高考物理二輪復習

1、36.（18分）圖分）圖18（a）所示的裝置中，小物塊）所示的裝置中，小物塊A、B質量均質量均為為m，水平面上，水平面上PQ段長為段長為l，與物塊間的動摩擦因數(shù)為，與物塊間的動摩擦因數(shù)為，其，其余段光滑。初始時，擋板上的輕質彈簧處于原長；長為余段光滑。初始時，擋板上的輕質彈簧處于原長；長為r的連的連桿位于圖中虛線位置；桿位于圖中虛線位置；A緊靠滑桿（緊靠滑桿（A、B間距大于間距大于2r）。隨）。隨后，連桿以角速度后，連桿以角速度勻速轉動，帶動滑桿作水平運動，滑桿勻速轉動，帶動滑桿作水平運動，滑桿的速度的速度-時間圖像如圖時間圖像如圖18（b）所示。）所示。A在滑桿推動下運動，在滑桿推動下運動，

2、并在脫離滑桿后與靜止的并在脫離滑桿后與靜止的B發(fā)生完全非彈性碰撞。發(fā)生完全非彈性碰撞。（1）求）求A脫離滑桿時的速度脫離滑桿時的速度uo，及，及A與與B碰撞過程的機械能損失碰撞過程的機械能損失E。2012年廣東年廣東20152015二輪復習二輪復習（2）如果）如果AB不能與彈簧相碰，設不能與彈簧相碰，設AB從從P點到運動停止所點到運動停止所用的時間為用的時間為t1，求，求得取值范圍，及得取值范圍，及t1與與的關系式。的關系式。（3）如果）如果AB能與彈簧相碰，但不能返回道能與彈簧相碰，但不能返回道P點左側，設每點左側，設每次壓縮彈簧過程中彈簧的最大彈性勢能為次壓縮彈簧過程中彈簧的最大彈性勢能為

3、Ep，求，求的取值的取值范圍，及范圍，及Ep與與的關系式（彈簧始終在彈性限度內）。的關系式（彈簧始終在彈性限度內）。位移對時間的導數(shù)就是速度位移對時間的導數(shù)就是速度 加速度加速度 1、定義：速度的變化與發(fā)生這一變化所用時間的比值、定義：速度的變化與發(fā)生這一變化所用時間的比值 2、公式：、公式： a v / t=(vt-v0)/t 3、物理意義：描述、物理意義：描述速度（大小和方向）變化快慢的速度（大小和方向）變化快慢的物物理量理量 4、單位：國際單位制中、單位：國際單位制中 米米/秒秒2 符號符號 m/s2 或或ms-2 讀法：米每二次方秒讀法：米每二次方秒 5、加速度是矢量，方向與速度變化、

4、加速度是矢量，方向與速度變化 v的方向一致的方向一致 6、 在直線運動中：在直線運動中： a與與v方向相同方向相同 ( a 0 v 0 或或a 0 v 0 v 0 或或a 0 ):速度減少速度減少.勻變速直線運動規(guī)律勻變速直線運動規(guī)律 初速度為初速度為v v0 0，加速度為，加速度為a a的勻變速直線運動的勻變速直線運動任意時刻的速度為（速度公式）任意時刻的速度為（速度公式） 經時間經時間t的位移為（位移公式）的位移為（位移公式）atvvt02021attvs一一.勻變速直線運動規(guī)律的推導：勻變速直線運動規(guī)律的推導：1.代數(shù)法代數(shù)法 0tvvat加速度加速度atvvt0 瞬時速度瞬時速度 2

5、0vvtsvt平均速度平均速度200212 attvtvvtvst位移位移2021attvs位移公式位移公式：20tvvv平均速度平均速度：2021attvs位移公式：位移公式：20tvvv平均速度：平均速度：2.幾何法幾何法v二二.勻變速直線運動規(guī)律小結：勻變速直線運動規(guī)律小結：速度公式：速度公式：位移公式：位移公式：重要推論：重要推論：atvvt02021attvsasvvt220220)(21tvtsvvv速位關系式速位關系式瞬時速度式瞬時速度式物體作初速度為物體作初速度為5 m/s的勻加速直線運動，在的勻加速直線運動，在10 s內位移為內位移為100 m，求物體在，求物體在10 s末的

6、速度。末的速度。 15 m/s例例2一個滑雪的人，從一個滑雪的人，從85米長的山坡上勻變速滑米長的山坡上勻變速滑下，初速度是下，初速度是1.8m/s ，末速度是，末速度是5.0 m/ s，他，他通過這段山坡需要多長時間？通過這段山坡需要多長時間？ t=S總總/V平均平均V平均平均=（V1+V2)/2=6.8/2=3.4m/st=85/3.4=25s 三、勻變速直線運動的兩個重要結論三、勻變速直線運動的兩個重要結論 1、在某段時間內中間時刻的瞬時速度等于這段時間、在某段時間內中間時刻的瞬時速度等于這段時間內的平均速度內的平均速度 2、在連續(xù)相等的時間內（、在連續(xù)相等的時間內（T）內的位移之差為一

7、恒）內的位移之差為一恒定值（又稱勻變速直線運動的判別式）定值（又稱勻變速直線運動的判別式） S = a T2v v2vvvv0t/2 例例3 從斜面上某一位置，每隔從斜面上某一位置，每隔0.1s釋放一釋放一個小球，在連續(xù)釋放幾個后，對在斜面上個小球，在連續(xù)釋放幾個后，對在斜面上滑動的小球拍下照片，如圖所示，測得滑動的小球拍下照片，如圖所示，測得xAB=15cm，xBC=20cm，試求：，試求：（1）小球的加速度）小球的加速度（2）拍攝時）拍攝時B球的速度球的速度VB（3）拍攝時）拍攝時xCD大小大小 ( 4) A球上方滾動的小球還有幾個球上方滾動的小球還有幾個?ABCD圖圖 3答案答案1.5

