高考物理一輪復習優(yōu)選練習卷09（含答案詳解）

1、高考物理一輪優(yōu)選練習卷（9）1、(江西會昌模擬)在中國海軍護航編隊“巢湖”艦、“千島湖”艦護送下,“河北錦繡”“銀河”等13艘貨輪順利抵達亞丁灣西部預定海域,此次護航總航程約8 334千米。若所有船只運動速度相同,則下列說法正確的是()A.“8 334千米”指的是護航艦艇的位移B.研究艦隊平均速度時可將“千島湖”艦看作質(zhì)點C.以“千島湖”艦為參考系,“巢湖”艦一定是運動的D.根據(jù)本題給出的條件可以求出此次航行過程中的平均速度答案B解析船艦航行軌跡的長度約為8 334千米,所指的是路程,A錯誤;由于艦的大小對于航行的時間影響可以忽略不計,因此可將“千島湖”艦看作質(zhì)點,B正確;因所有船只運動速度相

2、同,所以它們是相對靜止的,C錯誤;由于不知道航行的位移和時間,所以無法求出平均速度,D錯誤。2、(自鎖現(xiàn)象及其應用)(河北衡水中學二調(diào))如圖甲所示,質(zhì)量為M的直角劈B放在水平面上,在劈的斜面上放一個質(zhì)量為m的物體A,用一個豎直向下的力F作用于A上,物體A剛好沿斜面勻速下滑。若改用一個斜向下的力F'作用在A時,物體A加速下滑,如圖乙所示,則在圖乙中關(guān)于地面對劈的摩擦力Ff及支持力FN的結(jié)論正確的是()A.Ff=0,FN>MgB.Ff=0,FN<MgC.Ff向右,FN<MgD.Ff向左,FN>Mg答案A解析設(shè)斜面的傾角為。對于題圖甲,以A為研究對象,分析受力,作出力

3、圖如圖1。根據(jù)平衡條件得(mg+F)sin =(mg+F)cos 得到=tan 對于題圖乙,以B為研究對象,分析受力,作出力圖如圖2。設(shè)地面對B的方向水平向右,根據(jù)平衡條件得水平方向:Ff=Ff1cos -FN1sin 又Ff1=FN1得到Ff=FN1cos -FN1sin =tan ·FN1cos -FN1sin =0。豎直方向:FN>Mg故選A。3、(多選)(對牛頓第二定律的理解) 由牛頓第二定律可知,無論怎樣小的力都可以使物體產(chǎn)生加速度,可是當我們用一個很小的水平力去推很重的桌子時,卻推不動它,這是因為()A.牛頓第二定律不適用于靜止物體B.有加速度產(chǎn)生,但數(shù)值很小,不易

4、覺察C.靜摩擦力等于水平推力,所以桌子靜止不動D.桌子所受合力為零,加速度為零,所以靜止不動答案CD解析用很小的力來推桌子,這個力小于最大靜摩擦力,合力是零,根據(jù)牛頓第二定律,加速度等于零,所以靜止不動,即牛頓第二定律適用于靜止物體,A、B錯誤,D正確;桌子受力平衡,水平方向上靜摩擦力等于水平推力大小,C正確。4、(運動的合成與分解)(深圳市高級中學月考) 質(zhì)量為m的物體P置于傾角為1的固定光滑斜面上,輕細繩跨過光滑定滑輪分別連接著P與小車,P與滑輪間的細繩平行于斜面,小車以速率v水平向右做勻速直線運動。當小車與滑輪間的細繩和水平方向成夾角2時(如圖),下列判斷正確的是()A.P的速率為vB.

5、P的速率為vcos 2C.繩的拉力等于mgsin 1D.繩的拉力小于mgsin 1答案B解析將小車速度沿繩子和垂直繩子方向分解為v1、v2,P的速率等于v1=vcos 2,A錯誤、B正確;小車向右做勻速直線運動,減小,P的速率增大,繩的拉力大于mgsin 1,C、D錯誤。故選B。7.(小船過河)(江蘇如皋期末)小船過河時,船頭偏向上游與水流方向成角,船相對靜水的速度為v,其航線恰好垂直于河岸?，F(xiàn)水流速度稍有增大,為保持航線不變,且準時到對岸,下列措施中可行的是()A.增大角,增大船速vB.減小角,增大船速vC.減小角,保持船速v不變D.增大角,保持船速v不變答案A解析保持航線不變,且準時到達對

