2020年廣東省深圳市高考物理二模試卷(有答案解析)

1、2020年廣東省深圳市高考物理二模試卷一、單選題（本大題共5小題，共300分）1. 我國(guó)新一代可控核聚變研究裝置“中國(guó)環(huán)流器二號(hào)M”1又被稱為“人造太陽(yáng)”丨將在2020年投入運(yùn)行。其所發(fā)生的可控核聚變方程是，已知，H、H、和X的質(zhì)量分別為宀、：宀、：和；，真空中的光速為c。下列說(shuō)法正確的是I:A. X是質(zhì)子B. 大亞灣核電站利用核聚變發(fā)電C. 該核反應(yīng)所釋放的核能為D. 和的結(jié)合能之和大于的結(jié)合能2. 2020年10月13日將發(fā)生火星沖日現(xiàn)象，即火星、地球和太陽(yáng)剛好在一條直線上，如圖所示，已知火星軌道半徑為地球軌道半徑的J倍，地球和火：星繞太陽(yáng)運(yùn)行的軌道都視為圓。貝，;:/j一yA. 火星與地

2、球繞太陽(yáng)運(yùn)行的線速度大小之比為2：3B. 火星與地球繞太陽(yáng)運(yùn)行的加速度大小之比為4：9C. 火星與地球的公轉(zhuǎn)周期之比為一；：D. 2021年10月13日前有可能再次發(fā)生火星沖日現(xiàn)象3. 一個(gè)帶負(fù)電的粒子從處由靜止釋放，僅受電場(chǎng)力作用，沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，加速度a隨位第5頁(yè)，共18頁(yè)B. 在匸和宀處，電場(chǎng)強(qiáng)度相同C. 粒子經(jīng)#和兒處，速度等大反向D. 粒子在"處，電勢(shì)能最大4.戶外野炊所用的便攜式三腳架，由三根完全相同的輕桿通過(guò)鉸鏈組合在一起，每根桿均可繞鉸鏈自由轉(zhuǎn)動(dòng)。如圖所示，將三腳架靜止放在水平地面上,吊鍋通過(guò)細(xì)鐵鏈掛在三腳架正中央，三根桿與豎直方向的夾角均相等。若吊鍋和細(xì)鐵鏈的總質(zhì)

3、量為m,重力加速度為g,不計(jì)支架與鉸鏈之間的摩擦，則,'A. 當(dāng)每根桿與豎直方向的夾角為龍時(shí)，桿受到的壓力大小為B. 當(dāng)每根桿與豎直方向的夾角為謨時(shí)，桿對(duì)地面的摩擦力大小為C. 當(dāng)每根桿與豎直方向的夾角均變大時(shí)，三根桿對(duì)鉸鏈的作用力的合力變大D. 當(dāng)每根桿與豎直方向的夾角均變大時(shí)，桿對(duì)地面的壓力變大5. 如圖所示，某時(shí)刻將質(zhì)量為10kg的貨物輕放在勻速運(yùn)動(dòng)的水平傳送帶最左端，當(dāng)貨物與傳送帶速度恰好相等時(shí)，傳送帶突然停止運(yùn)動(dòng)，貨物最后停在傳送帶上。貨物與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為貨物在傳送帶上留下的劃痕長(zhǎng)為10cm，重力加速度取則貨物，'A. 總位移為10cmB. 運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為!C

4、. 與傳送帶由摩擦而產(chǎn)生的熱量為5JD. 獲得的最大動(dòng)能為5J二、多選題（本大題共5小題，共270分）6. 電磁感應(yīng)現(xiàn)象在科技和生活中有著廣泛的應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的是，'A.圖中利用了發(fā)射線圈和接收線圈之間的互感現(xiàn)象構(gòu)成變壓器,從而實(shí)現(xiàn)手機(jī)充電B.圖中給電磁爐接通恒定電流，可以在鍋底產(chǎn)生渦流，給鍋中電Bt爐食物加熱圖中如果線圈B不閉合，S斷開將不會(huì)產(chǎn)生延時(shí)效果址時(shí)譙電器D.圖中給電子感應(yīng)加速器通以恒定電流時(shí)，被加速的電子獲得恒定的加速11I7. 某同學(xué)使用小型電動(dòng)打夯機(jī)平整自家房前的場(chǎng)地，如圖所示是電動(dòng)打夯機(jī)的結(jié)構(gòu)示意圖。質(zhì)量為m的擺錘通過(guò)輕桿與總質(zhì)量為M的底座'含電動(dòng)機(jī):上的