8、s或或4.5 s解法三：利用平均速度解法三：利用平均速度v = =vt/2整個整個8s內的平均速度等于第內的平均速度等于第4s末的瞬時速度，末的瞬時速度，則則v4= =v0+4a 前前4s內的平均速度等于第內的平均速度等于第2s末的瞬時速度，末的瞬時速度，則則v2= =v0+2a v0+vt224+ 608244代入數(shù)據(jù)可以得到代入數(shù)據(jù)可以得到a=2.25m/s2，v0=1.5m/s.17. 17. 北斗衛(wèi)星系統(tǒng)由地球同步軌道衛(wèi)星與低軌道衛(wèi)北斗衛(wèi)星系統(tǒng)由地球同步軌道衛(wèi)星與低軌道衛(wèi)星兩種衛(wèi)星組成，這兩種衛(wèi)星正常運行時星兩種衛(wèi)星組成，這兩種衛(wèi)星正常運行時A. A. 低軌衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星的軌道平面

9、一定重合低軌衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星的軌道平面一定重合 B B. . 低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率不可能大于低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率不可能大于skm/9 . 7 C C. . 地球同步衛(wèi)星比低軌衛(wèi)星的轉動周期大地球同步衛(wèi)星比低軌衛(wèi)星的轉動周期大D. D. 低軌衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星，可能具有相同的角速度低軌衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星，可能具有相同的角速度18. 18. 豎直懸掛的輕彈簧下連接一個小球，用手托起小豎直懸掛的輕彈簧下連接一個小球，用手托起小球，使彈簧處于壓縮狀態(tài)，如圖所示則迅速放手后球，使彈簧處于壓縮狀態(tài)，如圖所示則迅速放手后A A小球開始向下做勻加速運動小球開始向下做勻加速運動B B彈簧恢復原長時小球速度達到最大

10、彈簧恢復原長時小球速度達到最大C C彈簧恢復原長時小球加速度等于彈簧恢復原長時小球加速度等于g gD D小球運動過程中最大加速度大于小球運動過程中最大加速度大于g g19. 19. 如圖是密立根油滴實驗的示意圖如圖是密立根油滴實驗的示意圖. .油滴從噴霧器的噴嘴噴出，油滴從噴霧器的噴嘴噴出，落到圖中的勻強電場中，調節(jié)兩板間的電壓，通過顯微鏡觀察到落到圖中的勻強電場中，調節(jié)兩板間的電壓，通過顯微鏡觀察到某一油滴靜止在電場中某一油滴靜止在電場中. .下列說法正確的是下列說法正確的是第19題圖A A油滴帶正電油滴帶正電 B B油滴帶負電油滴帶負電C C只要測出兩板間的距離和電壓就能求出油滴的電量只要

11、測出兩板間的距離和電壓就能求出油滴的電量D D該實驗測得油滴所帶電荷量等于元電荷的整數(shù)該實驗測得油滴所帶電荷量等于元電荷的整數(shù)倍倍2012年廣東理綜第年廣東理綜第34題（題（1）（1）某同學測量一個圓柱）某同學測量一個圓柱體的電阻率，需要測量圓柱體的尺寸和電阻。體的電阻率，需要測量圓柱體的尺寸和電阻。分別使用游標卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，分別使用游標卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數(shù)如圖某次測量的示數(shù)如圖15（a）和圖）和圖15（b）所示，長度為）所示，長度為_cm，直徑為，直徑為_mm。?？键c：測定金屬的電阻率和游標卡尺和螺旋測微器的使用?？键c：測定金屬的電

12、阻率和游標卡尺和螺旋測微器的使用答案：答案：(1) 5.01cm 5.315mm (a)大大 (b)大大 1280?？键c：替代法測量電阻值?？键c：替代法測量電阻值5.315(5.3135.317) （2013年廣東理綜第年廣東理綜第36題題）圖）圖19（a）所示，在垂直于勻強磁場）所示，在垂直于勻強磁場B的平面內，半徑為的平面內，半徑為r的金屬圓盤繞過圓心的金屬圓盤繞過圓心O的軸承轉動，圓心的軸承轉動，圓心O和邊和邊緣緣K通過電刷與一個電路連接。電路中的通過電刷與一個電路連接。電路中的P是加上一定正向電壓才是加上一定正向電壓才能導通的電子元件。流過電流表的電流能導通的電子元件。流過電流表的電流

13、I與圓盤角速度與圓盤角速度的關系如圖的關系如圖19（b）所示，其中）所示，其中ab段和段和bc段均為直線，且段均為直線，且ab段過坐標原點。段過坐標原點。0代表圓盤逆時針轉動。已知：代表圓盤逆時針轉動。已知：R=3.0，B=1.0T，r=0.2m。忽忽略圓盤，電流表和導線的電阻。略圓盤，電流表和導線的電阻。（1）根據(jù)圖）根據(jù)圖19（b）寫出）寫出ab、bc段對應的段對應的I I與與的關系式；的關系式；（2）求出圖）求出圖19（b）中）中b、c兩點對應的兩點對應的P兩端的電壓兩端的電壓Ub、Uc；（3）分別求出）分別求出ab、bc段流過段流過P的電流的電流IP與其兩端電壓與其兩端電壓UP的關系式

14、。的關系式。RpIIIREIR150302. 0IIREIIp451505. 03001545, 0，pI(3)(3)由并聯(lián)電路知識有：由并聯(lián)電路知識有： 由得由得（2011年考高考年考高考34題題）（1）圖）圖14是是“研究勻變速直線運動研究勻變速直線運動”實驗中獲得的一實驗中獲得的一條紙帶，條紙帶，O、A、B、C、D和和E為紙帶上六個計數(shù)點，加速度大小用為紙帶上六個計數(shù)點，加速度大小用a表示。表示。 OD間的距離為間的距離為_cm。 圖圖15是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出的是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出的s-t2圖線（圖線（s為各計數(shù)點至同為各計數(shù)點至同一起點的距離），斜率表示一起點的距離），斜率表示_，其大小為