6、岸,即船的合速度大小和方向均不變,由圖可知,當水流速度v水增大時,應使角增大,v也增大,故選A。5、(近地衛(wèi)星、赤道上物體及同步衛(wèi)星的運行問題) (南通模擬)北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)(BDS)是中國自行研制的全球衛(wèi)星導航系統(tǒng),包括5顆靜止軌道衛(wèi)星和30顆非靜止軌道衛(wèi)星,具有定位、導航、授時等功能,如圖所示,A、B為“北斗”系統(tǒng)中的兩顆工作衛(wèi)星,其中衛(wèi)星A是靜止軌道衛(wèi)星,C是地球赤道上某點,已知地球表面處的重力加速度為g,不計衛(wèi)星的相互作用力,以下判斷中正確的是()A.A、B、C三者的線速度大小關(guān)系為vC>vB>vAB.A、B、C三者的周期大小關(guān)系為TA=TC>TBC.A、B、C三者的

7、向心加速度大小關(guān)系為aA<aB<aC=gD.A、B、C三者的向心加速度大小關(guān)系為aA<aB<aC<g答案B解析靜止軌道衛(wèi)星即地球同步衛(wèi)星,其周期(角速度)等于地球自轉(zhuǎn)周期(角速度),有TA=TC對衛(wèi)星A、B:根據(jù)T=,因為rA>rB,所以TA>TB,所以有TA=TC>TB,對衛(wèi)星A、B:根據(jù)v=,因為rA>rB,所以vA<vB,對衛(wèi)星A、C,根據(jù)v=r,因為rC<rA,所以vC<vA,所以vC<vA<vB,故A錯誤,B正確;對衛(wèi)星A、B:根據(jù)a=,因為rA>rB,所以aA<aB對A、C具有相同的角速

8、度,根據(jù)a=2r,知aA>aC,因為赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)所需的向心力很小,遠小于重力,即maC<mg,即aC<g,所以aC<aA<aB<g,故C錯誤,D錯誤。6、(多選) 某人通過滑輪將質(zhì)量為m的物體,沿粗糙的斜面從靜止開始勻加速地由底端拉到斜面頂端,物體上升的高度為h,到達斜面頂端時的速度為v,如圖所示。則在此過程中()A.物體所受的合外力做的功為mgh+mv2B.物體所受的合外力做的功為mv2C.人對物體做的功為mghD.人對物體做的功大于mgh答案BD解析物體沿斜面做勻加速運動,根據(jù)動能定理W合=WF-Wf-mgh=mv2,其中Wf為物體克服摩擦力做

9、的功。人對物體做的功即是人對物體的拉力做的功,所以W人=WF=Wf+mgh+mv2,A、C錯誤,B、D正確。7、(動量定理的理解及應用)(河北邯鄲廣平一中期中)從同一高度自由落下的玻璃杯,掉在水泥地上易碎,掉在軟泥地上不易碎。這是因為()A.掉在水泥地上,玻璃杯的動量大B.掉在水泥地上,玻璃杯的動量變化大C.掉在水泥地上,玻璃杯受到的沖量大,且與水泥地的作用時間短,因而受到水泥地的作用力大D.掉在水泥地上,玻璃杯受到的沖量和掉在軟泥地上一樣大,但與水泥地的作用時間短,因而受到水泥地的作用力大答案D解析杯子從同一高度落下,到達地面時的速度一定相等,故著地時動量相等;與地面接觸后速度減小為零,故動

10、量的變化相同,由動量定理I=p可知,沖量也相等;但由于在軟泥地上,軟泥地的緩沖使接觸時間較長,由I=Ft可知,杯子受到的作用力較小,故杯子在水泥地上比在軟泥地上更易破碎;只有D選項正確。8、(多選)(庫侖力作用下帶電體的平衡問題)如圖所示,把A、B兩個相同的導電小球分別用長為0.10 m的絕緣細線懸掛于OA和OB兩點。用絲綢摩擦過的玻璃棒與A球接觸,棒移開后將懸點OB移到OA點固定。兩球接觸后分開,平衡時距離為0.12 m。已測得每個小球質(zhì)量是8.0×10-4 kg,帶電小球可視為點電荷,重力加速度g取10 m/s2,靜電力常量k=9.0×109 N·m2/C2,

11、則()A.兩球所帶電荷量相等B.A球所受的靜電力為1.0×10-2 NC.B球所帶的電荷量為4×10-8 CD.A、B兩球連線中點處的電場強度為0答案ACD解析根據(jù)電荷量均分原理知,兩小球電荷量相同,A選項正確;兩小球接觸后再分開后的位置如圖所示,已知=0.10 m,=0.12 m,根據(jù)幾何知識可知=37°。對A進行受力分析如圖所示,將A受到的庫侖力和重力合成后合力沿OAA的延長線,可得Fq=mgtan =6×10-3 N,B選項錯誤;根據(jù)庫侖定律Fq=,可得q=,其中l(wèi)=0.12 m,代入數(shù)據(jù)得q=4×10-8 C,C選項正確;A、B帶的電荷