5、轉(zhuǎn)軸相連。電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)擺錘繞轉(zhuǎn)軸O在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)半徑為R重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是|：:A. 轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)擺錘處于失重狀態(tài)B. 擺錘在最低點(diǎn)和最高點(diǎn)，桿給擺錘的彈力大小之差為6mgC. 若打夯機(jī)底座剛好能離開地面，則擺錘的角速度為：./-'D. 若打夯機(jī)底座剛好能離開地面，則擺錘轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)，打夯機(jī)對(duì)地面的壓力為"8. 如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一上下邊界均水平，垂直線框所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度正方形單匝金屬線框在磁場(chǎng)上方*，處，質(zhì)量為：1'.'，邊長(zhǎng)為，總阻值為"現(xiàn)將線框由靜止釋放，下落過(guò)程中線框ab邊始終與磁場(chǎng)邊界平行，ab邊剛

6、好進(jìn)入磁場(chǎng)和剛好離開磁場(chǎng)時(shí)的速度均為，不計(jì)空氣阻力，重力加速度取則負(fù)覽XX址城蜀覽覽S萬(wàn)X朋科崔K黑XX址址)<翼址比乂北北A. cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)克服安培力做功的功率為9WB. 勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的高度為C. 穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中線框電阻產(chǎn)生的焦耳熱為"：D. 線框通過(guò)磁場(chǎng)上邊界所用時(shí)間為9. 下列說(shuō)法正確的是，-A. 一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過(guò)程中，一定吸收熱量B. 當(dāng)分子間的引力與斥力平衡時(shí)，分子勢(shì)能最大C. 其它條件相同，空氣的相對(duì)濕度越大，晾曬在室外的衣服越不容易干D. 布朗運(yùn)動(dòng)證明了懸浮微粒的分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)E. 在任何自然過(guò)程中，一個(gè)孤立系統(tǒng)的總熵不會(huì)減小10. 一

7、段繩子置于x軸上，某同學(xué)使繩子的左端即波源小在y軸上做不連續(xù)的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振動(dòng)周期為，某時(shí)刻波剛好傳到P點(diǎn)，O、P間繩上各點(diǎn)形成的波形如圖所示，此時(shí)由波形可知I:QA. 波源的最初起振方向沿y軸正方向B. 波在介質(zhì)中傳播的速度為.：-C. 質(zhì)點(diǎn)Q此時(shí)以速率沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)D. 此波形是波源先做一次全振動(dòng)后停止振動(dòng)|接著再振動(dòng)半個(gè)周期形成的E. 從此時(shí)開始計(jì)時(shí)，再過(guò)1s質(zhì)點(diǎn)Q剛好運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共150分）11. 某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室使用半徑相同的兩個(gè)小球，按如圖實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。他的主要實(shí)驗(yàn)操作如下：匚用天平測(cè)量a、b兩球的質(zhì)量和"，用游標(biāo)卡尺測(cè)出兩個(gè)小球的直

8、徑d恵用刻度尺測(cè)出軌道末端距離地面的高度H罐用重錘線標(biāo)出小球拋出點(diǎn)在水平地面上的白紙上的豎直投影點(diǎn)O電在白紙上面放好復(fù)寫紙，先不放b球，把a(bǔ)球從斜槽軌道上D點(diǎn)由靜止釋放，落到復(fù)寫紙上，重復(fù)多次；再把b球放在斜槽軌道水平部分最右端，把a(bǔ)球仍從D點(diǎn)由靜止釋放，和b球相碰后，兩球分別落在復(fù)寫紙上的不同位置，重復(fù)多次吃用圓規(guī)在白紙上找到三個(gè)平均落點(diǎn)M、P和N，并用刻度尺測(cè)量出圖中的、用和門丫的長(zhǎng)度'上述實(shí)驗(yàn)操作中不必要的步驟；丄如果滿足關(guān)系式，則驗(yàn)證了系統(tǒng)碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒；用測(cè)量的物理量表示丨實(shí)驗(yàn)測(cè)得：I'門.'；，W：i丨|I”。則本實(shí)驗(yàn)的相對(duì)誤差.保留一位有效數(shù)字,相對(duì)誤

9、差為宜1111。12. 某興趣小組測(cè)一電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，電動(dòng)勢(shì)約為3V,內(nèi)阻約為："現(xiàn)有如下實(shí)驗(yàn)器材：A. 電壓表，內(nèi)阻約為|B. 電流表'：|C. 定值電阻心D. 電阻箱E. 滑動(dòng)變阻器'-'汕wF. 待測(cè)電池組G. 電鍵S、導(dǎo)線若干為完成實(shí)驗(yàn)需將電流表A改裝成較大量程的電流表,A應(yīng)與定值電阻江聯(lián)填“串”或“并”：，改裝后電流表的量程為mA。：為測(cè)量盡可能準(zhǔn)確，電阻箱打與滑動(dòng)變阻器八應(yīng)選:填“打”或“宀”丨-根據(jù)你所選用的實(shí)驗(yàn)器材，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路并在答題卡的虛線框內(nèi)將電路圖補(bǔ)充完整所選器材要標(biāo)明符號(hào):'J按正確的電路圖連接好電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，并多次測(cè)量