15、，其大小為_m/s2（保留三位有效數(shù)字）。（保留三位有效數(shù)字）。（2011年考高考年考高考34題題）（1）圖）圖14是是“研究勻變速直線運動研究勻變速直線運動”實驗中獲得的一實驗中獲得的一條紙帶，條紙帶，O、A、B、C、D和和E為紙帶上六個計數(shù)點，加速度大小用為紙帶上六個計數(shù)點，加速度大小用a表示。表示。 OD間的距離為間的距離為_cm。 圖圖15是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出的是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出的s-t2圖線（圖線（s為各計數(shù)點至同為各計數(shù)點至同一起點的距離），斜率表示一起點的距離），斜率表示_，其大小為，其大小為_m/s2（保留三位有效數(shù)字）。（保留三位有效數(shù)字）。答案答案（1）1.181.22a21

16、0.4580.464（2）某同學探究彈力與彈簧伸長量的關系。）某同學探究彈力與彈簧伸長量的關系。將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺固定在彈簧一側，彈將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺固定在彈簧一側，彈簧軸線和刻度尺都應在簧軸線和刻度尺都應在_方向（填方向（填“水平水平”或或“豎直豎直”）彈簧自然懸掛，待彈簧彈簧自然懸掛，待彈簧_時，長度記為時，長度記為L0，彈簧下，彈簧下端掛上砝碼盤時，長度記為端掛上砝碼盤時，長度記為Lx；在砝碼盤中每次增加；在砝碼盤中每次增加10g砝砝碼，彈簧長度依次記為碼，彈簧長度依次記為L1至至L6，數(shù)據(jù)如下表表：，數(shù)據(jù)如下表表：代表符號代表符號L0LxL1L2L3L4L5L6

17、數(shù)值（數(shù)值（cm）25.3527.3529.3531.3033.435.3537.4039.30表中有一個數(shù)值記錄不規(guī)范，代表符號為表中有一個數(shù)值記錄不規(guī)范，代表符號為_。由表可知。由表可知所用刻度尺的最小長度為所用刻度尺的最小長度為_?？键c：探究彈力與彈簧伸長量的關系考點：探究彈力與彈簧伸長量的關系（2012年考高考年考高考34題）題）圖圖16是該同學根據(jù)表中數(shù)據(jù)作的圖，縱軸是砝碼的質量，是該同學根據(jù)表中數(shù)據(jù)作的圖，縱軸是砝碼的質量，橫軸是彈簧長度與橫軸是彈簧長度與_的差值（填的差值（填“L0或或L1”）。）。由圖可知彈簧的勁度系數(shù)為由圖可知彈簧的勁度系數(shù)為_N/m；通過圖和表；通過圖和表可

18、知砝碼盤的質量為可知砝碼盤的質量為_g（結果保留兩位有效數(shù)字（結果保留兩位有效數(shù)字，重力加速度取，重力加速度取9.8m/s2）。）。解析解析懸掛法測量彈簧的彈力時，彈簧軸線和刻度懸掛法測量彈簧的彈力時，彈簧軸線和刻度尺應在豎直方向上，當彈簧靜止時，讀出彈簧的原尺應在豎直方向上，當彈簧靜止時，讀出彈簧的原長，此時誤差較?。槐碇袛?shù)據(jù)長，此時誤差較??；表中數(shù)據(jù)L3與其他數(shù)據(jù)有效位數(shù)與其他數(shù)據(jù)有效位數(shù)不同，所以數(shù)據(jù)不同，所以數(shù)據(jù)L3不規(guī)范，由表格中的數(shù)據(jù)可知刻度不規(guī)范，由表格中的數(shù)據(jù)可知刻度尺的最小刻度為尺的最小刻度為1 mm；圖象經過坐標原點，縱軸；圖象經過坐標原點，縱軸是砝碼的質量，則橫軸為與所掛

19、砝碼質量相對應的彈是砝碼的質量，則橫軸為與所掛砝碼質量相對應的彈簧的伸長量，所以橫軸是彈簧長度與簧的伸長量，所以橫軸是彈簧長度與Lx的差值由的差值由圖象知，彈簧的勁度系數(shù)為圖象知，彈簧的勁度系數(shù)為k4.9 N/m，砝碼盤的質，砝碼盤的質量量m0.01 kg10 g.答案答案:豎直靜止豎直靜止L31 mmLx4.910MNP圖圖71.1.（20142014廣東年廣東年14）如圖）如圖7所示，水平地面上堆放著原木，所示，水平地面上堆放著原木，關于原木關于原木P在支撐點在支撐點M、N處受力的方向，下列說法正確的是處受力的方向，下列說法正確的是 AM處受到的支持力豎直向上處受到的支持力豎直向上 BN處

20、受到的支持力豎直向上處受到的支持力豎直向上 CM處受到的摩擦力沿處受到的摩擦力沿MN方向方向 DN處受到的摩擦力沿水平方向處受到的摩擦力沿水平方向【答案答案】A 本題考點：彈力和摩擦力的方向本題考點：彈力和摩擦力的方向【解析解析】：M處支持力方向與支持面（地面）垂直，即豎處支持力方向與支持面（地面）垂直，即豎直向上，選項直向上，選項A正確；正確；N處支持力與支持面（原木接觸面）處支持力與支持面（原木接觸面）垂直，即垂直垂直，即垂直MN向上，故選項向上，故選項B錯誤；摩擦力與接觸面平錯誤；摩擦力與接觸面平行，故選項行，故選項C、D錯誤。錯誤。一、物體的相互作用一、物體的相互作用2.（2010年高

21、考題年高考題）圖圖2 2為節(jié)日里懸掛燈籠的一種方式為節(jié)日里懸掛燈籠的一種方式，A,BA,B點等高，點等高，O O為結點，輕繩為結點，輕繩AOAO、BOBO長度相等，拉力分長度相等，拉力分別為別為F FA A ，F(xiàn) FB B燈籠受到的重力為燈籠受到的重力為 G G下列表述正確的是下列表述正確的是A AF FA A一定小于一定小于G G BFA與與FB大小相等大小相等CFA與與FB是一對平衡力是一對平衡力DFA與與FB大小之和等于大小之和等于G答案：答案：B 本題考點：共點力的平衡本題考點：共點力的平衡1F2F30603FP5圖3.（2011年高考題年高考題）如圖）如圖5所示的水平面上，橡皮繩一端

