2016年浙江高考物理試卷

1、2016年浙江省高考物理試卷一、選擇題（本大題共4小題.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.）1. （6分）以下說法正確的是（）A.在靜電場中，沿著電場線方向電勢逐漸降低B.外力對物體所做的功越多，對應(yīng)的功率越大C.電容器電容C與電容器所帶電荷量Q成正比D.在超重和失重現(xiàn)象中，地球?qū)ξ矬w的實(shí)際作用力發(fā)生了變化2. （6分）如圖所示，兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體A和B,用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸.把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔都張開，（）TrIA4A.此時(shí)A帶正電，B帶負(fù)電B.此時(shí)A電勢低，B電勢高C.移去C,貼在A、B下部的金屬箔都閉合D.先把A和B分開，然后移

2、去C,貼在A、B下部的金屬箔都閉合3. （6分）如圖所示，a、b兩個(gè)閉合正方形線圈用同樣的導(dǎo)線制成，匝數(shù)均為10匝，邊長la=3lb,圖示區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，且磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增大，不考慮線圈之間的相互影響，則（）3?5?SaH又XXXXXXXXXXJXXX白XXXXA,兩線圈內(nèi)產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流B. a、b線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢之比為9:1C. a、b線圈中感應(yīng)電流之比為3:4D. a、b線圈中電功率之比為3:14. （6分）如圖所示為一種常見的身高體重測量儀.測量儀頂部向下發(fā)射波速為v的超聲波，超聲波經(jīng)反射后返回，被測量儀接收，測量儀記錄發(fā)射和接收的時(shí)問間隔.質(zhì)量為M0的測

3、重臺(tái)置于壓力傳感器上，傳感器輸出電壓與作用在其上的壓力成正比.當(dāng)測重臺(tái)沒有站人時(shí)，測量儀記錄的時(shí)間間隔為to,輸出電壓為U。，某同學(xué)站上測重臺(tái)，測量儀記錄的時(shí)間間隔為t,輸出電壓為U,則該同學(xué)的身高和質(zhì)量分別為（）A.v(t0-t),-UB.；v(t0-t),-UD.-|v(to-t),(U-Uo)uo,斯C.v(to-t),(U-Uo)uo二、選擇題（本大題共3小題.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的.全部選對的得6分，選對但不全的得3分.有選錯(cuò)的得0分.）5. （6分）如圖所示為一滑草場.某條滑道由上下兩段高均為h,與水平面傾角分別為45。和37。的滑道組成，滑草車與

4、草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為內(nèi)質(zhì)量為m的載人滑草車從坡頂由靜止開始自由下滑，經(jīng)過上、下兩段滑道后，最后恰好靜止于滑道的底端（不計(jì)滑草車在兩段滑道交接處的能量損失，sin37=O.6,cos37=O.8）.則（）A.動(dòng)摩擦因數(shù)叱旦7B.載人滑草車最大速度為-；C.載人滑草車克服摩擦力做功為mghD.載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為g56. （6分）如圖所示，把A、B兩個(gè)相同的導(dǎo)電小球分別用長為0.10m的絕緣細(xì)線懸掛于Oa和Q兩點(diǎn)。用絲綢摩擦過的玻璃棒與A球接觸，棒移開后將懸點(diǎn)Ob移到Oa點(diǎn)固定。兩球接觸后分開，平衡時(shí)距離為0.12m。已測得每個(gè)小球質(zhì)量是8.0X104kg,帶電小球可視為點(diǎn)電荷，

5、重力加速度g=10m/s2,靜電力常量k=9.0x109N?m2/C2（）A.兩球所帶電荷量相等B. A球所受的靜電力為1.0X102NC. B球所帶的電荷量為476X108cD. A、B兩球連續(xù)中點(diǎn)處的電場強(qiáng)度為07. （6分）如圖所示為賽車場的一個(gè)水平梨形”賽道，兩個(gè)彎道分別為半徑R=90m的大圓弧和r=40m的小圓弧，直道與彎道相切.大、小圓弧圓心0、0距離L=100m.賽車沿彎道路線行駛時(shí)，路面對輪胎的最大徑向靜摩擦力是賽車重力的2.25倍，假設(shè)賽車在直道上做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，在彎道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要使賽車不打滑，繞賽道一圈時(shí)間最短（發(fā)動(dòng)機(jī)功率足夠大，重力加速度g=10m/s2,兀=3