10、，同時(shí)記錄各儀器的讀數(shù)，然后做出圖象如圖所示，但忘記標(biāo)注縱坐標(biāo)，請(qǐng)你補(bǔ)充完整，此縱坐標(biāo)應(yīng)'填I(lǐng)、U、-或|。若圖。.用題中的相象的斜率為k,縱軸截距為b則該電池的電動(dòng)勢(shì)-，內(nèi)阻-應(yīng)符號(hào)表示'第9頁(yè)，共18頁(yè)四、計(jì)算題（本大題共4小題，共52.0分）13. “反向蹦極”是一項(xiàng)比蹦極更刺激的運(yùn)動(dòng)。如圖所示，彈性輕繩的上端固定在O點(diǎn)，拉長(zhǎng)后將下端固定在體驗(yàn)者的身上，并與固定在地面上的力傳感器相連,傳感器示數(shù)為打開扣環(huán),人從A點(diǎn)由靜止釋放，像火箭一樣被“豎直發(fā)射”，經(jīng)B上升到最高位置C點(diǎn)，在B點(diǎn)時(shí)速度最大，在上升過(guò)程中，僅在最后1s內(nèi)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。已知BC間距，人與裝備總質(zhì)量可視為

11、質(zhì)點(diǎn)丨。彈性繩的彈力始終遵循胡克定律，忽略空氣阻力，重力加速度g取求：人在最后1s內(nèi)位移h的大小和釋放瞬間人的加速度a的大??；彈性繩的勁度系數(shù)k和釋放前彈性繩的彈性勢(shì)能幾。14. 在豎直面內(nèi)建立如圖所示直角坐標(biāo)系xOy,第一象限內(nèi).含坐標(biāo)軸有垂直于坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，第三象限內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)。兩個(gè)大小相同的金屬小球a、“均可視為質(zhì)點(diǎn):質(zhì)量分別為m、3m,不帶電的小球b靜置于固定在原點(diǎn)O處的絕緣支架.圖中未畫出'上。小球a帶電量為，從第三象限的P點(diǎn)，以速度豎直向上射出，小球a運(yùn)動(dòng)到原點(diǎn)O時(shí)，速度方向恰好沿x軸正方向、大小為，并與b球發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短。碰后兩個(gè)小球帶電量

12、均變?yōu)椋海∏騜恰好經(jīng)過(guò)x軸上的N點(diǎn)，小球a經(jīng)過(guò)y軸上的Q點(diǎn).圖中未畫出丨。已知,1磁感應(yīng)強(qiáng)度；.，不計(jì)兩個(gè)小球之間的庫(kù)侖力和空氣阻力，重力加速度為g。求:屮I'碰后a、b球的速度；、；電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小和Q點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離*；心點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離。XXXXXX15. 如圖所示，將橫截面積-n-.；、容積為|"，開口向上的導(dǎo)熱良好的氣缸，置于的環(huán)境中。用厚度不計(jì)的輕質(zhì)活塞將體積為的理想氣體封閉在氣缸中，氣缸底部有一個(gè)單向閥門外界大氣壓強(qiáng)，重力加速度，不計(jì)一切摩擦。求：:將活塞用卡銷Q鎖定，用打氣筒通過(guò)閥門N給氣缸充氣，每次可將體積為'，壓強(qiáng)為廠的理想氣體全部打入氣缸中，則

13、打氣多少次，才能使其內(nèi)部壓強(qiáng)達(dá)到；當(dāng)氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)達(dá)到鳥廠時(shí)，停止打氣，關(guān)閉閥門N將質(zhì)量為的物體放在活塞上，然后拔掉卡銷Q,則環(huán)境溫度為多少攝氏度時(shí)，活塞恰好不脫離氣缸。16. 一正三棱柱形透明體的橫截面如圖所示，I；'；忙M.'.，透明體中心有一半徑為R的球形真空區(qū)域，一束平行單色光從AB面垂直射向透明體。已知透明體的折射率為二，光在真空中的傳播速度為c。求：從D點(diǎn)射入透明體的光束要經(jīng)歷多長(zhǎng)時(shí)間從透明體射出；:一為了使光線不能從AB面直接進(jìn)入中間的球形真空區(qū)域，則必須在透明體AB面上貼至少多大面積的不透明紙。不考慮AC和BC面的反射光線影響:第17頁(yè)，共18頁(yè)答案與解析1答案