22、固定，所示的水平面上，橡皮繩一端固定，另一端連接兩根彈簧，連接點另一端連接兩根彈簧，連接點P在在F1、F2和和F3三力作用下保持三力作用下保持靜止，下列判斷正確的是（靜止，下列判斷正確的是（ ）A、F1F2F3 B、F3F1F2 C、F2F3F1 D、F3 F2F1答案：答案：B 本題考點：三力平衡本題考點：三力平衡解析：把解析：把F1、F2、F3移到一個矢量三角形中，可知移到一個矢量三角形中，可知F3對對應應900, 可知可知F1對應對應600, 可知可知F2對應對應300.故故B正確正確 4.5.(2011北京理綜第北京理綜第18題題)“蹦極蹦極”就是跳躍者把一端固定的長彈就是跳躍者把一端

23、固定的長彈性繩綁在踝關節(jié)等處，從幾十米高處性繩綁在踝關節(jié)等處，從幾十米高處跳下的一種極限運動。某人做跳下的一種極限運動。某人做蹦極運動，所受繩子拉力蹦極運動，所受繩子拉力F 的大小隨時間的大小隨時間t變化的情況如圖所示。變化的情況如圖所示。將蹦極過程近似為在豎直方向的運動，重力加速度為將蹦極過程近似為在豎直方向的運動，重力加速度為g。據(jù)圖可知。據(jù)圖可知，此人在蹦極過程中最大加速度約為，此人在蹦極過程中最大加速度約為 Ag B2g C3g D4g解析解析：斜劈和物塊都平衡對斜劈和：斜劈和物塊都平衡對斜劈和物塊整體受力分析知地面對斜劈的物塊整體受力分析知地面對斜劈的摩擦力為零，摩擦力為零，選選A6

24、.答案：答案：A8.（2010年廣東年廣東）下列關于力的說法正確的是）下列關于力的說法正確的是 A.作用力和反作用力作用在同一物體上作用力和反作用力作用在同一物體上 B.太陽系中的行星均受到太陽的引力作用太陽系中的行星均受到太陽的引力作用 C.運行的人造地球衛(wèi)星所受引力的方向不變運行的人造地球衛(wèi)星所受引力的方向不變 D.伽利略的理想實驗說明了力不是維持物體運動的原因伽利略的理想實驗說明了力不是維持物體運動的原因答案：答案：B D 本題考點：相互作用與牛頓運動規(guī)律本題考點：相互作用與牛頓運動規(guī)律解析：解析：A 作用力和反作用力受力物體不同，要明確和一對平衡力作用力和反作用力受力物體不同，要明確和

25、一對平衡力區(qū)別，不要混淆區(qū)別，不要混淆 C 人造地球衛(wèi)星繞地做勻速圓周運動有萬有引力提供向心力，人造地球衛(wèi)星繞地做勻速圓周運動有萬有引力提供向心力，因而方向始終指向地心一直在變因而方向始終指向地心一直在變 2020 （2013年廣東年廣東）如圖如圖8 8，物體，物體P P靜止于固定的靜止于固定的斜面上，斜面上，P P的上表面水平，現(xiàn)把物體的上表面水平，現(xiàn)把物體Q Q輕輕地疊放在輕輕地疊放在P P上，則上，則A.PA.P向下滑動向下滑動B.PB.P靜止不動靜止不動C.PC.P所受的合外力增大所受的合外力增大D.PD.P與斜面間的靜摩擦力增大與斜面間的靜摩擦力增大BD14如圖所示，質量分別為如圖所

26、示，質量分別為m、2m的物體的物體A、B由輕質彈由輕質彈簧相連后放置在勻速上升的電梯內，當電梯鋼索斷裂簧相連后放置在勻速上升的電梯內，當電梯鋼索斷裂的瞬間，物體的瞬間，物體B的受力個數(shù)為：的受力個數(shù)為：A2個個 B3個個C4個個 D1個個1.（2011廣東第廣東第13題題）.如圖如圖3所示所示,兩個接觸面平滑的兩個接觸面平滑的 鉛柱壓緊后懸掛起來鉛柱壓緊后懸掛起來,下面的鉛柱不脫落下面的鉛柱不脫落,主要原因是主要原因是A.鉛分子做無規(guī)則熱運動鉛分子做無規(guī)則熱運動 B.鉛柱受到大氣壓力作用鉛柱受到大氣壓力作用C.鉛柱間存在萬有引力作用鉛柱間存在萬有引力作用 D.鉛柱間存在分子引力作用鉛柱間存在分

27、子引力作用 解析：解析：考查分子力、考查分子力、大氣壓力、萬有引力大氣壓力、萬有引力之間的區(qū)別。之間的區(qū)別。選選D二、熱學二、熱學2（2011廣東第廣東第14題題）.圖圖4為某種椅子與其升降部分的結構為某種椅子與其升降部分的結構示意圖示意圖,M、N兩筒間密閉了一定質量的氣體，兩筒間密閉了一定質量的氣體，M可沿可沿N的內的內壁上下滑動，設筒內氣體不與外界發(fā)生熱交換，在壁上下滑動，設筒內氣體不與外界發(fā)生熱交換，在M向下向下滑動的過程中滑動的過程中A.外界對氣體做功，氣體內能增大外界對氣體做功，氣體內能增大 B.外界對氣體做功，氣體內能減小外界對氣體做功，氣體內能減小C.氣體對外界做功，氣體內能增大