6、.14.則賽車（）A.在繞過小圓弧彎道后加速B.在大圓弧彎道上的速率為45m/sC.在直道上的加速度大小為5.63m/s2D.通過小圓弧彎道的時(shí)間為5.85s三、非選擇題部分，共78分.8. （10分）某同學(xué)在探究彈簧和彈簧伸長的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，測得圖中彈簧OC的勁度系數(shù)為500N/m.如圖1所示，用彈簧OC和彈簧秤a、b做探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn).在保持彈簧伸長1.00cm不變的條件下，另2（1）若彈簧秤a、b間夾角為90,彈簧秤a的讀數(shù)是N（圖2中所示），則彈簧秤b的讀數(shù)可能為N.（2）若彈簧秤a、b間夾角大于90,保持彈簧秤a與彈簧OC的夾角不變，減小彈簧秤b與彈簧OC的夾角，則彈簧秤a的

7、讀數(shù)是、彈簧秤b的讀數(shù)（填變大、變小或不變”）.9. （10分）某同學(xué)用伏安法測量導(dǎo)體的電阻，現(xiàn)有量程為3V、內(nèi)阻約為3kQ的電壓表和量程為0.6A、內(nèi)阻約為0.1。的電流表.采用分壓電路接線，圖1是實(shí)物的部分連線圖，待測電阻為圖2中的Ri,其阻值約為5Q.圖1圖2(1)測Ri阻值的最優(yōu)連接方式為導(dǎo)線連接(填a或b)、導(dǎo)線連接(填c或d).(2)正確接線測得實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如表，用作圖法求得Ri的阻值為Q.U/V0.400.801.201.602.002.40I/A0.090.190.270.350.440.53(3)已知圖2中R2與Ri是材料相同、厚度相等、表面為正方形的兩導(dǎo)體，R2的邊長是Ri的卷

8、，若測R的阻值，則最優(yōu)的連線應(yīng)選(填選項(xiàng)).A.連接a,連接cB.連接a,連接dC.連接b,連接cD.連接b,連接d.10. (16分)在真空環(huán)境內(nèi)探測微粒在重力場中能量的簡化裝置如圖所示.P是一個(gè)微粒源，能持續(xù)水平向右發(fā)射質(zhì)量相同、初速度不同的微粒.高度為h的探測屏AB豎直放置，離P點(diǎn)的水平距離為L,上端A與P點(diǎn)的高度差也為h,重力加速度為g.(1)若微粒打在探測屏AB的中點(diǎn)，求微粒在空中飛行的時(shí)間；(2)求能被屏探測到的微粒的初速度范圍；(3)若打在探測屏A、B兩點(diǎn)的微粒的動(dòng)能相等，求L與h的關(guān)系.11. (20分)小明設(shè)計(jì)的電磁健身器的簡化裝置如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌相距l(xiāng)=0.50m

9、,傾角8=53；導(dǎo)軌上端用接一個(gè)0.05。的電阻.在導(dǎo)軌間長d=0.56m的區(qū)域內(nèi)，存在方向垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2.0T.質(zhì)量m=4.0kg的金屬棒CD水平置于導(dǎo)軌上，用絕緣繩索通過定滑輪與拉桿GH相連.CD棒的初始位置與磁場區(qū)域的下邊界相距s=0.24m.一位健身者用恒力F=80N拉動(dòng)GH桿，CD棒由靜止開始運(yùn)動(dòng)，上升過程中CD棒始終保持與導(dǎo)軌垂直.當(dāng)CD棒到達(dá)磁場上邊界時(shí)健身者松手，觸發(fā)恢復(fù)裝置使CD棒回到初始位置(重力加速度g=10m/s2,sin53=0.8,不計(jì)其他電阻、摩擦力以及拉桿和繩索的質(zhì)量).求(1) CD棒進(jìn)入磁場時(shí)速度v的大??；(2) CD棒進(jìn)入磁場

