2019年江西省南昌市高考物理一模試卷解析版

1、量比值為（）1.2.2019年江西省南昌市高考物理一模試卷5 小題，共30.0 分）一位物理老師制作了一把如圖所示的“簡(jiǎn)易銅絲琴”。他是這么做的：在一塊木板上固定兩顆螺絲釘，將一根張緊的銅絲纏繞在兩顆螺絲釘之間，擴(kuò)音器通過(guò)導(dǎo)線與兩螺絲釘連接，銅絲旁邊放置一塊磁鐵，用手指撥動(dòng)銅絲，擴(kuò)音器上就發(fā)出了聲音。根據(jù)上面所給的信息，下面說(shuō)法正確的是（A. 2： 1B. 1 ： 2C. 3： 1D. 1 ： 3二、多選題（本大題共5 小題，共26.0 分）6. 如圖所示，真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1、 Q2分別固定在x軸上的x1=0 和 x2的位置上。將一試探電荷q放置在x0處恰好靜止?，F(xiàn)將Q2的固定點(diǎn)左移少許距

2、離，將該試探電荷q仍放置在x0處，則（）A. 銅絲的振動(dòng)引起空氣振動(dòng)而發(fā)出聲音絲切割磁感線產(chǎn)生直流電流C. 該“簡(jiǎn)易銅絲琴”將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能一質(zhì)量為1kg 的小物塊靜止在光滑水平面上，B. 振動(dòng)的銅D. 利用這一裝置所揭示的原理可制成發(fā)電機(jī) t=0 時(shí)刻給物體施加一個(gè)水平向右的拉力F ， 其速度的二次方隨位移變化的圖象為經(jīng)過(guò)P 點(diǎn) （ 5， 25）的直線，如圖所示，則（A. 小物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)B. 水平拉力F 的大小為C. 5s內(nèi)小物塊的位移為5mD. 5s末小物塊的速度為A. 試探電荷q 一定向右運(yùn)動(dòng)B. 試探電荷q 所受電場(chǎng)力一定向左C. 電場(chǎng)力對(duì)試探電荷一定是先做正功D. 試探電荷的

3、電勢(shì)能一定是先減小7. 如圖所示帶電小球a 以一定的初速度v0 豎直向上拋出，能夠達(dá)到的最大高度為ha；帶電小球b 在水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)以相同的初速度v0豎直向上拋出，上升的最大高度為hb；帶電小球c在水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)以相同的初速度v0豎直向上拋出，上升的最大高度為hc， 不計(jì)空氣阻力，三個(gè)小球的質(zhì)量相等，則（）3. 在 粒子散射實(shí)驗(yàn)中， 粒子的偏轉(zhuǎn)是由于受到原子內(nèi)正電荷的庫(kù)侖力作用而發(fā)生的，其中有極少數(shù)粒子發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)，甚至被反向彈回。假定一個(gè)速度為v 的高速 粒子 （He） 與金原子核（ Au）發(fā)生彈性正碰（碰撞前金原子核可認(rèn)為是靜止的），則（）A. 粒子在靠近金原子核的過(guò)程中電勢(shì)能

4、逐漸減小B. 粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明原子核是由質(zhì)子和中子組成的C. 粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明帶正電的物質(zhì)均勻分布在原子內(nèi)部D. 當(dāng)它們的距離最小時(shí)，粒子與金原子核的動(dòng)量大小之比為4： 1974. 在公園里我們經(jīng)?？梢钥吹酱笕撕托『⒍枷矚g玩的一種游戲-“套圈”，如圖所示是“套圈”游戲的場(chǎng)景。假設(shè)某小孩和大人從同一條豎直線上距離地面的不同高度處分別水平拋出兩個(gè)小圓環(huán)大人拋出圓環(huán)時(shí)的高度為小孩拋出圓環(huán)高度的倍，結(jié)果恰好都套中地面上同一物體。不計(jì)空氣阻力，則大人和小8. 下表是一些有關(guān)火星和地球的數(shù)據(jù)，利用萬(wàn)有引力常量它們上升的最大高度關(guān)系為到達(dá)最大高度時(shí)，c 小球機(jī)械能最大G 和表中選擇的一些信息可以完成的估算是

5、信息序號(hào)日地距離大約是 1.5 億 km地球半徑約6400km信息內(nèi)容地球一年約365天地表重力加速度約為9.8m/s2火星的公轉(zhuǎn)周期為 687 天）孩所拋出的圓環(huán)（）A. 運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為9： 4B. 速度變化率之比為4： 9C. 水平初速度之比為2： 3D. 落地時(shí)速度之比為3： 25. 如圖所示，物體A、 B 和輕彈簧靜止豎立在水平地面上，輕彈簧的兩端與兩物體栓接，其勁度系數(shù)為k，重力加速度為g。在物體A 上施加一個(gè)豎直向上的恒力，若恒力大小為F0， 物體 B 恰好不會(huì)離開(kāi)地面；若恒力大小為2F0， 在物體 B剛好離開(kāi)地面時(shí)物體 A 的速度為，設(shè)整個(gè)過(guò)程中彈簧都處于彈性限度內(nèi)。則物體A 與