28、氣體對外界做功，氣體內能增大 D.氣體對外界做功，氣體內能減小氣體對外界做功，氣體內能減小解析：由熱力學第二定律解析：由熱力學第二定律U=Q+W，Q=0，W0，U0.選選A3 (2011上海第上海第4題題)如圖，一定量的理想氣體從如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)沿直線變化到狀態(tài)b，在此過程中，在此過程中，其壓強其壓強A、逐漸增大、逐漸增大 B、逐漸減小、逐漸減小C、始終不變、始終不變 D、先增大后減小、先增大后減小 答案：答案：A4（2011全國卷全國卷1第第14題題）.關于一定量的氣關于一定量的氣體，下列敘述正確的是體，下列敘述正確的是A.氣體吸收的熱量可以完全轉化為功氣體

29、吸收的熱量可以完全轉化為功B.氣體體積增大時，其內能一定減少氣體體積增大時，其內能一定減少C氣體從外界吸收熱量，其內能一定增加氣體從外界吸收熱量，其內能一定增加 D外界對氣體做功，氣體內能可能減少外界對氣體做功，氣體內能可能減少解析：解析： A違背熱力學第二定律，違背熱力學第二定律，BCD考察熱力學第一定律：考察熱力學第一定律：QwU 做功和熱傳遞都可以改變內能故選做功和熱傳遞都可以改變內能故選D14. 2010廣東廣東圖圖3是密閉的氣缸，外力推動活塞是密閉的氣缸，外力推動活塞P壓縮氣體，壓縮氣體，對缸內氣體做功對缸內氣體做功800J，同時氣體向外界放熱，同時氣體向外界放熱200J，缸內氣體的

30、，缸內氣體的A溫度升高，內能增加溫度升高，內能增加600JB. 溫度升高，內能減少溫度升高，內能減少200JC. 溫度降低，內能增加溫度降低，內能增加600J D. 溫度降低，內能減少溫度降低，內能減少200JA15. 2014廣東廣東如圖如圖4所示，某種自動洗衣機進水時，與洗衣所示，某種自動洗衣機進水時，與洗衣缸相連的細管中會封閉一定質量的空氣，通過壓力傳感缸相連的細管中會封閉一定質量的空氣，通過壓力傳感器感知管中的空氣壓力，從而控制進水量。設溫度不變器感知管中的空氣壓力，從而控制進水量。設溫度不變，洗衣缸內水位升高，則細管中被封閉的空氣，洗衣缸內水位升高，則細管中被封閉的空氣A.體積不變，

31、壓強變小體積不變，壓強變小B.體積變小，壓強變大體積變小，壓強變大C.體積不變，壓強變大體積不變，壓強變大D.體積變小，壓強變小體積變小，壓強變小B7.(2011重慶第重慶第15題題).某汽車后備箱內安裝有撐起箱蓋的裝置，某汽車后備箱內安裝有撐起箱蓋的裝置，它主要由氣缸和活塞組成它主要由氣缸和活塞組成.開箱時，密閉于氣缸內的壓縮氣體膨開箱時，密閉于氣缸內的壓縮氣體膨脹，將箱蓋頂起，如題脹，將箱蓋頂起，如題15圖所示圖所示.在此過程中，若缸內氣體與在此過程中，若缸內氣體與外界無熱交換，忽略氣體分子間相互作用，則缸內氣體外界無熱交換，忽略氣體分子間相互作用，則缸內氣體A.對外做正功，分子的平均動能

32、減小對外做正功，分子的平均動能減小 B. 對外做正功，內能增大對外做正功，內能增大C. 對外做負功，分子的平均動能增大對外做負功，分子的平均動能增大 D. 對外做負功，內能減小對外做負功，內能減小AA13、 2012廣東廣東清晨清晨 ，草葉上的露珠是由空氣中的水，草葉上的露珠是由空氣中的水汽凝結成的水珠汽凝結成的水珠 ，這一物理過程中，水分子間的，這一物理過程中，水分子間的A 引力消失引力消失 ，斥力增大，斥力增大 ， B 斥力消失，引力增大斥力消失，引力增大 C 引力、斥力都減小引力、斥力都減小 D 引力、斥力都增大引力、斥力都增大 13、【答案答案】D 解析：本題考查分子運動論，變解析：本

33、題考查分子運動論，變成球狀是引力占主要因素成球狀是引力占主要因素.14. 2012廣東廣東景頗族的祖先發(fā)明的點火器如圖景頗族的祖先發(fā)明的點火器如圖1所示，用所示，用牛角做套筒，木質推桿前端粘著艾絨。牛角做套筒，木質推桿前端粘著艾絨。猛猛推推桿，艾絨推推桿，艾絨即可點燃，對同內封閉的氣體，再次壓縮過程中即可點燃，對同內封閉的氣體，再次壓縮過程中A.氣體溫度升高，壓強不變氣體溫度升高，壓強不變B.氣體溫度升高，壓強變大氣體溫度升高，壓強變大C.氣體對外界做正功，其體內能增加氣體對外界做正功，其體內能增加D.外界對氣體做正功，氣體內能減少外界對氣體做正功，氣體內能減少14、【答案答案】B解析：考查熱

34、力學第一定律，解析：考查熱力學第一定律，U=W+Q，其中氣體體積減，其中氣體體積減小故：小故：w0、做功時間很短，熱不交換：、做功時間很短，熱不交換：Q=0, U0,溫度溫度升高，再過體積減小，由升高，再過體積減小，由pv/T=C得壓強增大，選：得壓強增大，選：B（2013年廣東年廣東18.）圖）圖6為某同學設計的噴水裝置，內部為某同學設計的噴水裝置，內部裝有裝有2L水，上部密封水，上部密封1atm的空氣的空氣0.5L，保持閥門關閉，再，保持閥門關閉，再充入充入1atm的空氣的空氣0.1L，設在所有過程中空氣可看作理想氣，設在所有過程中空氣可看作理想氣體，體，且溫度不變，且溫度不變，下列說法正