10、時(shí)所受的安培力Fa的大??；(3)在拉開CD棒的過程中，健身者所做的功W和電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q.12. (22分)為了進(jìn)一步提高回旋加速器的能量，科學(xué)家建造了扇形聚焦回旋加速器”.在扇形聚焦過程中，離子能以不變的速率在閉合平衡軌道上周期性旋轉(zhuǎn).扇形聚焦磁場分布的簡化圖如圖所示，圓心為O的圓形區(qū)域等分成六個(gè)扇形區(qū)域，其中三個(gè)為峰區(qū)，三個(gè)為谷區(qū)，峰區(qū)和谷區(qū)相間分布.峰區(qū)內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,谷區(qū)內(nèi)沒有磁場.質(zhì)量為m,電荷量為q的正離子，以不變的速率v旋轉(zhuǎn)，其閉合平衡軌道如圖中虛線所示.(1)求閉合平衡軌道在峰區(qū)內(nèi)圓弧的半徑r,并判斷離子旋轉(zhuǎn)的方向是順時(shí)針還是逆時(shí)針;(2)求

11、軌道在一個(gè)峰區(qū)內(nèi)圓弧的圓心角8,及離子繞閉合平衡軌道旋轉(zhuǎn)的周期T;(3)在谷區(qū)也施加垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,新的閉合平衡軌道在一個(gè)峰區(qū)內(nèi)的圓心角8變?yōu)?0,求B和B的關(guān)系.已知：sin(aB)2=sinccostCosssin,Cos=12sin.2016年浙江省高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本大題共4小題.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.）1. （6分）以下說法正確的是（）A.在靜電場中，沿著電場線方向電勢逐漸降低B.外力對物體所做的功越多，對應(yīng)的功率越大C.電容器電容C與電容器所帶電荷量Q成正比D.在超重和失重現(xiàn)象中，地球?qū)ξ矬w的實(shí)際作用力發(fā)

12、生了變化【分析】明確電場線的性質(zhì)，知道沿電場線的方向，電勢降低；功率是描述力做功快慢的物理量，大小取決于功與時(shí)間的比值；電容是描述電容器帶電能力的物理量，其大小與電壓和電量無關(guān)；超重和失重時(shí)物體受到的重力不變，只是對外界的壓力或拉力改變.【解答】解：A、根據(jù)電場線的性質(zhì)可知，在靜電場中，沿著電場線方向電勢逐漸降低；故A正確；B、功率等于功與時(shí)間的比值，做功多但如果用時(shí)很長，功率可能較小；故B錯(cuò)誤；G電容器電容與電容器所帶電量以及兩極板間的電壓無關(guān)；故C錯(cuò)誤；D、在超重和失重現(xiàn)象中，地球?qū)ξ矬w的吸引力大小不變，只是物體對外界的壓力或拉力發(fā)生了變化；故D錯(cuò)誤；故選：Ao【點(diǎn)評】本題考查了電場線、電

13、容器、功率以及超重和失重現(xiàn)象等基本概念，對于物理概念和規(guī)律一定要做到準(zhǔn)確掌握，這樣才能更好的理解物理并加以應(yīng)用.2. （6分）如圖所示，兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體A和B,用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸.把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔都張開，（）IXA.此時(shí)A帶正電，B帶負(fù)電B.此時(shí)A電勢低，B電勢高C.移去C,貼在A、B下部的金屬箔都閉合D.先把A和B分開，然后移去C,貼在A、B下部的金屬箔都閉合【分析】根據(jù)靜電感應(yīng)規(guī)律可明確AB兩端所帶電性，再根據(jù)電荷間的相互作用分析移走C后AB所帶電量，即可明確金箔能否閉合.【解答】解：A、物體C靠近A附近時(shí)，由于靜電感應(yīng)，A端帶上負(fù)電，B端