6、物體 B 的質(zhì)A. 選擇可以估算地球質(zhì)量B. 選擇可以估算太陽(yáng)的密度C. 選擇可以估算火星公轉(zhuǎn)的線速度D. 選擇可以估算太陽(yáng)對(duì)地球的吸引力9. 下列說(shuō)法正確的是（）A. 對(duì)理想氣體做功，內(nèi)能不一定增加B. 水由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)，分子勢(shì)能增加C. 液體的飽和汽壓一定比未飽和汽壓大D. 已知水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，可以計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)E. 當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能都是隨分子間距離的增大而增大10. 已知波源的平衡位置在O 點(diǎn)， t=0 時(shí)刻開(kāi)始做振幅為50cm 的簡(jiǎn)諸振動(dòng)，頻率為20Hz，發(fā)出一列橫波沿 x 軸正方向傳播，如圖所示為P 點(diǎn)恰好開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的波形，P 、 Q 兩質(zhì)點(diǎn)平

7、衡位置坐標(biāo)分別為P（ 6，0）、Q（ 28， 0），則下列說(shuō)法正確的是（）第 14 頁(yè)，共 8 頁(yè)11.12.A. 這列波的波速為B. 當(dāng)時(shí)， Q 點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)C. 波源剛開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向沿方向D. Q 點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)時(shí)，P 點(diǎn)恰位于平衡位置E. Q點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)之前，P 點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為2 小題，共18.0 分）某物理課外興趣小組的三名同學(xué)想“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”，他們找到了如下物品：一根粗細(xì)均勻的長(zhǎng)橡皮筋、木板、剪刀白紙、鉛筆、刻度尺、三角板、三個(gè)重量相同的鉤碼圖釘和細(xì)繩若干。他們?cè)O(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)方案：步驟 1 ：橡皮筋一端固定，另一端系上細(xì)繩套，分別掛上一個(gè)兩個(gè)、三個(gè)鉤碼，用刻度尺測(cè)量掛

8、上相應(yīng)的鉤碼時(shí)橡皮筋的長(zhǎng)度，看伸長(zhǎng)量是否與所掛鉤碼數(shù)成正比，若成正比則進(jìn)行下一步；步驟 2： 將橡皮筋剪成長(zhǎng)度均為的三段，將三段橡皮筋的一端系在一起設(shè)為結(jié)點(diǎn)O，另一端均系上細(xì)繩套，任取兩細(xì)繩套對(duì)拉檢查對(duì)應(yīng)橡皮筋長(zhǎng)度是否相等，若相等則進(jìn)行下一步；步驟3：在木板上固定白紙，在白紙合適位置用圖釘套住一細(xì)繩套，現(xiàn)用手將另兩細(xì)繩套成一定角度往下拉適當(dāng)?shù)木嚯x記錄結(jié)點(diǎn)O 的位置和測(cè)量三段橡皮筋的長(zhǎng)度l1、 l2、 l3（如圖所示）1）則有關(guān)上述操作說(shuō)法正確的有A步驟1 的目的是判斷橡皮筋是否符合胡克定律B步驟2 的目的是判斷三段橡皮筋勁度系數(shù)是否相同C步驟3 還需要記錄橡皮筋2、 3 的方向D步驟3 還需要

9、測(cè)力計(jì)測(cè)量三段橡皮筋的拉力大?。?） 該小組的三名同學(xué)分別做此實(shí)驗(yàn)，則他們?cè)诟淖兗?xì)繩的夾角再做實(shí)驗(yàn)時(shí)（ 填“需要”或“不需要”）保證結(jié)點(diǎn) O 位置不變?，F(xiàn)測(cè)得l=10.0m，則甲、乙、丙記錄的數(shù)據(jù)明顯存在錯(cuò)誤的是（填“甲”或“乙”或“丙”）。甲：l 1=l2=l3=15.0cm；乙：l1=15.0cm， l2=120 cm， l3=12.0cm；丙：l1=16.0cm， l2=13.0cm， l3=14.0cm（ 1）如圖 1 所示為小南同學(xué)用歐姆擋去測(cè)量浴霸里的白熾燈（220V， 275W）不發(fā)光時(shí)燈絲電阻的表盤(pán)照片，但在拍照的時(shí)候未把多用電表的選擇擋位旋鈕拍進(jìn)去小南同學(xué)認(rèn)為還是能夠知道其電

