安徽省蕪湖市頂峰美術(shù)學(xué)校2018-2019學(xué)年高二物理上學(xué)期第一次月考試題

1、20182019 學(xué)年高二上學(xué)期第一次月考（考試時(shí)間：90 分鐘 試卷滿(mǎn)分：100 分） 注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2. 回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用 2B 鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑； 如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上， 寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（每小題 4 分，共 40 分）1 兩個(gè)完全相同的金屬球A和B帶電量之比為 1 : 7,相距為r。兩者接觸一下放回原來(lái)的 位置，若兩電荷原來(lái)帶異種電荷，則后來(lái)兩小球之間的靜電力大小與原來(lái)之比是（）A.

2、 3: 7 B 4: 7 C 9: 7 D 16: 72關(guān)于靜電場(chǎng)的等勢(shì)面，下列說(shuō)法正確的是（）A. 兩個(gè)電勢(shì)不同的等勢(shì)面可能相交B. 電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面處處相互垂直C. 同一等勢(shì)面上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度一定相等D. 將一負(fù)的試探電荷從電勢(shì)較高的等勢(shì)面移至電勢(shì)較低的等勢(shì)面，電場(chǎng)力做正功3傳感器是一種采集信息的重要器件。如圖所示為測(cè)定壓力的電容式傳感器，A為固定電極，B為可動(dòng)電極，組成一個(gè)電容大小可變的電容器?？蓜?dòng)電極兩端固定，當(dāng)待測(cè)壓力施加 在可動(dòng)電極上時(shí)，可動(dòng)電極發(fā)生形變， 從而改變了電容器的電容。 現(xiàn)已知該電容式傳感器充 電完畢且電荷量不變，將它與靜電計(jì)相連，如圖所示。當(dāng)待測(cè)壓力增大時(shí)，（）A. 電容

3、器的電容將增大，靜電計(jì)指針偏角將增大B. 電容器的電容將增大，靜電計(jì)指針偏角將減小C. 電容器的電容將減小，靜電計(jì)指針偏角將減小D. 電容器的電容將不變，靜電計(jì)指針偏角不變4.如圖，P為固定的點(diǎn)電荷，虛線(xiàn)是以P為圓心的兩個(gè)圓。帶電粒子Q在P的電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng), 運(yùn)動(dòng)軌跡與兩圓在同一平面內(nèi)，a、b、c為軌跡上的三個(gè)點(diǎn)。若Q僅受P的電場(chǎng)力作用，其2在a、b、c點(diǎn)的加速度大小分別為aa、ab、ac，速度大小分別為Va、Vb、Vc,則（個(gè)頂點(diǎn)上；a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負(fù)電。整個(gè)系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。（ ）mgdcos00點(diǎn)，兩虛線(xiàn)圓均以0為圓心，兩實(shí)線(xiàn)分別為帶電粒子a、b、c、d、e為軌跡

4、和虛線(xiàn)圓的交點(diǎn)。不計(jì)重力。下列A.aaaba。,vavcw.aabac，vbvvac.abacaa，VbVcVa.abacaa，VaVcVb5.如圖，在光滑絕緣水平面上,三個(gè)帶電小球a、b和c分別位于邊長(zhǎng)為I的正三角形的三k。若三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為已知靜電力常量為0- /beA3kq3l2B3kq3kq2、3kqI26.如圖所示，傾斜放置的平行板電容器兩極板與水平面夾角為0，極板間距為d,帶負(fù)電的微粒質(zhì)量為m帶電量為q，從極板M的左邊緣A處以初速度ZvV從極板N的右邊緣B處射出，則（V0水平射入，沿直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)并A.微粒達(dá)到B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為i2mv微粒的加速度大小等于gsin

5、0C.兩極板的電勢(shì)差UMNFmgdqcos0.微粒從A點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程電勢(shì)能減少7.如圖，一帶正電的點(diǎn)電荷固定于M和N先后在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡,OD)3說(shuō)法正確的是（）MA. M帶負(fù)電荷，N帶正電荷B. M在b點(diǎn)的動(dòng)能小于它在a點(diǎn)的動(dòng)能C. N在d點(diǎn)的電勢(shì)能等于它在e點(diǎn)的電勢(shì)能D. N在從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功&在x軸上有兩個(gè)點(diǎn)電荷qi、q2,其靜電場(chǎng)的電勢(shì) $在x軸上分布如圖所示。下列說(shuō)法正 確的有（）A. qi和q2帶有異種電荷B.xi處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零C.負(fù)電荷從xi移到X2，電勢(shì)能減小D.負(fù)電荷從xi移到X2,受到的電場(chǎng)力增大9.如圖所示，帶電平行金屬板A,B,板間的電