14、帶上正電；故A錯(cuò)誤；B、此時(shí)AB為等勢體，兩端電勢相等；故B錯(cuò)誤；C、移去C后，由于電荷間相互作用，重新中和，達(dá)電中性狀態(tài)，兩金屬箔均閉合；故C正確；D、先把AB分開，則A帶負(fù)電，B帶正電，移去C后，電荷不能再進(jìn)行中和，故兩金屬箔仍然張開；故D錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評】本題考查靜電現(xiàn)象，要注意理解感應(yīng)起電的性質(zhì)，并明確正負(fù)電荷之間的相互作用所帶來的現(xiàn)象，能通過所學(xué)物理規(guī)律進(jìn)行分析解答.3. （6分）如圖所示，a、b兩個(gè)閉合正方形線圈用同樣的導(dǎo)線制成，匝數(shù)均為10匝，邊長la=3lb,圖示區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，且磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增大，不考慮線圈之間的相互影響，則（）XXXXXA,兩線

15、圈內(nèi)產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流B. a、b線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢之比為9:1C. a、b線圈中感應(yīng)電流之比為3:4D. a、b線圈中電功率之比為3:1【分析】根據(jù)楞次定律可求得電流方向；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可求得感應(yīng)電動(dòng)勢；根據(jù)電阻定律可分析電阻大小，根據(jù)歐姆定律即可明確電流大?。辉俑鶕?jù)功率公式即可明確功率之比.【解答】解：A、根據(jù)楞次定律可知，原磁場向里增大，則感應(yīng)電流的磁場與原磁場方向相反，因此感應(yīng)電流為逆時(shí)針；故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，E=nA中小口而S=2;因此電動(dòng)勢之AtAt比為9:1;故B正確；C、線圈中電阻R=pL,而導(dǎo)線長度L=nx41;故電阻之比為：3:1;由歐姆定

16、律可知，I；則電流之比為：3:1;故C錯(cuò)誤；RD、電功率P一，電動(dòng)勢之比為9:1;電阻之比為3:1;則電功率之比為27:R1;故D錯(cuò)誤；故選：B?！军c(diǎn)評】本題考查電磁感應(yīng)與電路結(jié)合問題，要注意明確電流方向以及電動(dòng)勢大小的計(jì)算方法，同時(shí)能正確結(jié)合電路規(guī)律進(jìn)行分析求解.4. （6分）如圖所示為一種常見的身高體重測量儀.測量儀頂部向下發(fā)射波速為v的超聲波，超聲波經(jīng)反射后返回，被測量儀接收，測量儀記錄發(fā)射和接收的時(shí)問間隔.質(zhì)量為Mo的測重臺(tái)置于壓力傳感器上，傳感器輸出電壓與作用在其上的壓力成正比.當(dāng)測重臺(tái)沒有站人時(shí)，測量儀記錄的時(shí)間間隔為to,輸出電壓為Uo,某同學(xué)站上測重臺(tái)，測量儀記錄的時(shí)間間隔為t

17、,輸出電壓為U,則該同學(xué)的身高和質(zhì)量分別為（）A.v(t0-t),甄UB.工v(t0-t),包U/2UoCv(to-t),(U-U0)D.工v(to-t),-2-(U-U0)Uo2uo【分析】由速度與時(shí)間可確定出距離，距離之差為人的高度；由輸出電壓與作用在其上的壓力成正比知U=KG總，確定出K即可確定重力G,從而確定質(zhì)量.【解答】解：圖度：h=vXytc-vXyt=yr（t0-t）士1u-u輸出電壓與作用在其上的壓力成正比知：Uo=KMog又U=K（Mo+M）g由以上兩式可得：M=U（U-U0）,則D正確，ABC錯(cuò)誤。故選：Do【點(diǎn)評】求身高要注意取單程時(shí)間，求質(zhì)量要明確壓力等于重力.不難.二