14、：C解析：解：A、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為1,電荷數(shù)為0是中子，該核反應(yīng)為核聚變，故A錯(cuò)誤；B、大亞灣核電站利用核裂變發(fā)電，故B錯(cuò)誤；C、聚變時(shí)有質(zhì)量虧損，反應(yīng)中減少的質(zhì)量，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知，聚變時(shí)釋放的能量，故C正確；D、該核反應(yīng)的過(guò)程中釋放能量，可知也'和叫的結(jié)合能之和小于的結(jié)合能，故D錯(cuò)誤。故選：Co根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可以求出X為何種粒子；該核反應(yīng)為核聚變；根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知，聚變時(shí)釋放的能量。本題考查了愛因斯坦質(zhì)能方程、裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)等知識(shí)點(diǎn)。關(guān)鍵點(diǎn)：理解裂變和聚變的特點(diǎn)，會(huì)應(yīng)用質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒判斷生成物的類別。2答案：B解析

15、：解：火星和地球繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力,火星公轉(zhuǎn)軌道半徑為地球的J倍，A、=；，則火星與地球的線速度大小之比為：.；，故A錯(cuò)誤;CMB、-，則火星與地球的加速度大小之比為4：9,故B正確；C、，則火星與地球的公轉(zhuǎn)周期之比為.U,故C錯(cuò)誤;D、再次相距最近時(shí)，地球比火星多轉(zhuǎn)動(dòng)一周，則據(jù)此有:話三J其中：八：迅-U，解得：丿丄匸年，故下一次發(fā)生火星沖日現(xiàn)象的時(shí)間為2023年1月13日故D錯(cuò)誤。故選：Bo根據(jù)題干提供的信息，火星和地球繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力等于太陽(yáng)的萬(wàn)有引力，列式比較火星與地球的周期、線速度和向心加速度大小關(guān)系。根據(jù)兩次相距最近的時(shí)間間隔為地球比火星多轉(zhuǎn)動(dòng)一周的時(shí)間，

16、據(jù)周期關(guān)系計(jì)算即可。此題考查了萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用，關(guān)鍵抓住萬(wàn)有引力提供向心力，列式求解出線速度、周期和向心加速度的表達(dá)式，再進(jìn)行討論。3答案：A解析：解：AD、根據(jù)圖象可知，從“到過(guò)程中，粒子先加速后減速，所以電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增加，到八處，電勢(shì)能最小根據(jù)可知，粒子帶負(fù)電，所以電勢(shì)先升高后降低，故A正確，D錯(cuò)誤；B、因?yàn)?，所以電?chǎng)強(qiáng)度和加速度大小成正比，方向相反，所以在t和“；處，電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤；>C、根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知Jk.：可知，圖象的面積表示"，所以粒子經(jīng)"和處，速度大小相等，方向相同，故C錯(cuò)誤；故選：Ao分析從&q

17、uot;到過(guò)程中，電場(chǎng)力做功情況，從而判斷電勢(shì)能的變化情況，再分析"處的電勢(shì)能，根據(jù)分析電勢(shì)的變化情況；根據(jù)牛頓第二定律分析加速度與電場(chǎng)強(qiáng)度的的關(guān)系，再根據(jù)圖象分析電場(chǎng)強(qiáng)度的情況；根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知八2.可知，“圖象的面積表示，以此分析粒子經(jīng)"和處的速度。解決該題的關(guān)鍵是能根據(jù)圖象分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況，知道電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的變化的關(guān)系，知道-圖象的面積表示。4答案：B解析：解A、以吊鍋和細(xì)鐵鏈整體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件得:八一得食由牛頓第三定律知，桿受到的壓力大小為'.，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)每根桿與豎直方向的夾角為:時(shí)，桿對(duì)地面的摩擦力大小為x、-'.&quo

18、t;|；，故B正確；C、當(dāng)每根桿與豎直方向的夾角均變大時(shí)，三根桿對(duì)鉸鏈的作用力的合力不變，仍與重力mg等大反向，故C錯(cuò)誤；D、以整個(gè)裝置為研究對(duì)象，由平衡條件知，八'八'；，得-'：-.，因此，由牛頓第三定律知，桿對(duì)地面的壓力不變，故D錯(cuò)誤。故選：Bo以吊鍋和細(xì)鐵鏈整體為研究對(duì)象，分析受力，根據(jù)平衡條件求出桿對(duì)細(xì)鐵鏈的支持力，從而得到桿受到的壓力。對(duì)桿，根據(jù)平衡條件求地面對(duì)桿的摩擦力，從而得到桿對(duì)地面的摩擦力。對(duì)整個(gè)裝置分析，由平衡條件分析地面對(duì)桿的支持力，來(lái)分析桿對(duì)地面的壓力。解決本題時(shí)，要靈活選擇研究對(duì)象，分析受力情況，利用平衡條件和牛頓第三定律進(jìn)行解答。5答案：D