10、阻值，那么你認(rèn)為此白熾燈的燈絲電阻是 如果照片所拍攝的是直流電流檔（量程為5A）的表盤(pán)，則所測(cè)電流為A。（ 2）小南同學(xué)想通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量出歐姆表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，他在實(shí)驗(yàn)室中找到了下列器材：待測(cè)歐姆表（選擇“歐姆檔”）電流表 A（量程為0.6A，內(nèi)阻不可忽略）電壓表 V 量程為3V，內(nèi)阻非常大）滑動(dòng)變阻器R電鍵 K 導(dǎo)線若干（ ）連接好電路，將滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值調(diào)到最大，閉合開(kāi)關(guān)；（ ）逐漸減小滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)U 和相應(yīng)電流表的示數(shù)I ；（ ）以 U 為縱坐標(biāo)，I 為橫坐標(biāo)，作U-I 圖線（ U 、 I 都用國(guó)際單位）；（ ）求出 U- 圖線斜率k 和在縱軸

11、上的截距a。回答下列問(wèn)題：請(qǐng)?jiān)诖鹁淼膶?shí)物圖2 上完成電路連線。選用k、 a、 R 表示待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)E 和內(nèi)阻 r 的表達(dá)式E=， r=，代人數(shù)值可得E 和r 的測(cè)量值。四、計(jì)算題（本大題共4 小題，共40.0 分）13. 如圖所示，在傾角 =37的光滑絕緣斜面內(nèi)有兩個(gè)質(zhì)量分別為 °4m 和 m的正方形導(dǎo)線框a、 b電阻均為R， 邊長(zhǎng)均為l ； 它們分別系在一跨過(guò)兩個(gè)定滑輪的輕繩兩端，在兩導(dǎo)線框之間有一方向垂直斜面向下、寬度為 2l 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B； 開(kāi)始時(shí)， 線框 b的上邊框與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的下邊界重合，線框 a的下邊框到勻強(qiáng)磁場(chǎng)的上邊界的距離為l。 現(xiàn)將系統(tǒng)由靜止

12、釋放，a線框恰好勻速穿越磁場(chǎng)區(qū)域。不計(jì)滑輪摩擦和空氣阻力，重力加速度為g， sin37 °=0.6， cos37° =0.8 求：1） a 線框穿出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的電流大??；2） a 線框穿越磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度；3）線框b 進(jìn)人磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱。14. 如圖所示，兩塊長(zhǎng)度均為l 的絕緣木板A、 B 置于水平地面上的光滑區(qū)域，mA=2kg， mB=1kg，它們的間距為d=2m。一質(zhì)量為2kg、長(zhǎng)度為2l 的長(zhǎng)板 C 疊放于 A板的上方，二者右端恰好齊平。C 與 A、 B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為 =0.2， 最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力。開(kāi)始時(shí)， 三個(gè)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)給長(zhǎng)板

13、C 施加一個(gè)方向水平向右、大小為4N 的外力 F，結(jié)果 A板被長(zhǎng)板C 帶動(dòng)加速直到與木板B發(fā)生碰撞。假定木板A、 B 碰撞時(shí)間極短且碰后粘連在一起。（g 取10m/s2）（ 1）求木板A、 B 碰撞后瞬間的速度大小；（ 2）要使C 最終恰好與木板A、 B 兩端對(duì)齊，木板A、 B 的長(zhǎng)度 l 的值；（ 3）若C 恰好與木板A、 B 兩端對(duì)齊時(shí)撤去F， A、 B、 C 三者立刻被鎖定為一個(gè)系統(tǒng)，此時(shí)ABC 開(kāi)始進(jìn)入水平地面上的粗糙區(qū)域，AB 下表面與粗糙區(qū)域的動(dòng)摩擦因數(shù)2=0.3求A板運(yùn)動(dòng)的位移大小。15. 兩個(gè)底面積均為S的圓柱形導(dǎo)熱容器直立放置，下端由細(xì)管連通。左容器上端敞開(kāi)，右容器上端封閉。

14、容器內(nèi)氣缸中各有一個(gè)質(zhì)量不同，厚度可忽略的活塞，活塞A、 B 下方和 B 上方均封有同種理想氣體。已知容器內(nèi)氣體溫度始終不變，重力加速度大小為g，外界大氣壓強(qiáng)為p 0，活塞A的質(zhì)量為m，系統(tǒng)平衡時(shí)，各氣體柱的高度如圖所示（h已知），現(xiàn)假設(shè)活塞B發(fā)生緩慢漏氣，致使 B 最終與容器底面接觸，此時(shí)活塞A 下降了0.2h。 求：未漏氣時(shí)活塞B 下方氣體的壓強(qiáng)；活塞 B 的質(zhì)量。16. 如圖， 現(xiàn)有一束平行單色光垂直入射到一半徑為R的玻璃半球的底面上， O 點(diǎn)是半球的球心，虛線OO 是過(guò)球心 O 與半球底面垂直的直線，已知光速為c，玻璃對(duì)該色光的折射率為。底面上多大區(qū)域面積的入射光線能夠直接從球面射出？

