2015年四川省高考物理試卷

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上2015年四川省高考物理試卷一、選擇題：每題6分，每題給出的四個選項中，有的只有一個選項，有的有多個選項符合題目要求，全部選地的得6分，選對但不全的得3分，有選錯和不選的得0分1（6分）（2015四川）在同一位置以相同的速率把三個小球分別沿水平、斜向上、斜向下方向拋出，不計空氣阻力，則落在同一水平地面時的速度大小（）A一樣大B水平拋出的最大C斜向上拋的最大D斜向下拋的最大2（6分）（2015四川）平靜湖面?zhèn)鞑ブ涣兴娌ǎM波），在波的傳播方向上有相距3m的甲、乙兩個小木塊隨波上下運動，測得兩個小木塊每分鐘都上下30次，甲在波谷時，乙在波峰，且兩木塊之間有一個波峰。這

2、列水面波（）A頻率是30HzB波長是3mC波速是1m/sD周期是0.1s3（6分）（2015四川）直線P1P2過均勻玻璃球球心O，細(xì)光束a、b平行且關(guān)于P1P2對稱，由空氣射入玻璃球的光路如圖a、b光相比（）A玻璃對a光的折射率較大B玻璃對a光的臨界角較小Cb光在玻璃中的傳播速度較小Db光在玻璃中的傳播時間較短4（6分）（2015四川）小型手搖發(fā)電機線圈共N匝，每匝可簡化為矩形線圈abcd，磁極間的磁場視為勻強磁場，方向垂直于線圈中心軸OO，線圈繞OO勻速轉(zhuǎn)動，如圖所示，矩形線圈ab邊和cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值都為e0，不計線圈電阻，則發(fā)電機輸出電壓（）A峰值是e0B峰值是2e0C有效值

3、是e0D有效值是Ne05（6分）（2015四川）登上火星是人類的夢想，“嫦娥之父”歐陽自遠(yuǎn)透露：中國計劃于2020年登陸火星地球和火星公轉(zhuǎn)視為勻速圓周運動，忽略行星自轉(zhuǎn)影響，根據(jù)如表，火星和地球相比（）行星半徑/m質(zhì)量/kg軌道半徑/m地球6.4×1066.0×10241.5×1011火星3.4×1066.4×10232.3×1011A火星的公轉(zhuǎn)周期較小B火星做圓周運動的加速度較小C火星表面的重力加速度較大D火星的第一宇宙速度較大6（6分）（2015四川）如圖所示，半圓槽光滑、絕緣、固定、圓心是O，最低點是P，直徑MN水平，a、b是兩

4、個完全相同的帶正電小球（視為點電荷），b固定在M點，a從N點靜止釋放，沿半圓槽運動經(jīng)過P點到達某點Q（圖中未畫出）時速度為零。則小球a（）A從N到Q的過程中，重力與庫侖力的合力先增大后減小B從N到P的過程中，速率先增大后減小C從N到Q的過程中，電勢能一直增加D從P到Q的過程中，動能減少量小于電勢能增加量7（6分）（2015四川）如圖所示，S處有一電子源，可向紙面內(nèi)任意方向發(fā)射電子，平板MN垂直于紙面，在紙面內(nèi)的長度L9.1cm，中點O與S間的距離d4.55cm，MN與SO直線的夾角為，板所在平面有電子源的一側(cè)區(qū)域有方向垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B2.0×104T電子質(zhì)量m9

5、.1×1031kg，電量e1.6×1019C，不計電子重力。電子源發(fā)射速度v1.6×106m/s的一個電子，該電子打在板上可能位置的區(qū)域的長度為l，則（）A90°時，l9.1cmB60°時，l9.1cmC45°時，l4.55cmD30°時，l4.55cm二、非選擇題：（共68分）8（6分）（2015四川）某同學(xué)在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”時，安裝好實驗裝置，讓刻度尺零刻度與彈簧上端平齊，在彈簧下端掛1個鉤碼，靜止時彈簧長度為l1，如圖1所示，圖2是此時固定在彈簧掛鉤上的指針在刻度尺（最小分度是1毫米）上位置的放大圖，示數(shù)l