19、解析：解：令傳送帶的速度為v,根據(jù)題意可知，貨物在傳送帶上先加速后做減速運(yùn)動(dòng)，加速運(yùn)動(dòng)階段，其加速度大小為：-'vVV當(dāng)貨物加速到和傳送帶速度相等時(shí)，所用時(shí)間為：貨物發(fā)生的位移為：.-2(1in傳送帶發(fā)生的位移為：='I=減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中貨物的加速度大小為：廠=亍匕:VV當(dāng)貨物速度減為零，所用的時(shí)間為："-.貨物發(fā)生的位移為2a110根據(jù)題意可知，貨物在傳送帶上留下的劃痕長(zhǎng)為：A1'11,所以傳送帶的速度為-，貨物發(fā)生的總位移為-:1，運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為，與傳送帶由摩擦而產(chǎn)生的熱量：-ll:f，貨物獲得的最大動(dòng)能為'''，故ABC錯(cuò)誤，D正確

20、。故選：D。貨物在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小，、一一臚根據(jù):-求解加速度和減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)求解加速和減速時(shí)的位移，找到貨物與傳送帶的相對(duì)位移的表達(dá)式，從而求解傳送帶的速度，再結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解總位移和總時(shí)間，根據(jù)求解熱量，根據(jù)t求解最大動(dòng)能。解決該題的關(guān)鍵是掌握貨物在傳送帶上的運(yùn)動(dòng)情況，知道貨物在傳送帶上留下的劃痕長(zhǎng)的求解方法，熟記運(yùn)動(dòng)學(xué)的相關(guān)公式以及因?yàn)槟Σ炼a(chǎn)生的熱量的公式。6答案：AC解析：解：A、圖中利用了發(fā)射線圈和接收線圈之間的互感現(xiàn)象構(gòu)成變壓器，利用互感原理使手機(jī)充電，故A正確；B、圖中給電磁爐接通交變電流，可以在鍋底產(chǎn)生渦流

21、，給鍋中食物加熱，故B錯(cuò)誤；C、圖中如果線圈B不閉合，S斷開，線圈B中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，工作電路會(huì)立即斷開，不會(huì)產(chǎn)生延時(shí)效果，故C正確；D、圖中給電子感應(yīng)加速器通以交變電流時(shí)，產(chǎn)生交變的磁場(chǎng)，感應(yīng)出交變電壓，使電子獲得恒定的加速度，故D錯(cuò)誤。故選：AC。變壓器的工作原理是互感，是一種電磁感應(yīng)原理。電磁爐應(yīng)通以交變電流。延時(shí)繼電器是利用電磁感應(yīng)原理。電子感應(yīng)加速器能通以交變電流。解決本題的關(guān)鍵要理解各種裝置的工作原理，要掌握電磁感應(yīng)產(chǎn)生的條件，來(lái)分析其工作原理。7答案：CD解析：解：A、擺錘轉(zhuǎn)動(dòng)最低點(diǎn)時(shí)，加速度向上，處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B、擺錘在最咼點(diǎn)時(shí)，根據(jù)向心力公式可知：'；丁，在

22、最低點(diǎn)有：$_-'丁，聯(lián)立解得擺錘在最低點(diǎn)和最高點(diǎn)，桿給擺錘的彈力大小之差為：，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)桿對(duì)擺錘向下的彈力大小等于打夯機(jī)底座的重力時(shí)，才能使打夯機(jī)底座剛好離開地面，此時(shí)擺錘位于最高點(diǎn)，有：戶-對(duì)擺錘有：解得，故C正確；VmBD、在最低點(diǎn)，對(duì)擺錘有：】：-；:二-則：對(duì)打夯機(jī)有；|:'：，故D正確。故選：CD。擺錘在最低點(diǎn)時(shí)，加速度向上，處于超重狀態(tài)。擺錘做圓周運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí)，重力和拉力的合力提供向心力，據(jù)此分析桿對(duì)擺錘的彈力大小之差。當(dāng)拉力的大小等于電動(dòng)機(jī)連同打夯機(jī)底座的重力時(shí)，才能使打夯機(jī)底座剛好離開地面。根據(jù)牛頓第二定律求出擺錘通過(guò)最低位置時(shí)對(duì)擺錘的拉力，