35、確的有下列說法正確的有A.充氣后，密封氣體壓強增加充氣后，密封氣體壓強增加B.充氣后，密封氣體的分子平均動能增加充氣后，密封氣體的分子平均動能增加C.打開閥門后，密封氣體對外界做正功打開閥門后，密封氣體對外界做正功D.打開閥門后，不再充氣也能把水噴光打開閥門后，不再充氣也能把水噴光答案：答案：AC 本題考點：理想氣體狀態(tài)方程、分子的平均動能、氣體做功本題考點：理想氣體狀態(tài)方程、分子的平均動能、氣體做功解析：解析：A 由由pv=nRT知知 當當v、T不變時，不變時，n增加增加 p增大故增大故A對對 B 物體的溫度不變，分子的平均動能就不變，故物體的溫度不變，分子的平均動能就不變，故B錯錯C 通過

36、計算得通過計算得 封閉氣體壓強變?yōu)榉忾]氣體壓強變?yōu)?.2atm大于外界壓強故打大于外界壓強故打開閥門后氣體就會壓水把水噴出，顯然氣體體對外界做正功，開閥門后氣體就會壓水把水噴出，顯然氣體體對外界做正功，當封閉氣體壓強變小為這外界壓強相等時候，再不噴水了，當封閉氣體壓強變小為這外界壓強相等時候，再不噴水了，故故D錯錯17、2014廣東廣東用密封性好、充滿氣體的袋包裹易碎品用密封性好、充滿氣體的袋包裹易碎品，如圖，如圖10所示，充氣袋四周被擠壓時，假設袋內氣體與所示，充氣袋四周被擠壓時，假設袋內氣體與外界無熱交換，則袋內氣體（外界無熱交換，則袋內氣體（ ）A體積減小，內能增大體積減小，內能增大B體

37、積減小，壓強減小體積減小，壓強減小C對外界做負功，內能增大對外界做負功，內能增大D對外界做正功，壓強減小對外界做正功，壓強減小AC 充氣囊充氣囊易碎品易碎品圖圖10806圖圖 3 為電冰箱的工作原理示意圖。壓縮機工作時，強迫致冷為電冰箱的工作原理示意圖。壓縮機工作時，強迫致冷劑在冰箱內外的管道中不斷劑在冰箱內外的管道中不斷 循環(huán)。在蒸發(fā)器中致冷劑汽化吸收箱循環(huán)。在蒸發(fā)器中致冷劑汽化吸收箱體內的熱量，經過冷凝器時致冷劑液化，放出熱量到箱體內的熱量，經過冷凝器時致冷劑液化，放出熱量到箱 體外。下體外。下列說法正確的是列說法正確的是 A熱量可以自發(fā)地從冰箱內傳到冰箱外熱量可以自發(fā)地從冰箱內傳到冰箱外

38、 B 電冰箱的致冷系統(tǒng)能夠不斷地把冰箱內的電冰箱的致冷系統(tǒng)能夠不斷地把冰箱內的 熱量傳到外界，是熱量傳到外界，是因為其消耗了電能因為其消耗了電能 C 電冰箱的工作原理不違反熱力學第一定律電冰箱的工作原理不違反熱力學第一定律 D電冰箱的工作原理違反熱力學第一定律電冰箱的工作原理違反熱力學第一定律 BC21、 2011廣東廣東圖圖8為靜電除塵機理的示意圖，塵埃在電為靜電除塵機理的示意圖，塵埃在電場中通過某種機制帶電，在電場力的作用下向集塵極遷移場中通過某種機制帶電，在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達到除塵目的，下列表述正確的是（并沉積，以達到除塵目的，下列表述正確的是（ ）A、到達集塵極的塵

39、埃帶正電荷、到達集塵極的塵埃帶正電荷 B、電場方向由集塵極指向放電極、電場方向由集塵極指向放電極C、帶電塵埃所受電場力的方向與電場方向相同、帶電塵埃所受電場力的方向與電場方向相同 D、同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大、同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大三、電路、電場三、電路、電場BDF=qE 212010廣東廣東圖圖8是某一點電荷的電場線分布圖，下列表述是某一點電荷的電場線分布圖，下列表述正確的是正確的是 A.a點的電勢高于點的電勢高于b點的電勢點的電勢 B.該點電荷帶負電該點電荷帶負電 C.a點和點和b點電場強度的方向相同點電場強度的方向相同 D.a點的電場強度大于點的電場強度

40、大于b點的電場強度點的電場強度 BD20.2012廣東廣東圖圖5是某種靜電礦料分選器的原理示意圖，帶是某種靜電礦料分選器的原理示意圖，帶電礦粉經漏斗落入水平勻強電場后，分落在收集板中央的電礦粉經漏斗落入水平勻強電場后，分落在收集板中央的兩側，對礦粉分離的過程，下列表述正確的有兩側，對礦粉分離的過程，下列表述正確的有A.帶正電的礦粉落在右側帶正電的礦粉落在右側B.電場力對礦粉做正功電場力對礦粉做正功C.帶負電的礦粉電勢能變大帶負電的礦粉電勢能變大D.帶正電的礦粉電勢能變小帶正電的礦粉電勢能變小20、【答案答案】BD解析：不管帶正電還是負電，電場力做正功，電勢能減小，解析：不管帶正電還是負電，電場

41、力做正功，電勢能減小，正電荷受的電場力向左故在左邊，負電荷在右邊正電荷受的電場力向左故在左邊，負電荷在右邊,選：選：BD圖圖415. 15. 20132013廣東廣東噴墨打印機的簡化模型如圖噴墨打印機的簡化模型如圖4 4所示，重力可所示，重力可忽略的墨汁微滴，經帶電室?guī)ж撾姾蠛雎缘哪⒌危泿щ娛規(guī)ж撾姾?，以速度，以速度v v垂直勻強垂直勻強電場飛入極板間，最終打在紙上，則微滴在極板間電場中電場飛入極板間，最終打在紙上，則微滴在極板間電場中A A向負極板偏轉向負極板偏轉B.B.電勢能逐漸增大電勢能逐漸增大C.C.運動軌跡是拋物線運動軌跡是拋物線D.D.運動軌跡與帶電量無關運動軌跡與帶電量無