18、、選擇題（本大題共3小題.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的.全部選對的得6分，選對但不全的得3分.有選錯(cuò)的得0分.）5. （6分）如圖所示為一滑草場.某條滑道由上下兩段高均為h,與水平面傾角分別為45。和37。的滑道組成，滑草車與草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為內(nèi)質(zhì)量為m的載人滑草車從坡頂由靜止開始自由下滑，經(jīng)過上、下兩段滑道后，最后恰好靜止于滑道的底端（不計(jì)滑草車在兩段滑道交接處的能量損失，sin37=0.6,cos37=0.8）.則（）A.動(dòng)摩擦因數(shù)叱旦7B.載人滑草車最大速度為-；C.載人滑草車克服摩擦力做功為mghD.載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為g5【分析】對于整

19、個(gè)過程，運(yùn)用動(dòng)能定理列式，可求得動(dòng)摩擦因數(shù).由題分析可知,滑草車通過第一段滑道末端時(shí)速度最大，由動(dòng)能定理求解.對全過程，運(yùn)用動(dòng)能定理求載人滑草車克服摩擦力做功.加速度根據(jù)牛頓第二定律求.【解答】解：A、對整個(gè)過程，由動(dòng)能定理得：2mgh-仙mgcos45?sin45pmgcos370?=0sin37解得：祖金.故A正確。7v,由動(dòng)能定理得：mgh-B、滑草車通過第一段滑道末端時(shí)速度最大，設(shè)為h10仙mgcos45?=-sin452解得：vqFpL故B正確。G對整個(gè)過程，由動(dòng)能定理得：2mgh-Wf=0,解得，載人滑草車克服摩擦力做功為：Wf=2mgh。故C錯(cuò)誤。D、載人滑草車在下段滑道上的加速

20、度大小為：a=）空白呼-唯晶3T=g,m故D錯(cuò)誤。故選：AB?！军c(diǎn)評】本題考查了動(dòng)能定理和牛頓第二定律的應(yīng)用，關(guān)鍵要靈活選擇研究的過程，也可以根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合求解動(dòng)摩擦因數(shù)和最大速度.6. （6分）如圖所示，把A、B兩個(gè)相同的導(dǎo)電小球分別用長為0.10m的絕緣細(xì)線懸掛于Oa和Ob兩點(diǎn)。用絲綢摩擦過的玻璃棒與A球接觸，棒移開后將懸點(diǎn)Ob移到Oa點(diǎn)固定。兩球接觸后分開，平衡時(shí)距離為0.12m。已測得每個(gè)小球質(zhì)量是8.0X104kg,帶電小球可視為點(diǎn)電荷，重力加速度g=10m/s2,靜電力常量k=9.0x109N?m2/C2()5小A.兩球所帶電荷量相等B. A球所受的靜電力為1.0

21、X102NC. B球所帶的電荷量為4-Ux108CD. A、B兩球連續(xù)中點(diǎn)處的電場強(qiáng)度為0【分析】完全相同的導(dǎo)電小球相互接觸后，電量先中和后平分，平衡后，兩球都處于平衡狀態(tài)，對其中一個(gè)球受力分析，根據(jù)平衡條件求解A球所受的靜電力和電荷量大小，根據(jù)電場的疊加原則求解A、B兩球中點(diǎn)的場強(qiáng)?！窘獯稹拷猓篈、用絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電，與A球接觸后A帶正電，而B不帶電，所以兩球接觸后所帶電荷量相等且都帶正電，故A正確；B、平衡后，兩球都處于平衡狀態(tài)，對A球受力分析，設(shè)懸掛A的細(xì)線與豎直方向的夾角為9,如圖所示：根據(jù)幾何關(guān)系得：sin4*工=0.6,JLvi-Xtan0總，kg2根據(jù)平衡條件得：tan8

22、工=,呢IDg代入數(shù)據(jù)解得：F=6.0X103N,q=4、nx108C,故B錯(cuò)誤，C正確；D、A、B兩球帶等量同種電荷，則A、B兩球連線中點(diǎn)處的電場強(qiáng)度為0,故D正確。故選：ACD【點(diǎn)評】本題主要考查了共點(diǎn)力平衡條件以及庫侖定律的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確分析物體的受力情況，特別注意完全相同的導(dǎo)電小球相互接觸后，電量先中和后平分，難度適中。7. （6分）如圖所示為賽車場的一個(gè)水平梨形”賽道，兩個(gè)彎道分別為半徑R=90m的大圓弧和r=40m的小圓弧，直道與彎道相切.大、小圓弧圓心O、O距離L=100m.賽車沿彎道路線行駛時(shí)，路面對輪胎的最大徑向靜摩擦力是賽車重力的2.25倍，假設(shè)賽車在直道上做勻