23、對(duì)打夯機(jī)受力分析，求出地面的支持力，從而得知打夯機(jī)對(duì)地面的壓力。此題考查了向心力的相關(guān)計(jì)算，解題本題的關(guān)鍵采用隔離法分析，擺錘在豎直方向上的合力提供其做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，而對(duì)于打夯機(jī)始終處于受力平衡狀態(tài)。8答案：ABD解析：解:A、設(shè)cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為；，貝卜=；.-1I''-cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為二-''-'1,1'線框中感應(yīng)電流為二一.訂:1cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)克服安培力做功的功率，故A正確；B、線框進(jìn)入磁場(chǎng)和穿出磁場(chǎng)的兩個(gè)過(guò)程運(yùn)動(dòng)情況相同。設(shè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的高度為H，ab邊剛好進(jìn)入磁場(chǎng)為；。線框完全在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)做加速度為

24、g的勻加速運(yùn)動(dòng)，有；'：'1''解得''，故B正確；C、設(shè)穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中線框電阻產(chǎn)生的焦耳熱為U由能量守恒定律得：'】：-':-，解得匚;，故C錯(cuò)誤；D、設(shè)線框通過(guò)磁場(chǎng)上邊界所用時(shí)間為t。線框通過(guò)磁場(chǎng)上邊界的過(guò)程，由動(dòng)量定理得：mgtBiLt=mi>2nuvj又BL2n聯(lián)立解得:"；-，故D正確。故選：ABD。先根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度，由求出cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，即可由求cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)克服安培力做功的功率。線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后做加速度為g的勻加速運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和

25、幾何關(guān)系求磁場(chǎng)區(qū)域的高度。由能量守恒定律求線框產(chǎn)生的焦耳熱。對(duì)于線框通過(guò)磁場(chǎng)上邊界的過(guò)程，利用動(dòng)量定理求運(yùn)動(dòng)時(shí)間。解決本題的關(guān)鍵要抓住線框進(jìn)入磁場(chǎng)和穿出磁場(chǎng)的兩個(gè)過(guò)程運(yùn)動(dòng)情況相同，線框完全磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)做加速度為g的勻加速運(yùn)動(dòng)。要知道線框穿出磁場(chǎng)的過(guò)程做變減速運(yùn)動(dòng)，不能根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求運(yùn)動(dòng)時(shí)間，可以根據(jù)動(dòng)量定理求運(yùn)動(dòng)時(shí)間。9答案：ACE解析：解：A、根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，壓強(qiáng)不變，體積增大，溫度一定升高;而體積增大，說(shuō)明氣體對(duì)外做功，即-'，溫度升高，說(shuō)明內(nèi)能增大，即7:'，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律知，即氣體一定吸熱，故A正確。B、根據(jù)分子力做功與分子勢(shì)能間的關(guān)系可知，當(dāng)分子間的引力

26、與斥力平衡時(shí)，分子勢(shì)能最小，故B錯(cuò)誤。C、相對(duì)濕度，指空氣中水汽壓與相同溫度下飽和水汽壓的百分比；空氣的干濕程度和空氣中所含有的水汽量接近飽和的程度有關(guān)，在潮濕的天氣里，空氣的相對(duì)濕度大，水蒸發(fā)得慢，所以洗了的衣服不容易晾干，故C正確。D、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體或氣體中的固體小顆粒的永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，間接證明了分子永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。E、根據(jù)熵增加原理，在任何自然過(guò)程中，一個(gè)孤立系統(tǒng)的總熵不會(huì)減小，故E正確。故選：ACE。先根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程一廠溫度的變化，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷是否吸熱;根據(jù)4圖象及分子力做功來(lái)判斷分子勢(shì)能的變化；根據(jù)相對(duì)濕度的概念知，空氣的相對(duì)濕度大，

27、水蒸發(fā)得慢；布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，表明液體分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；根據(jù)熵增加原理解析。本題考查了布朗運(yùn)動(dòng)、分子勢(shì)能、熱力學(xué)定律等知識(shí)點(diǎn)。這種題型知識(shí)點(diǎn)廣，多以基礎(chǔ)為主，只要平時(shí)多加積累，難度不大。10. 答案：ABD解析：解：A、根據(jù)波向右傳播，由圖可得：波前質(zhì)點(diǎn)P向上振動(dòng)，故波源起振方向向上，故A正確；B、由圖知，波長(zhǎng)'.!.，波速，故B正確；C、根據(jù)同側(cè)法知，質(zhì)點(diǎn)Q向下振動(dòng)，但振動(dòng)速度不一定等于波的傳播速度，故C錯(cuò)誤；D、由波形圖知，波源先做一個(gè)全振動(dòng)，中間停止振動(dòng)時(shí)間，再振動(dòng)半v1.0個(gè)周期所形成的，故D正確；E、波形圖中各質(zhì)點(diǎn)并不隨波運(yùn)動(dòng)，傳遞的是一種振動(dòng)形式，故E錯(cuò)誤；