42、關15.考點：帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，考點：帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，電場力做功和電勢能關系，牛頓第二定律，勻強電電場力做功和電勢能關系，牛頓第二定律，勻強電場的計算公式場的計算公式答案：答案：C20、2014廣東廣東如圖如圖12所示，光滑絕緣的水平桌面上，固定著所示，光滑絕緣的水平桌面上，固定著一個帶電量為一個帶電量為+Q的小球的小球P。帶電量分別為。帶電量分別為-q和和+2q的小球的小球M和和N，由絕緣細桿相連，靜止在桌面上。，由絕緣細桿相連，靜止在桌面上。P與與M相距相距L，P、M和和N視為點電荷，下列說法正確的是（視為點電荷，下列說法正確的是（ ）AM與與N的距離大于

43、的距離大于LBP、M和和N在同一直線上在同一直線上C在在P產生的電場中，產生的電場中，M、N處的電勢相同處的電勢相同DM、N及細桿組成的系統(tǒng)所受合外力為零及細桿組成的系統(tǒng)所受合外力為零BD 本題考點：本題考點：本題考查庫侖定律、電場的性質和物體平衡條件本題考查庫侖定律、電場的性質和物體平衡條件808圖圖4中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運動軌跡。粒子先經過粒子的運動軌跡。粒子先經過M點，再經過點，再經過N點?？梢耘卸c?？梢耘卸ˋM點的電勢大于點的電勢大于N點的電勢點的電勢BM點的電勢小于點的電勢小于N點的電勢點的電勢C粒子

44、在粒子在M點受到的電場力大于在點受到的電場力大于在N點受到的電場力點受到的電場力D粒子在粒子在M點受到的電場力小于在點受到的電場力小于在N點受到的電場力點受到的電場力解析：解析：電勢沿電場線的方向降電勢沿電場線的方向降低低,通過看圖可以發(fā)現(xiàn)通過看圖可以發(fā)現(xiàn),M點到點到N點點是順電場線的是順電場線的,所以所以M點電勢高點電勢高,A正確正確.電場線越密場強越大電場線越密場強越大,反之反之,電場電場線越疏場強越小線越疏場強越小,看圖可知看圖可知,M點電點電場線比場線比N點疏點疏,所以所以,M點場強比點場強比N點小點小,根據(jù)根據(jù)F=Eq,對于同一個電荷對于同一個電荷,電場力大小取決于所在電場場強電場力

45、大小取決于所在電場場強的大小的大小,故選故選D. 708電動勢為電動勢為E、內阻為、內阻為r的電源與定值電阻的電源與定值電阻R1、R2及滑及滑動變阻器動變阻器R連接成如圖連接成如圖3所示的電路。當滑動變阻器的觸所示的電路。當滑動變阻器的觸頭由中點滑向頭由中點滑向b端時，下列說法正確的是端時，下列說法正確的是A電壓表和電流表讀數(shù)都增大電壓表和電流表讀數(shù)都增大B電壓表和電流表讀數(shù)都減小電壓表和電流表讀數(shù)都減小C電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D電壓表讀數(shù)減小，電流表讀數(shù)增大電壓表讀數(shù)減小，電流表讀數(shù)增大A21某特殊裝置形成的靜電場，其電勢沿某特殊裝置形成的靜電場，其電勢

46、沿x方向的分布方向的分布如圖所示，則如圖所示，則A在在0 x1之間一定不存在電場之間一定不存在電場B在在0 x1之問可能存在勻強電場之問可能存在勻強電場C在在x1x2之間一定不存在勻強電場之間一定不存在勻強電場D在在x1x2之問可能存在勻強電場之問可能存在勻強電場(2009)CC08四、變壓器、交變電流四、變壓器、交變電流BD0719【答案答案】BC 本題考點：正弦本題考點：正弦交變電流的函數(shù)交變電流的函數(shù)表達式、圖像、表達式、圖像、峰值和有效值峰值和有效值19【答案答案】AC 本題本題考點：變壓器、正弦考點：變壓器、正弦交變電流的圖像、峰交變電流的圖像、峰值和有效值值和有效值19【答案答案】

47、CD 本題考點：本題考點：正弦交變電流的函數(shù)表達式、正弦交變電流的函數(shù)表達式、周期、頻率、峰值和有效值周期、頻率、峰值和有效值答案：答案：D 本題考點：變本題考點：變壓器的基本規(guī)律，正弦壓器的基本規(guī)律，正弦交流電的有效值和最大交流電的有效值和最大值關系，歐姆定律，周值關系，歐姆定律，周期和角速度關系期和角速度關系.【答案答案】BD 本題本題考點：本題考查變考點：本題考查變壓器原理和動態(tài)電壓器原理和動態(tài)電路分析路分析AB(2009)9、圖、圖6為遠距離高壓輸電的示意圖，關于遠距離輸電，為遠距離高壓輸電的示意圖，關于遠距離輸電，下列表述正確的是下列表述正確的是A增加輸電導線的橫截增加輸電導線的橫截

48、面積有利于減少輸電過程面積有利于減少輸電過程中的電能損失中的電能損失B高壓輸電是通過減小高壓輸電是通過減小輸電電流來減少電路的發(fā)輸電電流來減少電路的發(fā)熱損耗熱損耗C在輸送電壓一定時，在輸送電壓一定時，輸送的電功率越大，輸電輸送的電功率越大，輸電過程中的電能損失越小過程中的電能損失越小D高壓輸電必須綜合考高壓輸電必須綜合考慮各種因素，不一定是電慮各種因素，不一定是電壓越高越好壓越高越好AB D答案：答案：AB 本題考點：平本題考點：平拋運動拋運動五、曲線運動五、曲線運動答案：答案：B D 本題考點：萬有引力定律及其應用本題考點：萬有引力定律及其應用答案：答案：CD 本題考本題考點：萬有引力定律點