23、變速直線運(yùn)動(dòng)，在彎道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要使賽車不打滑，繞賽道一圈時(shí)間最短（發(fā)動(dòng)機(jī)功率足夠大，重力加速度g=10m/s2,兀=3.14.則賽車（）A.在繞過小圓弧彎道后加速8. 在大圓弧彎道上的速率為45m/sC.在直道上的加速度大小為5.63m/s2D.通過小圓弧彎道的時(shí)間為5.85s【分析】在彎道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，賽車不打滑，繞賽道一圈時(shí)間最短，則在彎道上都由最大靜摩擦力提供向心力，速度最大，分別由牛頓第二定律解得在彎道的速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求加速度，利用t=2幾X瓷X工求時(shí)間.360v0【解答】解：A.在彎道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，賽車不打滑，繞賽道一圈時(shí)間最短，則在彎道上都由最大靜摩擦力提供向心

24、力，速度最大，由BC分析可知，在繞過小圓弧彎道后加速，故A正確;B.設(shè)經(jīng)過大圓弧的速度為v,經(jīng)過大圓弧時(shí)由最大靜摩擦力提供向心力，由21. 25mg=m可知，代入數(shù)據(jù)解得：v=45m/s,故B正確；RC.設(shè)經(jīng)過小圓弧的速度為V0,經(jīng)過小圓弧時(shí)由最大靜摩擦力提供向心力，由22. 25mg=m可知，代入數(shù)據(jù)解得：vo=30m/s,由幾何關(guān)系可得直道的長度為：rx=，!002-(90-40)2=50/m,再由v2-H：=2ax代入數(shù)據(jù)解得：a=6.50m/s,故C錯(cuò)誤；D.設(shè)R與OO的夾角為a,由幾何關(guān)系可得：cosa里4，a=60；小圓弧的1002圓心角為：120,經(jīng)過小圓弧彎道的時(shí)間為t=2冗X

25、0xL=2.79s,故D錯(cuò)誤。360v0故選：AB?！军c(diǎn)評】解答此題的關(guān)鍵是由題目獲得條件：繞賽道一圈時(shí)間最短，則在彎道上都由最大靜摩擦力提供向心力；由數(shù)學(xué)知識(shí)求得直道長度；由數(shù)學(xué)知識(shí)求得圓心角.另外還要求熟練掌握勻速圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí).三、非選擇題部分，共78分.8. (10分)某同學(xué)在探究彈簧和彈簧伸長的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，測得圖中彈簧OC的勁度系數(shù)為500N/m.如圖1所示，用彈簧OC和彈簧秤a、b做探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn).在保持彈簧伸長1.00cm不變的條件下，口二二11二豆2(1)若彈簧秤a、b間夾角為90,彈簧秤a的讀數(shù)是3.00N(圖2中所示)，則彈簧秤b的讀數(shù)可能為4.00N.(2)若

26、彈簧秤a、b間夾角大于90,保持彈簧秤a與彈簧OC的夾角不變，減小彈簧秤b與彈簧OC的夾角，則彈簧秤a的讀數(shù)是變大、彈簧秤b的讀數(shù)變大（填變大、變小”或不變）【分析】（1）由胡克定律可求得拉力大??；再根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可明確對應(yīng)的讀數(shù)；根據(jù)幾何關(guān)系即可求得b的讀數(shù)；（2）根據(jù)題意作出對應(yīng)的圖象，根據(jù)圖象即可明確隨夾角的變化兩彈簧秤拉力的變化情況.【解答】解：（1）根據(jù)胡克定律可知，F(xiàn)=kx=50OX0.01=5N;根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知，a的讀數(shù)為3.00N;兩彈簧秤夾角為90,則可知,b的讀數(shù)為：F=/52_32=4.00N;（2）若彈簧秤a、b間夾角大于90,保持彈簧秤a與彈簧OC的夾