6、1 cm在彈簧下端分別掛2個、3個、4個、5個相同鉤碼，靜止時彈簧長度分別是l2、l3、l4、l5，已知每個鉤碼質(zhì)量是50g，掛2個鉤碼時，彈簧彈力F2 N（當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭9.8m/s2）。要得到彈簧伸長量x，還需要測量的是 。作出Fx曲線，得到彈力與彈簧伸長量的關(guān)系。9（11分）（2015四川）用實驗測一電池的內(nèi)阻r和一待測電阻的阻值Rx，已知電池的電動勢約6V，電池內(nèi)阻和待測電阻阻值都為數(shù)十歐?？蛇x用的實驗器材有：電流表A1（量程030mA）；電流表A2（量程0100mA）；電壓表V（量程06V）；滑動變阻器R1（阻值05）滑動變阻器R2（阻值0300）；開關(guān)S一個，導(dǎo)線若干條。某同學(xué)的

7、實驗過程如下：設(shè)計如圖1所示的電路圖，正確連接電路。將R的阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)，逐次調(diào)小R的阻值，測出多組U和I的值，并記錄。以U為縱軸。I為橫軸。得到如圖2所示的圖線。斷開開關(guān)，將Rx改接在B、C之間。A與B直接相連，其他部分保持不變。重復(fù)的步驟，得到另一條UI圖線，圖線與橫軸I的交點坐標(biāo)為（I0，0），與縱軸U的交點坐標(biāo)為（0，U0）。回答下列問題：電流表應(yīng)選用 ，滑動變阻器應(yīng)選用 由圖2的圖線，得電源內(nèi)阻r ；用I0、U0和r表示待測電阻的關(guān)系式Rx ，代入數(shù)值可得Rx；若電表為理想電表，Rx接在B、C之間與接在A、B之間，滑動變阻器滑片都從最大阻值位置調(diào)到某同一位置，兩種情況相比，電

8、流表示數(shù)變化范圍 ，電壓表示數(shù)變化范圍 （選填“相同”或“不同”）10（15分）（2015四川）嚴(yán)重的霧霾天氣，對國計民生已造成了嚴(yán)重的影響，汽車尾氣是形成霧霾的首要污染源，“鐵腕治污”已成為國家的工作重點地鐵列車可實現(xiàn)零排放、大力發(fā)展地鐵，可以大大減少燃油公交車的使用，減少汽車尾氣排放若一地鐵列車從甲站由靜止啟動后做直線運動，先勻加速運動20s達最高速度72km/h，再勻速運動80s，接著勻減速運動15s到達乙站停住，設(shè)列車在勻加速運動階段牽引力為1×106N，勻速運動階段牽引力的功率為6×103kW，忽略勻減速運動階段牽引力所做的功（1）求甲站到乙站的距離；（2）如果燃

9、油公交車運行中做的功與該列車從甲站到乙站牽引力做的功相同，求公交車排放氣態(tài)污染物的質(zhì)量（燃油公交車每做1焦耳功排放氣態(tài)污染物3×106克）11（17分）（2015四川）如圖所示，粗糙、絕緣的直軌道OB固定在水平桌面上，B端與桌面邊緣對齊，A是軌道上一點，過A點并垂直于軌道的豎直面右側(cè)有大小E1.5×106N/C，方向水平向右的勻強電場。帶負(fù)電的小物體P電荷量是2.0×106C質(zhì)量m0.25kg，與軌道間動摩擦因數(shù)0.4P從O點由靜止開始向右運動，經(jīng)過0.55s到達A點。到達B點時速度是5m/s，到達空間D點時的速度與豎直方向的夾角為，且tan1.2P在整個運動過程