49、：萬有引力定律、角速度、線速度、角速度、線速度、向心加速度、向、向心加速度、向心力心力222224mMvGmammrmrrrT2rGMa rGMv 3rGMGMrT32222224mMvGmammrmrrrT答案：答案：A 本題考點：本題考點：萬有引力定律、勻速圓萬有引力定律、勻速圓周運動的角速度、線速周運動的角速度、線速度、向心加速度度、向心加速度答案：答案：AC 本題考點：萬有引力定律的應用本題考點：萬有引力定律的應用小結：小結：天體運動類的題目雖然有一章天體運動類的題目雖然有一章的內容，但是高考考查的難度不大，的內容，但是高考考查的難度不大，僅僅是幾個規(guī)律的問題，理解和掌握僅僅是幾個規(guī)律

50、的問題，理解和掌握這幾個規(guī)律，這類型的題目也就這幾個規(guī)律，這類型的題目也就OK的的啦！啦！ 答案：答案：A 本題考點：帶電粒子在本題考點：帶電粒子在勻強磁場中的圓周運動、洛倫茲勻強磁場中的圓周運動、洛倫茲力、洛倫茲力的方向力、洛倫茲力的方向六、帶電粒子在磁場中的運動六、帶電粒子在磁場中的運動 1.2. 2. (2013廣東廣東21)如圖如圖9 9，兩個初速度大小相同的同，兩個初速度大小相同的同種離子種離子a a和和b b，從，從O O點沿垂直磁場方向進入勻強磁場，點沿垂直磁場方向進入勻強磁場，最后打到屏最后打到屏P P上，不計重力，下列說法正確的有上，不計重力，下列說法正確的有 A.aA.a，

51、b b均帶正電均帶正電B.aB.a在磁場中飛行的時間比在磁場中飛行的時間比b b的短的短C.aC.a在磁場中飛行的路程比在磁場中飛行的路程比b b的短的短D.aD.a在在P P上的落點與上的落點與O O點的距離比點的距離比b b的近的近答案：答案：A D (2008 ) 9帶電粒子進入云室會使云室中的氣體電離，帶電粒子進入云室會使云室中的氣體電離，從而顯示其運動軌跡。圖從而顯示其運動軌跡。圖5是在有勻強磁場的云室中觀是在有勻強磁場的云室中觀察到的粒子的軌跡，察到的粒子的軌跡，a和和b是軌跡上的兩點，勻強磁場是軌跡上的兩點，勻強磁場B垂直紙面向里。該粒子在運動時，其質量和電量不變，垂直紙面向里。

52、該粒子在運動時，其質量和電量不變，而動能逐漸減少。下列說法正確的是而動能逐漸減少。下列說法正確的是A粒子先經過粒子先經過a點，在經過點，在經過b點點B粒子先經過粒子先經過b點，在經過點，在經過a點點C粒子帶負電粒子帶負電D粒子帶正電粒子帶正電AC(2009)ABC1.（11年考題年考題）將閉合多匝線圈置于僅隨時間變化的）將閉合多匝線圈置于僅隨時間變化的磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，關于線圈中產生的磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，關于線圈中產生的感應電動勢和感應電流，下列表述正確的是（感應電動勢和感應電流，下列表述正確的是（ ）A、感應電動勢的大小與線圈的匝數(shù)無關、感應電動勢的大小與線圈的匝數(shù)

53、無關B、穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大、穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大C、穿過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大、穿過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大D、感應電流產生的磁場方向與原磁場方向始終相同、感應電流產生的磁場方向與原磁場方向始終相同七、電磁感應、在磁場中的運動七、電磁感應、在磁場中的運動 答案：答案：C 本題考點：由法拉第電磁感應定律、楞次定律本題考點：由法拉第電磁感應定律、楞次定律206如圖如圖 4 所示，用一根長為所示，用一根長為 L質量不計的細桿與一個上弧長質量不計的細桿與一個上弧長為為 L0、下弧、下弧 長為長為 d0 的金屬線框的中點聯(lián)結并懸掛于的金屬線框的

54、中點聯(lián)結并懸掛于 O 點，懸點，懸點正下方存在一個上弧點正下方存在一個上弧 長為長為 2 L0 、下弧長為、下弧長為 2 d0 的方向垂直的方向垂直紙面向里的勻強磁場，且紙面向里的勻強磁場，且 d0R真真C.RxR真真D.無法比較無法比較B 用久了的用久了的電池的電動勢電池的電動勢減少，令測量減少，令測量的的I也減少，也減少，從而指針指示從而指針指示的電阻刻度值的電阻刻度值偏大偏大一、電流表一、電流表G G改為電壓表改為電壓表V V1、電流表改裝電壓表的原理：、電流表改裝電壓表的原理： 串聯(lián)一個電阻，串聯(lián)一個電阻，分擔一部分電壓分擔一部分電壓 2. 電流表改裝成電壓表的等效電路電流表改裝成電壓

55、表的等效電路UIgVURgRUgURIg分壓電阻分壓電阻RRRVgV表內阻：改裝后的3、分壓電阻的計算、分壓電阻的計算 gggggRRUUURUURgggRIU 分壓電阻分壓電阻電壓表內阻電壓表內阻RRRgV滿偏電壓滿偏電壓URgRUgURIg二、把表頭二、把表頭G G改為電流表改為電流表A A1、表頭改裝電流表的原理：、表頭改裝電流表的原理： 并聯(lián)一個電阻，并聯(lián)一個電阻，分擔一部分電流分擔一部分電流 UgIIgIRRRgUgAI2. 2. 電流表改裝成量程較大的電流表的等效電路電流表改裝成量程較大的電流表的等效電路分流電阻分流電阻RRRRRggA改裝后改裝后A表內阻表內阻:ggggRgRIIIRIIR3、分流電阻的計算、分流電阻的計算分流電阻分流電阻電流表內阻電流表內阻RRRRRggAUgIIgIRRRg1.1.若要將電流表若要將電流表G G改裝成一個量程為改裝成一個量程為U Ug g的的n n倍的電壓表倍的電壓表V V，需要串聯(lián)電阻的阻值為，需要串聯(lián)電阻的阻值為2.2