27、角不變，減小彈簧秤b與彈簧OC的夾角；如圖所示；則可知兩彈簧秤的示數(shù)均變大；故答案為：（1）3.00,4.00;（2）變大；變大.【點(diǎn)評】本題考查驗(yàn)證平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理以及胡克定律的應(yīng)用，注意根據(jù)圖象法分析拉力變化情況.9. （10分）某同學(xué)用伏安法測量導(dǎo)體的電阻，現(xiàn)有量程為3V、內(nèi)阻約為3kQ的電壓表和量程為0.6A、內(nèi)阻約為0.1。的電流表.采用分壓電路接線，圖1是實(shí)物的部分連線圖，2中的R,其阻值約為待測電阻為圖圖I圖?5Q.（1）測R阻值的最優(yōu)連接方式為導(dǎo)線連接a（填a或b）、導(dǎo)線連接d(填c或d).(2)正確接線測得實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如表，用作圖法求得Ri的阻值為4.55

28、QU/V0.400.801.201.602.002.40I/A0.090.190.270.350.440.53(3)已知圖2中R2與Ri是材料相同、厚度相等、表面為正方形的兩導(dǎo)體，R的邊長是Ri的工，若測R的阻值，則最優(yōu)的連線應(yīng)選B(填選項(xiàng)).10A.連接a,連接cB.連接a,連接dC.連接b,連接cD.連接b,連接d.【分析】(1)根據(jù)題意可明確電路接法，從而確定兩導(dǎo)線所接的位置；(2)根據(jù)描點(diǎn)法可得出對應(yīng)的圖象，再根據(jù)圖象的斜率可求得電阻的阻值；(3)根據(jù)電阻定律分析兩電阻的大小關(guān)系，則可以明確測量電阻R的方法.【解答】解：(1)由題意可知，本實(shí)驗(yàn)采用分壓接法，故導(dǎo)線要與d接通；由于電流表

29、內(nèi)阻與待測電阻阻值接近，因此只能采用電流表外接法，以減小實(shí)驗(yàn)誤差；故導(dǎo)線1應(yīng)接a；(2)根據(jù)表中數(shù)據(jù)采用描點(diǎn)法可得出對應(yīng)的圖象如圖所示；圖象的斜率為電阻的阻值，則R=L5L=4.55。0.44(3) R2與Ri是材料相同、厚度相等、表面為正方形的兩導(dǎo)體，則根據(jù)R衛(wèi)L可s知，設(shè)邊長為a,則有：R=PA=,電阻只與厚度有關(guān)，故說明兩電阻的阻值add相等；因此測量方法與測相同；故選B;故答案為：(1)a、d;(2)如圖所示，4.55;(3)B0.10.20.30.40.5Q.6【點(diǎn)評】本題考查伏安法測電阻的實(shí)驗(yàn)方法以及數(shù)據(jù)的處理，要注意明確分壓以及電流表外接法的正確使用；同時(shí)注意電阻微型化原理的應(yīng)用

30、.10. (16分)在真空環(huán)境內(nèi)探測微粒在重力場中能量的簡化裝置如圖所示.P是一個(gè)微粒源，能持續(xù)水平向右發(fā)射質(zhì)量相同、初速度不同的微粒.高度為h的探測屏AB豎直放置，離P點(diǎn)的水平距離為L,上端A與P點(diǎn)的高度差也為h,重力加速度為g.(1)若微粒打在探測屏AB的中點(diǎn)，求微粒在空中飛行的時(shí)間；(2)求能被屏探測到的微粒的初速度范圍；(3)若打在探測屏A、B兩點(diǎn)的微粒的動(dòng)能相等，求L與h的關(guān)系.【分析】(1)粒子水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)；根據(jù)幾何關(guān)系可明確粒子下降的高度，再由豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)可求得飛行時(shí)間；(2)能被探測到的粒子高度范圍為h至2h,水平位移相同，根據(jù)平拋運(yùn)