15、某入射光線從距離虛線OO為0.5R處入射，經(jīng)球面折射后與OO有交點(diǎn)，求該光線從進(jìn)入半球到該交點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間？答案和解析D、 粒子在靠近金原子核的過(guò) 程中，系 統(tǒng)動(dòng) 量守恒，當(dāng)它們 的距離最小時(shí) ，兩者的速度相等，1 .【答案】D【解析】解：AB 、手指撥動(dòng)銅導(dǎo)線發(fā)聲是由于 銅導(dǎo)線 振 動(dòng)時(shí) 切割磁感 線產(chǎn) 生交 變 的感 應(yīng)電 流， 電 流通 過(guò)擴(kuò) 音器放大后發(fā) 聲，故 AB 錯(cuò)誤 ；CD、 該 “簡(jiǎn) 易 銅絲 琴 ”將機(jī)械能 轉(zhuǎn) 化 為電 能，所以利用這 一裝置所揭示的原理可制成發(fā)電 機(jī)，故C 錯(cuò)誤 ， D 正確；故 選 ： D。根據(jù) 產(chǎn) 生感 應(yīng)電 流的關(guān) 鍵 是： 閉 合 電 路的部分 導(dǎo)

16、 體，做切割磁感線 運(yùn) 動(dòng) ，從而即可求解?？?查電 磁感 應(yīng)現(xiàn) 象，掌握 電 磁感 應(yīng)現(xiàn) 象的原理是解答本題 的關(guān) 鍵 。2 .【答案】B【解析】解： A、根據(jù) 圖 象可知x與 v2成正比，且過(guò) P點(diǎn)（ 5， 25），根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí) 得：v2=5x，根據(jù)公式v2=2ax可得：a=2.5m/s2，故物塊 做勻加速直線 運(yùn) 動(dòng) ，故 A錯(cuò)誤 ；B、根據(jù)牛 頓 第二定律得F=ma=2.5N，故B正確；C、根據(jù)位移與時(shí)間 關(guān)系公式x=31.25m，故C錯(cuò)誤 ；D 、根據(jù)速度與時(shí)間 關(guān)系公式得v=at=12.5m/s，故D 錯(cuò)誤 ，故 選 ： B。勻 變 速直 線 運(yùn) 動(dòng) 的特點(diǎn)是加速度不變 。根據(jù) 圖

17、 象可知 x 與 v2 成正比，從而確定物體的運(yùn)動(dòng) 性 質(zhì) 。解得此 類(lèi)問(wèn)題 的關(guān) 鍵 是從所 給 的 圖 象中提取有效信息，然后結(jié) 合所學(xué)知 識(shí)進(jìn) 行解答。3 .【答案】D【解析】解： A、 粒子在靠近金原子核的過(guò) 程中， 庫(kù)侖 力做 負(fù) 功， 電勢(shì) 能逐 漸 增加，故 A 錯(cuò)誤 ；B、 粒子散射 實(shí)驗(yàn) 是原子的核式結(jié) 構(gòu)理 論 的基 礎(chǔ) ，并不能 說(shuō) 明原子核是由質(zhì) 子和中子 組 成的，故 B 錯(cuò)誤 ；C、 粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō) 明 帶 正 電 的物 質(zhì) 分布在原子內(nèi)部很小的區(qū)域內(nèi)，即原子的內(nèi)部有一個(gè)很小的原子核，故C 錯(cuò)誤 ；則 粒子與金原子核的動(dòng) 量大小之比等于質(zhì) 量之比，即為 4： 197

18、，故D 正確；故 選 ： D。電場(chǎng) 力做 負(fù) 功， 電勢(shì) 能增加； 粒子散射 實(shí)驗(yàn) 表面原子的內(nèi)部有一個(gè)很小的核，原子的全部正電 荷和幾乎的全部質(zhì) 量都集中在原子核里； 粒子在靠近金原子核的過(guò) 程中 滿 足 動(dòng) 量守恒。考 查 原子核式 結(jié) 構(gòu)模型的內(nèi)容，掌握粒子散射實(shí)驗(yàn) 的意 義 ，理解 電場(chǎng) 力做功正 負(fù) 與 電勢(shì) 能的 變化關(guān)系，注意動(dòng) 量守恒定律的條件。4 .【答案】C【解析】解：A、根據(jù)得可知大人和小孩所拋出的圓環(huán) 運(yùn) 動(dòng)時(shí)間 之比 為 3： 2， 選項(xiàng) A 錯(cuò)誤 ；B、速度變 化率等于加速度，因?yàn)?加速度均 為 g，可知速度變 化率之比 為 1： 1， 選項(xiàng) B 錯(cuò)誤 ；C、大人和