28、故選：ABD。由波前質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向判斷波源振動(dòng)方向；由圖讀出波長(zhǎng)根據(jù)波速公式求波速，但質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度與波速是完全不同的概念；由波形圖知識(shí)推導(dǎo)波的形成過(guò)程；波形圖中各個(gè)質(zhì)點(diǎn)只上下振動(dòng)，不隨波逐流。機(jī)械振動(dòng)問(wèn)題中，一般根據(jù)振動(dòng)圖或質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)得到周期、質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向；再根據(jù)波形圖得到波長(zhǎng)和波的傳播方向，從而得到波速及質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)，進(jìn)而根據(jù)周期得到路程。11. 答案：匸|'-.解析：解：門驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，需要用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量；丘為了發(fā)生對(duì)心碰撞，兩球的直徑需相同，但具體直徑大小，并不需要測(cè)量；弋只需要保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)的高度相同，不需要用刻度尺測(cè)量其具體值；堆需要用重錘線標(biāo)出小球拋出點(diǎn)在水平地面

29、上的白紙上的豎直投影點(diǎn)O方便測(cè)量小球的水平位移;在白紙上面放好復(fù)寫紙，先不放b球，把a(bǔ)球從斜槽軌道上D點(diǎn)由靜止釋放，落到復(fù)寫紙上，重復(fù)多次；再把b球放在斜槽軌道水平部分最右端，把a(bǔ)球仍從D點(diǎn)由靜止釋放，和b球相碰后，兩球分別落在復(fù)寫紙上的不同位置，重復(fù)多次；'用圓規(guī)在白紙上找到三個(gè)平均落點(diǎn)M、P和N,并用刻度尺測(cè)量出圖中的門L、(屮和門；的長(zhǎng)度紙上的不同位置，重復(fù)多次；上述實(shí)驗(yàn)操作中不必要的步驟是。碰撞過(guò)程中，如果水平方向動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得：*，：'，小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)拋出點(diǎn)的高度相等，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t，-廠-得：'川，宀m.

30、7;。-相對(duì)誤差I(lǐng)碰撞前后總動(dòng)童之差|訕阿30.0x30J0-(30.0x16.10-10.0x40.60)"網(wǎng)塚因此圖中圖象的縱軸表示電流的倒數(shù)"，截距b表示R等于零時(shí)電流的倒數(shù)，即：人'1J£圖象的斜率：T得電動(dòng)勢(shì)：二-bbR冋b,則電源內(nèi)阻：t'bR.R故答案為：.并，6；/如圖；.'.=；,I或也算正確：。根據(jù)電流表改裝的原理分析即可；：結(jié)合給出的儀表，分析需要的測(cè)量電路，判斷選擇的電阻；:根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，畫出電路圖；1根據(jù)閉合電路的歐姆定律寫出電動(dòng)勢(shì)與電流的關(guān)系式,變形后即可判斷為電流的倒數(shù)與電阻的圖象，然后結(jié)合公式判斷截距的意義以

31、及斜率的意義，最后求出即可。本題關(guān)鍵在于能由圖象知識(shí).斜率與截距的意義：'結(jié)合閉合電路歐姆定律求解，在解題時(shí)要注意題目中給出的條件及坐標(biāo)中隱含的信息。13答案:解:X根據(jù)題意可知，釋放前后人的受力如圖所示,釋放前，人處于平衡狀態(tài)有：卜-八.，釋放后：解得:兒由題意可知，上升最后階段繩子松弛，人只受重力做勻減速運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，可以逆向看作自由落體運(yùn)動(dòng)，最后Is內(nèi)上升的高度為：；：在B點(diǎn)速度最大，此時(shí)彈性繩的彈力剛好與重力大小相等，設(shè)彈簧的伸長(zhǎng)量為”，貝y：；一：-，-，解得iii，釋放前，彈性繩的拉力為八，此時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為：.：'，所以人從釋放到運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的距離為：，上升過(guò)程中