6、勢(shì)差為U, A板帶正電，B板中央有一小孔。一帶正電的微粒，帶電量為q,質(zhì)量為m自孔的正上方距板高h(yuǎn)處自由落下，若微粒恰能 落至A B板的正中央c點(diǎn)，則（）11i_：11JdJ*A.微粒在下落過(guò)程中動(dòng)能逐漸增加，重力勢(shì)能逐漸減小B.微粒下落過(guò)程中重力做功為mgh+Q），電場(chǎng)力做功為-四2 2C.微粒落入電場(chǎng)中，電勢(shì)能逐漸增大，其增量為Uq2D.若微粒從距B板高 2h處自由下落，則恰好能達(dá)到A板10.三個(gè)質(zhì)量相等，分別帶正電、負(fù)電和不帶電的粒子，從帶電平行金屬板左側(cè)中央以相同4的水平初速度V。先后垂直電場(chǎng)進(jìn)入，并分別落在正極板的A、B C三處，O點(diǎn)是下極板的左5端點(diǎn)，且0C= 2OA AC= 2B

7、C如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A. 三個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比tA:tB:tc= 2 : 3 : 4B. 三個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度之比aA:aB：ac= 1 : 3 : 4C. 三個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)動(dòng)能的變化量之比EA:EB：Eaaa；因電荷只有電場(chǎng)力做功，故電r勢(shì)能和動(dòng)能之和守恒，因電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能最小，b點(diǎn)的電勢(shì)能最大，故a點(diǎn)的動(dòng)能最大,b點(diǎn)的動(dòng)能最小，即VaVcVb, D 正確。5.【答案】BI解析】帶電小球a、b在c球位置處的場(chǎng)強(qiáng)大小均為巳卡，方向如圖所示，根據(jù)平行四邊形定則，其合電場(chǎng)強(qiáng)度大小為曰上孝，該電場(chǎng)應(yīng)與外加的勻強(qiáng)電場(chǎng)E等大反向，即l2一 12由于物體受力不在一

8、條直線(xiàn)上，因此不可能做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)， 到達(dá)B點(diǎn)的動(dòng)能一定不是？mv,A 錯(cuò)誤；將電場(chǎng)力分解到水平方向和豎直方向上，可知mg加速度大小為gtan0, B 錯(cuò)誤；電容器內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=，因此兩板間的電勢(shì)差為qcos0mgd乂UEd= qcos0, C 正確；從A向B運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，由于電場(chǎng)力做負(fù)功,點(diǎn)更靠近帶正電的點(diǎn)電荷，所以粒子M由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中粒子要克服電場(chǎng)力做功,動(dòng)能減小，B 正確；d點(diǎn)和e點(diǎn)在同一個(gè)等勢(shì)面上，所以N在d點(diǎn)的電勢(shì)能等于它在e點(diǎn)的電勢(shì)能，C 正確；粒子N帶正電，從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，D 錯(cuò)誤。&【答案】AC【解析】0-X圖象的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度。由圖

9、象可知，X2左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度方向向左，X2右側(cè) 電場(chǎng)強(qiáng)度向右，xi處電場(chǎng)強(qiáng)度大于零，X2處電場(chǎng)強(qiáng)度等于零，故qi和q2帶有異種電荷，A 正6.【答案】C【解析】物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，受力情況如圖所示。Eqcos0=mg Eqsin0=ma因此電勢(shì)能增誤。7.【答案】ABC【解析】由圖中帶電粒子M和N先后在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡可知，粒子力作用所以帶負(fù)電，粒子N受到斥力作用所以帶正電，A 正確；由于a點(diǎn)比bM受到引11確，B 錯(cuò)誤；負(fù)電荷從xi處移到X2處，電勢(shì)升高，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，故電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力減 小，C 正確，D 錯(cuò)誤。9.【答案】BCD知克服電場(chǎng)力做了多少功，電勢(shì)能就增大多少，C正確； 若微粒從距B

10、板高 2h處自由下落,假設(shè)能夠到達(dá)A點(diǎn)，重力做功mgh+d），克服電場(chǎng)力做功Uq，由動(dòng)能定理可知 D 正確。210.答案】ACD【解析】三個(gè)粒子的初速度相等，在水平方向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由間tA：tB：tc= 2 : 3 : 4 , A 正確；三個(gè)粒子在豎直方向上的位移所以合力之比與加速度之比相同，合力做功W=Fy,由動(dòng)能定理可知，動(dòng)能的變化量等于合力做的功，所以，三個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過(guò)程的動(dòng)能變化量之比為三個(gè)粒子的合力大小關(guān)系為FAFBFC,三個(gè)粒子的重力相等，所以B僅受重力作用，A所受的電場(chǎng)力向下，C所受的電場(chǎng)力向上，即B不帶電，A帶負(fù)電，C帶正電，由牛頓第二定律得aA：aB:aC= (m