19、小孩的水平位移相等，根據(jù)可知水平初速度比等于2： 3， 選項(xiàng) C正確；D 、根據(jù)可知，落地的豎 直速度之比為 3： 2， 則 根據(jù)可知落地 時(shí) 速度之比不等于3： 2， 選項(xiàng) D 錯(cuò)誤 ；故 選 ： C。物體做平拋運(yùn)動(dòng) ，我 們 可以把平拋運(yùn)動(dòng) 分解 為 水平方向上的勻速直線 運(yùn) 動(dòng) ，和 豎 直方向上的自由落體運(yùn) 動(dòng) 來(lái)求解，兩個(gè)方向上運(yùn)動(dòng) 的 時(shí)間 相同；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng) 的 規(guī) 律 進(jìn) 行判斷。本 題 就是 對(duì) 平拋運(yùn) 動(dòng)規(guī) 律的考 查 ，平拋運(yùn) 動(dòng) 可以分解 為 在水平方向上的勻速直線 運(yùn) 動(dòng) ，和 豎 直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng) 來(lái)求解。5 .【答案】A【解析】解： 設(shè)彈 簧原來(lái)的壓縮 量

20、x1， 則 kx1=mAg；當(dāng)B剛 離開(kāi)地面時(shí)彈 簧的伸 長(zhǎng) 量 為 x2， 則 kx2=mBg；恒力大小 為 F0，物體B 恰好不會(huì)離開(kāi)地面，根據(jù)動(dòng) 能定理可得F0（ x1+x2） -mAg（ x1+x2） + EP=0，恒力大小為 2F0，在物體B 剛 好離開(kāi)地面時(shí) 物體 A 的速度 為 v= ，根據(jù) 動(dòng) 能定理可得2F0（ x1+x2） -mAg（ x1+x2） + EP=，聯(lián) 立解得：F0（ x1+x2） =2kx1+2kx2=3mAg解得物體A與物體 B 的 質(zhì) 量比 值 mA： mB=2： 1，故 A正確、 BCD 錯(cuò)誤 故 選 ：A根據(jù)平衡條件得到彈 力和重力大小關(guān)系，再根據(jù)動(dòng)

21、能定理列方程求解質(zhì) 量之比。利用 動(dòng) 能定理解 題時(shí) 注意：（ 1）分析物體受力情況，確定哪些力是恒力，哪些力是變 力；（2）找出其中恒力的功及變 力的功；（3）分析物體初末狀態(tài) ，求出 動(dòng) 能 變 化量；（ 4）運(yùn)用 動(dòng) 能定理求解。6 .【答案】 CD【解析】解：將一 試 探 電 荷 q放置在x0處 恰好靜止，說(shuō) 明 x0點(diǎn)的 場(chǎng)強(qiáng)為 零，即 Q1 在 x0處產(chǎn)生的 場(chǎng)強(qiáng) 與Q2在 x0處產(chǎn)生的 場(chǎng)強(qiáng) 等大反向；將Q2的固定點(diǎn)左移少許 距離， 則 Q2在 x0處產(chǎn)生的 場(chǎng)強(qiáng) 減小，x0 處 的合 場(chǎng)強(qiáng) 不再等于零，但是由于不知道Q1 和 Q2 的 電 性， 則 不知道合場(chǎng)強(qiáng) 的方向， 則

22、將 該試 探 電 荷 q 仍放置在x0 處時(shí)，不能判斷它受力的方向以及運(yùn)動(dòng) 的方向，但是可知電場(chǎng) 力 對(duì)試 探電 荷一定是先做正功，電勢(shì) 能先減小，故AB 錯(cuò)誤 ， CD 正確；故 選 ： CD。開(kāi)始 時(shí) ， x0點(diǎn) 場(chǎng)強(qiáng)為 零；當(dāng)移 動(dòng) Q2后 x0點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng) 不再 為 零， 則電 荷放置在 該 點(diǎn) 時(shí) 不再平衡，要發(fā) 生移 動(dòng) ， 電場(chǎng) 力做正功，電勢(shì) 能減??；求解此 題 要知道空 間 中某一點(diǎn)的電場(chǎng) ，是空 間 所有 電 荷 產(chǎn) 生的 電場(chǎng) 的疊加， 場(chǎng)強(qiáng) 是矢量，其合成遵守平行四邊 形定 則 。7 .【答案】BD【解析】解： AB 、第 1 個(gè) 圖 ：由 豎 直上拋運(yùn) 動(dòng) 的最大高度公式

23、得：ha= 第3 個(gè) 圖 ：當(dāng)加上 電場(chǎng)時(shí) ，由運(yùn)a動(dòng) 的分解可知，在豎 直方向上有：v02=2ghc，所以ha=hc；而第2個(gè) 圖 ：洛 倫茲 力改 變 速度的方向，當(dāng)小球在磁場(chǎng) 中運(yùn) 動(dòng) 到最高點(diǎn) 時(shí) ，小球 應(yīng) 有水平速度，設(shè) 此 時(shí) 的球的 動(dòng) 能 為 Ek， 則 由能量守恒得： mghb+Ek= mv02，又由于mv02=mgha，所以ha> hb；故A 錯(cuò)誤 ， B 正確。C、到達(dá)最大高度時(shí) ， b、 c 兩小球還 有速度，而a球在最大高度速度為 零，可知a動(dòng) 能最小，故CD 、因 c 球中除重力做負(fù) 功外， 電場(chǎng) 力 對(duì) c 球做正功，則 到達(dá)最大高度時(shí) ， c 小球機(jī)械能