32、機(jī)械能守恒，則根據(jù)機(jī)械能守恒定律有釋放前彈性繩的彈性勢(shì)能：廠.門。答：丨|人在最后Is內(nèi)位移h的大小為15m,釋放瞬間人的加速度a的大小為-匕；：彈性繩的勁度系數(shù)k為，釋放前彈性繩的彈性勢(shì)能為7500J。解析：分別分析釋放前以及釋放瞬間人的受力，根據(jù)牛頓第二定律求解釋放瞬間人的加速度a的大小，人在最后1s內(nèi)做加速度為g的減速運(yùn)動(dòng)，逆向可看做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)，.1求解人在最后1s內(nèi)位移h的大??；人在B點(diǎn)速度最大，即加速度為零，彈力剛好與重力大小相等，根據(jù)幾何知識(shí)找到此時(shí)彈性繩的伸長(zhǎng)量，根據(jù)胡克定律求解勁度系數(shù)，釋放后，人和彈性繩組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律求解釋放前彈性繩的彈性勢(shì)能

33、。解決該題的關(guān)鍵是知道釋放瞬間，彈性繩的彈力并不會(huì)發(fā)生突變，知道人運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，人受到的彈力和重力大小相等，方向相反。14答案：解：h球a和球b在O點(diǎn)發(fā)生彈性碰撞，取向右為正方向，根據(jù)運(yùn)動(dòng)守恒定律得:-.：-.，根據(jù)能量守恒定律可得:口I譏聯(lián)立解得：一.，.：；衛(wèi)；在第三象限中，球a做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為"，根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系可得:豎直方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)：II.，碰后兩個(gè)小球帶電量均為：；a球在第三象限內(nèi)，水平方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)'時(shí)間到Q點(diǎn)時(shí)水平方向速度變?yōu)?：設(shè)加速度為宀，水平方向：'一匚冷根據(jù)牛頓第二定律可得：'mQ點(diǎn)

34、到原點(diǎn)O的距離聯(lián)立解得：-；碰后b球所受洛倫茲力【.b球的運(yùn)動(dòng)分解成速率；的勻圓運(yùn)動(dòng)和水平向右的速度為；的勻速運(yùn)動(dòng)。運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)，由于各個(gè)力做功為0所以速度依然為;，設(shè)球b運(yùn)動(dòng)時(shí)間為幾,將,"分解：牛一”'-根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得:根據(jù)幾何關(guān)系：-，根據(jù)平衡條件可得：所以水平方向：=-=,而：一宀，2聯(lián)立解得：，“I、2、.答：丨|碰后a、b球的速度分別為亍，一：;；電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為：，Q點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離為寧2|；'點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離為=二，"I、2、畐g解析：球a和球b在O點(diǎn)發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)運(yùn)動(dòng)守恒定律和能量守恒定律聯(lián)立求解；在第三象限中，分析球a的

35、運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解電場(chǎng)強(qiáng)度；分析碰后a球在第三象限內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況，再次根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解Q點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離；-碰后b球所受洛倫茲力，可以將小球的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)與圓周運(yùn)動(dòng)的合成，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解結(jié)合勻速圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)進(jìn)行解答。本題主要是考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)和在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)，對(duì)于帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，一般是按類平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)進(jìn)行解答；對(duì)于帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量；本題難點(diǎn)在第三問(wèn)，可以將小球的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)與圓周運(yùn)動(dòng)的合成。15答案：解：在打氣過(guò)程中，相當(dāng)于把&#

36、39;八打入氣缸，把打入的氣體和缸內(nèi)的氣體作為整體：初態(tài)：，|-末態(tài)：，丫；1"由玻意耳定律得：J1''：'解得：.初態(tài)：I，I；.，s.=1.2I末態(tài)：1、；，'_I'？拔掉卡銷后，缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變，由蓋-呂薩克定律可知：.?。唤獾?#39;:匸人t2=（爲(wèi)-2T3）Jf=52°C答：；打氣8次，才能使其內(nèi)部壓強(qiáng)達(dá)到；環(huán)境溫度為52攝氏度時(shí)，活塞恰好不脫離氣缸。解析：.把打入的氣體和氣缸內(nèi)的氣體作為整體，質(zhì)量不變，找出初末狀態(tài)參量，由玻意耳定律求得；一：對(duì)活塞受力分析，求得被封閉氣體的壓強(qiáng)，判斷出為等壓變化，找出初末狀態(tài)參量，由蓋呂薩克定律求得。本題考查了求打氣的次數(shù)，是所謂的“變質(zhì)量問(wèn)題”，有一定的難度，本題解題的關(guān)鍵，也是本題的難點(diǎn)是：巧妙地選擇研究對(duì)象，把變質(zhì)量問(wèn)題變