我們在地球上接收到來自遙遠星球的光波的波長變長，可以判斷該星球正在離我們遠去E為了司機在夜間安全行駛，汽車前窗玻璃通常采用偏振玻璃考點：光的偏振；單擺周期公式 分析：根據(jù)惠更斯單擺周期公式T=2，可知與質(zhì)量無關(guān)；單擺處于圓周運動，其合力提供向心力，回復(fù)力只是合力的一個分力；根據(jù)麥克斯韋電磁場理論，變化的電場周圍一定產(chǎn)磁場；根據(jù)多普勒效應(yīng)，由接收的頻率的大小，從而可得波長的長短，從而可確定間距的遠近；偏振片用在汽車上可以保障夜間行駛安全解答：解：A、單擺周期公式T=2，可知與質(zhì)量無關(guān)，故A錯誤；B、單擺的回復(fù)力是重力沿擺球運動軌跡切線方

47、向的分力；故B正確；C、根據(jù)麥克斯韋電磁場理論可知，變化的電場周圍一定產(chǎn)磁場，不一定產(chǎn)生變化的磁場，若電場均勻變化，將產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場；故C錯誤；D、在地球上接收到來自遙遠星球的光波的波長變長，根據(jù)c=f，光速不變，則頻率變小，由多普勒效應(yīng)可知，當(dāng)頻率變小時，則兩者間距增大，因此該星球正在距離我們遠去，故D正確；E、夜晚，汽車前車發(fā)出的強光將迎面駛來的汽車照射得睜不開眼睛，影響行車安全，若將汽車前燈玻璃和前窗玻璃都改用偏振玻璃，雙方司機都看不見眩目的燈光，但能看見自已的光所照亮的物體；故E正確；故選：BDE點評：本題考查單擺的周期性、電磁波的傳播及相對論等內(nèi)容，同時掌握根據(jù)多普勒效應(yīng)來確定間距的

48、變化，要注意在學(xué)習(xí)中能準(zhǔn)確掌握物理學(xué)史，不能出錯16如圖所示，直角玻璃三棱鏡置于空氣中，A=60°，C=90°，一束極細(xì)的光于AC邊的中點D垂直AC面入射，已知AD=a，棱鏡的折射率n=，光在真空中的傳播速度為c，求：（1）光從棱鏡第一次射入空氣時的折射角；（2）光從進入棱鏡到它第一次射入空氣所經(jīng)歷的時間（結(jié)果可以用根式表示）考點：光的折射定律 專題：光的折射專題分析：（1）畫出光路圖，判斷光線在AB面和BC面上能否發(fā)生全反射，由幾何知識求出光線第一次射入空氣時的入射角，由折射定律求解折射角；（2）根據(jù)幾何關(guān)系求出光線在玻璃磚內(nèi)通過的路程，由運動學(xué)知識求解時間解答：解：（1）設(shè)玻璃對空氣的臨界角為C，則sinC=，得：C=45°如圖所示，i1=60°，因i145°，所以光線在AB面上將發(fā)生全反射由幾何知識得：i2=i130°=30°C，