24、最大，故D 正確；故 選 ： BD。當(dāng)小球只受到重力的作用的時(shí) 候，球做的是豎 直上拋運(yùn) 動(dòng) ；當(dāng)小球在磁場(chǎng) 中運(yùn) 動(dòng) 到最高點(diǎn) 時(shí) ，由于洛 倫茲 力的作用，會(huì)改變 速度的方向，所以到達(dá)最高點(diǎn)是小球的速度的大小不為 零；當(dāng)加上 電場(chǎng)時(shí) ， 電場(chǎng) 力在水平方向，只影響小球在水平方向的運(yùn)動(dòng) ，不影響 豎 直方向的運(yùn)動(dòng) 的情況。洛 倫茲 力的方向始終 和速度的方向垂直，只改變 球的速度的方向，所以磁場(chǎng)對(duì)電 子的洛 倫茲 力始 終 不做功，注意區(qū)分電場(chǎng) 力做功與洛倫茲 力做功的不同。8 .【答案】AC【解析】解： A、根據(jù)mg= 可知 選擇 中的g和 R，可以估算地球質(zhì) 量 M，故 A正確；B、根據(jù)

25、， 則選擇 中的地球的公轉(zhuǎn) 周期 T和 的日地距離r可以估算太陽(yáng)的質(zhì) 量，但是由于不知太陽(yáng)的半徑，則 不能估算太陽(yáng)的密度，故B 錯(cuò)誤 ；C、因選擇 可以估算太陽(yáng)的質(zhì) 量，根據(jù)，再 選擇 可知火星的公轉(zhuǎn) 周期可求解火星公轉(zhuǎn) 的半徑，再根據(jù)可估算火星公轉(zhuǎn) 的 線 速度，故 C 正確；D 、 選擇 因 為 不能確定地球的質(zhì) 量， 則 不可以估算太陽(yáng)對(duì) 地球的吸引力，故D 錯(cuò)誤 ；故 選 ： AC 。選擇 要研究的系統(tǒng) ，根據(jù)列出表達(dá)式，根據(jù)已知條件即可進(jìn) 行判斷。本 題 考 查 萬(wàn)有引力定律的運(yùn)用，解決本題 的關(guān) 鍵 是建立物理模型，利用衛(wèi) 星常用的兩條思路：重力等于萬(wàn)有引力，以及萬(wàn)有引力等于向心力

26、，進(jìn) 行列式分析。9 .【答案】ABD【解析】解： A、 對(duì) 理想氣體做功，若氣體向外放熱 ，根據(jù) 熱 力學(xué)第一定律，則 內(nèi)能不一定增加，故A正確；B、水由100 的液 態(tài)變?yōu)?00 的氣 態(tài)時(shí) 要吸收 熱 量，但是分子動(dòng) 能不 變 ， 則 分子 勢(shì) 能增加，故B 正確；C、液體的 飽 和汽 壓 與溫度有關(guān)，相等的溫度下，同種液體的飽 和汽 壓 一定比未 飽 和汽 壓 大；不同的溫度 時(shí) ，某種液體的飽 和汽 壓 不一定比未飽 和汽 壓 大，故C 錯(cuò)誤。D 、用水的摩爾質(zhì) 量除以水分子的質(zhì) 量，可以得到阿伏加德羅 常數(shù)，故 D 正確；E、當(dāng)分子力表現(xiàn)為 引力 時(shí) ，從分子 間 距 r0開(kāi)始分子

27、力隨分子間 距離的增大先增大后減??；分子勢(shì) 能都是隨分子間 距離的增大而增大，故E 錯(cuò)誤；故 選 ： ABD 。做功與 熱傳遞 都可以改 變 物體的內(nèi)能；溫度是分子的平均動(dòng) 能的 標(biāo) 志； 飽 和蒸汽 壓 的大小與溫度有關(guān)；阿伏伽德羅 常數(shù)是 聯(lián) 系微 觀 與宏 觀 的 橋 梁。本 題 考 查 了 熱 力學(xué)第一定律、溫度的微觀 意 義 ，明確改 變 物體的內(nèi)能的方式有熱傳遞 ，做功是關(guān) 鍵 ；涉及的知識(shí) 點(diǎn)多， 難 度不大，關(guān)鍵 多看 書(shū) 。10 .【答案】BCD【解析】解：A、波的頻 率 為20Hz，周期為T(mén)=0.05s；OP=6m=1.5， 則 波 長(zhǎng) =4m， 則波速 v= =m/s=8