11、g+qAE) :mg: (mg-qcE)，解得qA:qc= 7 : 20 ， D 正確。11.【答案】9【解析】勻強(qiáng)電場(chǎng)中，由公式U =Ed知沿著任意方向每個(gè)相同的距離，電勢(shì)差都相等。連接AC AC連線(xiàn)三等分點(diǎn)為E F，則F點(diǎn)的電勢(shì)為打=_=9V，連接DF貝U DF為2條等勢(shì)線(xiàn)，D點(diǎn)在DF連線(xiàn)上，D點(diǎn)電勢(shì)UD=9V。12.【答案】【解析】靜止時(shí)，對(duì)整體（A、B和木盒）進(jìn)行受力分析，整體受重力Mg和地面的支持力FN。根據(jù)共點(diǎn)力平衡的條件和牛頓第三定律得：Mg=FN=FN；對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力 平衡的條件得出：mgF=F電。若將系B的細(xì)線(xiàn)斷開(kāi)，對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，小球B受重力【解析】

12、c點(diǎn)速度減小到零，可知?jiǎng)幽芟仍龃蠛鬁p小,A 錯(cuò)誤；粒子下落高度為h+d，重力做功為2plmgjh+），Uq, B 正確；由功能關(guān)系可2X=Vot得，運(yùn)動(dòng)時(shí)y相等，根據(jù)y =gat2,解得：aA:aB:ac= 36 : 16 : 9,B 錯(cuò)誤；由牛頓第二定律可知F=ma因?yàn)橘|(zhì)量相等,36 : 16 : 9, C 正確;12F由一mg Fmg向上的電場(chǎng)力F電。剛斷開(kāi)時(shí)，小球B的加速度為：a= =一；對(duì)整體(A、mB和木盒)進(jìn)行受力分析，整體受重力Mg地面的支持力FN。運(yùn)用牛頓第二定律得:=FN-MQFF,FN=MC+F=FN+FFN。13【答案】負(fù) 下 0.5g【解析】液滴在電場(chǎng)中靜止，處于平衡狀

13、態(tài)，根據(jù)受力分析可知液滴受到向上的電場(chǎng)力，故1液滴帶負(fù)電；由此可知：mgFqE若場(chǎng)強(qiáng)變?yōu)樵瓉?lái)的，由F=qE可知電場(chǎng)力變?yōu)樵瓉?lái)的20=v+at2t=11+12【解析】(1)根據(jù)功能的關(guān)系，有1、故合力為F合=mgF電=mg加速度為2F合一一a= 合 =0.5g，向下做勻加速運(yùn)動(dòng)。m14.【答案】(1) 2ghmg(h d)qdmgC(h d)【解析】由v2= 2gh得v=(2)在極板間帶電小球受重力和電場(chǎng)力,mgr qE=ma20-v= 2ad得E=mg(h d)亍qdU= EdQ= CU得g mgC(h +d)15.【答案】(1)2eU0muL4U0d(2)( 3)見(jiàn)解析q有綜合可得t=h;d

14、2h13電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度V0=,2eU) m14偏轉(zhuǎn)距離y= 1a( t)2=盟24U0d只考慮電子所受重力和電場(chǎng)力的數(shù)量級(jí)，有重力G= m薩 10_30NeU16電場(chǎng)力F=10 Nd由于F?G因此不需要考慮電子所受的重力。(3)電場(chǎng)中某點(diǎn)電勢(shì) $定義為電荷在該點(diǎn)的電勢(shì)能EP與其電荷量q的比值，即0=-,q類(lèi)比靜電場(chǎng)電勢(shì)的定義，將重力場(chǎng)中物體在某點(diǎn)的重力勢(shì)能&與其質(zhì)量m的比值， 叫做重 力勢(shì)，即$G=。電勢(shì)$和重力勢(shì)$G都是反映場(chǎng)的能的性質(zhì)的物理量，僅由場(chǎng)自身的因m素決定。16.【答案】(1)20 m (2)1.5 N (3)0.6 m17 m/s【解析】(1)設(shè)滑塊與N點(diǎn)的距離為L(zhǎng),分析滑塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由動(dòng)能定理可得：12qELmgmg-2R=qmv02mv小滑塊在C點(diǎn)時(shí)，重力提供向心力，所以mg=-R代入數(shù)據(jù)解得v= 2 m/s ,L= 20 m一 12滑塊到達(dá)P點(diǎn)時(shí)，對(duì)全過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理可得qE(L+Rimgmg-R= mv 02mP在P點(diǎn)時(shí)由牛頓第二定律可得，F(xiàn)N qE=-盡解得FN=1.5 N由牛頓第三定律可得，滑塊通過(guò)P點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力的大小是1.5 N。12(3)小滑塊經(jīng)過(guò)C點(diǎn)，在豎直方向上做的是自由落體運(yùn)動(dòng)，由2R= gt2可得滑塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間/4R/口t