31、動(dòng)規(guī)律可知速度范圍；(3)粒子在運(yùn)動(dòng)中機(jī)械能守恒，根據(jù)AB兩點(diǎn)的速度關(guān)系以及機(jī)械能守恒列式，聯(lián)立即可求得L與h的關(guān)系.【解答】解：(1)打在中點(diǎn)的微粒ghqgt222(2)打在B點(diǎn)的微粒V1,t12h=;gt;-w同理，打在A點(diǎn)的微粒初速度V2=L導(dǎo)微粒初速度范圍L叵&V&L叵V4hN2h(3)由能量關(guān)系mv22+mgh=mv12+2mgh22代入兩式可得:L=2工h;答：(1)若微粒打在探測屏AB的中點(diǎn)，微粒在空中飛行的時(shí)間(2)能被屏探測到的微粒的初速度范圍為L叵&v&l叵;V4hV2h(3)若打在探測屏A、B兩點(diǎn)的微粒的動(dòng)能相等，L=2回h;【點(diǎn)評】本題考查功能關(guān)系以及平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用

32、，要注意明確平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法為分別對水平和豎直方向進(jìn)行分析，根據(jù)豎直方向上的自由落體以及水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行分析求解.11. (20分)小明設(shè)計(jì)的電磁健身器的簡化裝置如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌相距l(xiāng)=0.50m,傾角8=53；導(dǎo)軌上端用接一個(gè)0.05。的電阻.在導(dǎo)軌間長d=0.56m的區(qū)域內(nèi)，存在方向垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2.0T.質(zhì)量m=4.0kg的金屬棒CD水平置于導(dǎo)軌上，用絕緣繩索通過定滑輪與拉桿GH相連.CD棒的初始位置與磁場區(qū)域的下邊界相距s=0.24m.一位健身者用恒力F=80N拉動(dòng)GH桿，CD棒由靜止開始運(yùn)動(dòng)，上升過程中CD棒始終保持與導(dǎo)軌垂直.

33、當(dāng)CD棒到達(dá)磁場上邊界時(shí)健身者松手，觸發(fā)恢復(fù)裝置使CD棒回到初始位置(重力加速度g=10m/s2,sin53=0.8,不計(jì)其他電阻、摩擦力以及拉桿和繩索的質(zhì)量).求(1) CD棒進(jìn)入磁場時(shí)速度v的大?。?2) CD棒進(jìn)入磁場時(shí)所受的安培力Fa的大??；(3)在拉開CD棒的過程中，健身者所做的功W和電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q.【分析】(1)CD棒進(jìn)入磁場前，由牛頓第二定律求出加速度，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求CD棒進(jìn)入磁場時(shí)速度v.(2)CD棒進(jìn)入磁場后切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，先由E=BLv求感應(yīng)電動(dòng)勢，再由歐姆定律求出感應(yīng)電流，最后由安培力公式求解CD棒安培力Fa的大小.(3)健身者所做的功W根據(jù)功的計(jì)算公式求

34、.由牛頓第二定律求出CD棒進(jìn)入磁場后的加速度，知道CD棒做勻速運(yùn)動(dòng)，求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，再由焦耳定律求焦耳熱.【解答】解：(1)CD棒進(jìn)入磁場前，由牛頓第二定律得：2a=12m/srn進(jìn)入磁場時(shí)CD棒的速度為：v=V2as=J2X12X0.24=2.4m/s(2)CD棒進(jìn)入磁場時(shí)產(chǎn)生白感應(yīng)電動(dòng)勢為：E=Blv感應(yīng)電流為：I專1CD棒安培力為：Fa=BI122聯(lián)立代入得：Fa=48N(3)在拉開CD棒的過程中，健身者所做的功為：W=F(s+d)=64J由于F-mgsin8-Fa=0-所以CD棒進(jìn)入磁場后做勻速運(yùn)動(dòng)，在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t=v則電阻產(chǎn)生的焦耳熱為：Q=2Rt=26.88J答：(1) CD棒進(jìn)入磁場時(shí)速度v的大小為2.4m/s(2) CD棒進(jìn)入磁場時(shí)所受的安培力Fa的