28、0m/s，故A 錯(cuò)誤 ；B 、振 動(dòng) 從 O 傳 到 Q 的 時(shí)間 ： t= = s=0.35s，故B 正確；C、由波形 圖 可知， P點(diǎn)開(kāi)始起振的方向沿-y方向， 則 波源 剛 開(kāi)始振 動(dòng)時(shí) 的運(yùn) 動(dòng) 方向沿 -y方向，故 C 正確；D、因 PQ=22m=5 ， 則 Q 點(diǎn) 剛 開(kāi)始振 動(dòng)時(shí) ， P點(diǎn)恰位于平衡位置，故D 正確；E、 Q點(diǎn) 剛 開(kāi)始振 動(dòng) 之前，P點(diǎn)要振動(dòng) 5 T， 則經(jīng)過(guò) 的路程 為 5.5 × 4A=22A=22× 0.5m=11m，故E錯(cuò)誤 ；故 選 ： BCD。根據(jù)波形 圖 得到波 長(zhǎng) ，從而求解波速；根據(jù)v=x/v 求解波從O傳 到 P點(diǎn)的 時(shí)間

29、 ；各個(gè) 質(zhì) 點(diǎn)起振的方向與波源起振方向相同；波傳 播一個(gè)波 長(zhǎng)過(guò) 程中 質(zhì) 點(diǎn)振 動(dòng) 一個(gè)周期，路程為 4A。本 題 考 查 了 質(zhì) 點(diǎn)的振 動(dòng) 情況與波的傳 播關(guān)系，運(yùn)用“上下坡法 ”判斷 質(zhì) 點(diǎn)的振 動(dòng) 方向。根據(jù)PQ間 距離與波 長(zhǎng) 的關(guān)系能 夠 分析它 們 振 動(dòng) 狀 態(tài) 的關(guān)系。11 .【答案】ABC 不需要乙【解析】解：（1） A、步 驟 1 中，若橡皮筋的伸長(zhǎng) 量與所掛 鉤碼 數(shù)成正比 說(shuō) 明符合胡克定律，則 步 驟 1 的目的是判斷橡皮筋是否符合胡克定律，故A 正確；B、任取兩細(xì)繩 套 對(duì) 拉，因橡皮筋受的拉力相等，若對(duì)應(yīng) 橡皮筋 長(zhǎng) 度相等， 則 形 變 量相同， 則勁度系

30、數(shù)相同；則 步 驟 2 的目的是判斷三段橡皮筋勁 度系數(shù)是否相同，故B 正確；C、步驟 3還 需要 記錄 橡皮筋2、 3的方向，故C正確；D 、因橡皮筋的拉力與形變 量成正比，則 步 驟 3 不需要 測(cè) 力 計(jì)測(cè) 量三段橡皮筋的拉力大小，故D錯(cuò)誤 ；故 選 ： ABC。（ 2） 該 小 組 的三名同學(xué)分別 做此 實(shí)驗(yàn) ， 則 他 們 在改 變細(xì)繩 的 夾 角再做 實(shí)驗(yàn)時(shí) ，因兩次 實(shí)驗(yàn)間 無(wú)任何關(guān)系，則 不需要保 證結(jié) 點(diǎn) O 位置不 變 。用橡皮筋的長(zhǎng) 度減去原 長(zhǎng) 即 為 伸 長(zhǎng) 量，此伸 長(zhǎng) 量與力成正比，可代替力來(lái)操作，則 甲同學(xué)中三個(gè)力分 別對(duì)應(yīng) ： 5、 5、 5，三力能平衡；乙同

31、學(xué)中三個(gè)力對(duì)應(yīng) ： 5、 110、 2，此三力不可能平衡；乙同學(xué)中三個(gè)力對(duì)應(yīng) ： 6、 3、 4，此三力可能平衡；故乙 記錄 的數(shù)據(jù)明 顯 存在 錯(cuò)誤 ；故答案 為 ：（ 1） ABC；（ 2）不需要，乙。（ 1）根據(jù) 實(shí)驗(yàn) 的原理 結(jié) 合 實(shí)驗(yàn) 的步 驟 分析解答；（2）此實(shí)驗(yàn) 是用橡皮筋的形變 量來(lái)代替力的大小，根據(jù)三力平衡的條件即可分析。對(duì) 于 實(shí)驗(yàn)題 ，要弄清楚實(shí)驗(yàn) 目的、 實(shí)驗(yàn) 原理以及數(shù)據(jù)處 理、 誤 差分析等 問(wèn)題 ，一般的 實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì) 、實(shí)驗(yàn) 方法都是根據(jù)教材上給 出的 實(shí)驗(yàn) 方法 進(jìn) 行拓展，延伸，所以一定要熟練 掌握教材中的重要實(shí)驗(yàn) 。12.【答案】18.0 3.44 a -

32、k【解析】解：（1）白 熾 燈正常 發(fā) 光 時(shí) 的 電 阻 為 ： R= =176，白 熾 燈在不 發(fā) 光 時(shí)電 阻溫度 較 低， 電 阻比正常 發(fā) 光 時(shí) 小得多， 則 由表 盤(pán) 可知， 測(cè) 得的 電 阻 為18.0 ；如果照片所拍攝 的是直流 電 流檔（量程為 5A）的表盤(pán) ， 則 最小刻度 為 0.1A， 則 所 測(cè)電 流 為 3.44A。3）線框b 進(jìn)人磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為mgl2） 電 路 連線 如 圖 ： 根據(jù) U=E-Ir 可知E=a； -r=k，即r=-k；故答案 為 ：（ 1） 18.0； 3.44；（ 2） 實(shí) 物 電 路 圖 如 圖 所示； a； -k。（ 1）金屬導(dǎo)