12、量相等且同種性質(zhì),所以連線中點處電場強度為零,D選項正確。9、(多選)(北京西城區(qū)模擬)一只電飯煲和一臺洗衣機并聯(lián)接在輸出電壓為u=311sin (314t) V的交流電源上(其內(nèi)阻可忽略不計),均能正常工作。用電流表分別測得通過電飯煲的電流是5.0 A,通過洗衣機電動機的電流為0.50 A,則下列說法正確的是()A.電飯煲的電阻為44 B.電飯煲消耗的電功率為1 555 W,洗衣機電動機消耗的電功率為155.5 WC.1 min內(nèi)電飯煲消耗的電能為6.6×104 J,洗衣機電動機消耗的電能為6.6×103 JD.電飯煲發(fā)熱功率是洗衣機電動機發(fā)熱功率的10倍答案AC解析由于

13、電飯煲是純電阻元件,所以R1=44 ,P1=UI1=1 100 W,其在1min內(nèi)消耗的電能W1=UI1t=6.6×104 J。洗衣機為非純電阻元件,所以R2,P2=UI2=110 W,其在1min內(nèi)消耗的電能W2=UI2t=6.6×103 J。其熱功率P熱P2,所以電飯煲發(fā)熱功率不是洗衣機電動機發(fā)熱功率的10倍。10、(多選)(帶電粒子在磁場中的圓周運動)(甘肅一診)下圖為研究帶電粒子在勻強磁場中的運動的演示儀結(jié)構(gòu)圖。若勵磁線圈產(chǎn)生的勻強磁場方向垂直紙面向外,電子束由電子槍產(chǎn)生,其速度方向與磁場方向垂直且水平向右,電子速度的大小v和磁場的磁感應強度B可分別由通過電子槍的加

14、速電壓和勵磁線圈的電流來調(diào)節(jié),則下列說法正確的是()A.僅增大勵磁線圈中的電流,電子束運動軌跡的半徑將變大B.僅提高電子槍的加速電壓,電子束運動軌跡的半徑將變大C.僅增大勵磁線圈中的電流,電子做圓周運動的周期不變D.僅提高電子槍的加速電壓,電子做圓周運動的周期不變答案BD解析電子經(jīng)電場加速,根據(jù)動能定理,得eU=mv2,進入勻強磁場中做勻速圓周運動,軌跡半徑r=,代入v可得r=,選項A錯誤,選項B正確;電子在磁場中做圓周運動的周期T=,與速度無關(guān),與磁場強度有關(guān),選項C錯誤,選項D正確。11、(多選)(楞次定律的應用)(江西景德鎮(zhèn)模擬)如圖所示,一根長導線彎曲成“”形,通以直流電流I,正中間用

15、絕緣線懸掛一金屬環(huán)C,環(huán)與導線處于同一豎直平面內(nèi)。在電流I增大的過程中,下列判斷正確的是()A.金屬環(huán)中無感應電流產(chǎn)生B.金屬環(huán)中有逆時針方向的感應電流C.懸掛金屬環(huán)C的豎直線的拉力大于環(huán)的重力D.懸掛金屬環(huán)C的豎直線的拉力小于環(huán)的重力答案BC解析=BS,S不變,I增大,B增大,所以有感應電流產(chǎn)生,A錯誤;由楞次定律得,感應電流方向沿逆時針,B正確;由于環(huán)的上半部分所在處的B大于下半部分所在處的B,所以安培力以上半部分為主,I方向向左,B垂直紙面向里,則F安方向向下,所以F拉=mg+F安,拉力大于重力,C正確,D錯誤。12、.(交變電流的產(chǎn)生)如圖所示為一臺發(fā)電機的結(jié)構(gòu)示意圖,其中N、S是永久磁鐵的兩個磁極,它們的表面成半圓柱面形狀。M是圓柱形鐵芯,鐵芯外套有一矩形線圈,線圈繞鐵芯M中心的固定轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動。磁極與鐵芯之間的縫隙中形成方向沿半徑的輻向磁場。若從圖示位置開始計時電動勢為正值,則下列圖中能正確反映線圈中感應電動勢e隨時間t變化規(guī)律的是()答案D解析由磁場分布特點知,線圈在每一個位置的切割磁感線情況相同,故感應電動勢大小是相同的,方