33、 體的 電 阻隨溫度升高而增大；根據(jù)歐姆表的表盤(pán)進(jìn) 行 讀 數(shù)；（ 2）歐姆表電 流是從 紅 表筆流入，黑表筆流出；根據(jù)U=E-Ir 求解 電動(dòng)勢(shì) 和內(nèi)阻。本 題 考 查電 源 電動(dòng)勢(shì) 與內(nèi) 電 阻的 測(cè) 量方法，解決本題時(shí) 要注意同 時(shí)結(jié) 合 電 表的改裝；并明確計(jì)算 時(shí) 要根據(jù)改裝后的電 路 進(jìn) 行分析；同時(shí) 注意歐姆表在本題 中是作 為電 源存在的；明確其同樣 存在 電動(dòng)勢(shì) 和內(nèi) 電 阻。13.【答案】解：（1）設(shè)繩子拉力為F， a線框勻速穿越磁場(chǎng)區(qū)域?qū)?a 線框根據(jù)平衡條件可得：4mgsin = FA+F對(duì) b 線框 F=mgsin 且 F安 =BIl聯(lián)立解得：I= ；（ 2） a 線

34、框勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，a、 b 線框速度大小相等，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=BLv根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得I=解得： v= ；（ 3）設(shè)b 線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱為Q，對(duì)系統(tǒng)列能量守恒方程：4mglsin = mglsin + +Q解得： Q= mgl- 。答：（1） a 線框穿出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的電流大小為；（ 2） a 線框穿越磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度為；（ 1） 對(duì)線 框a、 b 分 別 列出平衡方程即可求解a 線 框穿出磁 場(chǎng) 區(qū)域 時(shí) 的 電 流大??；（ 2）根據(jù)求解的電 流 值結(jié) 合 E=BLv 求解速度；（ 3）由能量守恒關(guān)系求解線 框 b 進(jìn) 入磁 場(chǎng)過(guò) 程中 產(chǎn) 生的焦耳 熱 。對(duì) 于 電 磁感 應(yīng)

35、問(wèn)題 研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓 第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電 磁感 應(yīng)現(xiàn) 象中的能量轉(zhuǎn) 化 問(wèn)題 ，根據(jù) 動(dòng) 能定理、功能關(guān)系等列方程求解。14.【答案】解：（1）設(shè)A與 C 一起加速，由牛頓第二定律得：F=（ mA+mC） a1，因：fAC=mAa1< 1mCg，判斷可知A與 C 一起加速直到與B 碰撞。設(shè)木板 A 碰 B 前的速度為v1，碰后的速度為v2，已知：F=4N；對(duì) AC 兩板，由動(dòng)能定理得：Fd =，代入數(shù)據(jù)解得：v1=2m/s；A、 B 兩木板碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mAv1=（ mA+mB） v

36、2，代入數(shù)據(jù)解得，木板A、 B 碰撞后瞬間的速度大?。簐2 = m/s；（ 2）碰撞結(jié)束后，C 受到的滑動(dòng)摩擦力：f= 2mcg=0.4mg=F，因此 C 保持勻速而A、 B 做勻加速運(yùn)動(dòng)，直到三個(gè)物體達(dá)到共同速度v1設(shè)碰撞結(jié)束后到三個(gè)物體達(dá)到共同速度時(shí)經(jīng)過(guò)的時(shí)間為t，對(duì)木板，由牛頓第二定律得：f=（ m2-mB） a2，由速度公式得：v1=v2+a2t，這一過(guò)程C 與 A、 B 發(fā)生的相對(duì)位移為： x=v1t-t，代入數(shù)據(jù)解得： x= m，要使 C 最終恰好木板A、 B 兩端對(duì)齊，則有： x=l，則木板的長(zhǎng)度l 應(yīng)滿足：l= m；（ 3） AB 由光滑平面進(jìn)入粗糙平面過(guò)程中受到線性變化的地面摩擦力的作用，全部進(jìn)入后速度設(shè)為v3。由動(dòng)能定理得：-2l= （ mA+mB+mC） v32- （ mA+mB+mC） v12，代入數(shù)據(jù)解得：v3= m/s，之后， ABC 在摩擦力作用下減速直到停止，由動(dòng)能定理得：-2（ mA+mB+mC） gs=0- （ mA+mB+mC） v32，代入數(shù)據(jù)解得：s=0.5m，又：xA=d+t+2l-s，代入數(shù)據(jù)解得：xA= m；答：（1）木板A、 B 碰撞后瞬間的速度大小為m/s；（ 2）要使C 最終恰好與木板A、 B 兩端對(duì)齊，木板A、 B 的長(zhǎng)度 l