10、中始終受到水平向右的某外力F作用。F大小與P的速率v的關(guān)系如表所示。P視為質(zhì)點，電荷量保持不變，忽略空氣阻力，取g10m/s2求：v（ms1）0v22v5v5F/N263（1）小物體P從開始運動至速率為2m/s所用的時間；（2）小物體P從A運動至D的過程，電場力做的功。12（19分）（2015四川）如圖所示，金屬導(dǎo)軌MNC和PQD，MN與PQ平行且間距為L，所在平面與水平面夾角為，N、Q連線與MN垂直，M、P間接有阻值為R的電阻；光滑直導(dǎo)軌NC和QD在同一水平面內(nèi)，與NQ的夾角都為銳角均勻金屬棒ab和ef質(zhì)量均為m，長均為L，ab棒初始位置在水平導(dǎo)軌上與NQ重合；ef棒垂直放在傾斜導(dǎo)軌上，與導(dǎo)

11、軌間的動摩擦因數(shù)為（較?。?，由導(dǎo)軌上的小立柱1和2阻擋而靜止?？臻g有方向豎直的勻強磁場（圖中未畫出）。兩金屬棒與導(dǎo)軌保持良好接觸。不計所有導(dǎo)軌和ab棒的電阻，ef棒的阻值為R，最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，忽略感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場，重力加速度為g。（1）若磁感應(yīng)強度大小為B，給ab棒一個垂直于NQ、水平向右的速度v1，在水平導(dǎo)軌上沿運動方向滑行一段距離后停止，ef棒始終靜止，求此過程ef棒上產(chǎn)生的熱量；（2）在（1）問過程中，ab棒滑行距離為d，求通過ab棒某橫截面的電量；（3）若ab棒以垂直于NQ的速度v2在水平導(dǎo)軌上向右勻速運動，并在NQ位置時取走小立柱1和2，且運動過程中ef棒始終靜止

12、。求此狀態(tài)下最強磁場的磁感應(yīng)強度及此磁場下ab棒運動的最大距離。2015年四川省高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：每題6分，每題給出的四個選項中，有的只有一個選項，有的有多個選項符合題目要求，全部選地的得6分，選對但不全的得3分，有選錯和不選的得0分1（6分）（2015四川）在同一位置以相同的速率把三個小球分別沿水平、斜向上、斜向下方向拋出，不計空氣阻力，則落在同一水平地面時的速度大?。ǎ〢一樣大B水平拋出的最大C斜向上拋的最大D斜向下拋的最大【考點】43：平拋運動；44：拋體運動菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】不計空氣阻力，物體的機械能守恒，分析三個球的運動情況，由機械能守恒可以判斷落地的速度

13、?！窘獯稹拷猓河捎诓挥嬁諝獾淖枇Γ匀齻€球的機械能守恒，由于它們的初速度的大小相同，又是從同一個位置拋出的，最后又都落在了地面上，所以它們的初末的位置高度差相同，初動能也相同，由機械能守恒可知，末動能也相同，所以末速度的大小相同。故選：A?！军c評】本題是機械能守恒的直接應(yīng)用，比較簡單，也可以直接用動能定理求解。2（6分）（2015四川）平靜湖面?zhèn)鞑ブ涣兴娌ǎM波），在波的傳播方向上有相距3m的甲、乙兩個小木塊隨波上下運動，測得兩個小木塊每分鐘都上下30次，甲在波谷時，乙在波峰，且兩木塊之間有一個波峰。這列水面波（）A頻率是30HzB波長是3mC波速是1m/sD周期是0.1s【考點】F4：

14、橫波的圖象；F5：波長、頻率和波速的關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】由題可知，甲在波谷時，乙在波峰，且兩木塊之間有一個波峰，說明兩木塊平衡位置間的距離等于1.5波長，即可求出波長，由小木塊每分鐘振動30次，求出每秒振動的次數(shù)即為頻率，再由波速公式vf求波速。【解答】解：據(jù)題意：甲在波谷時，乙在波峰，且兩木塊之間有一個波峰，則1.53m得：2m。由小木塊每分鐘振動30次，則得木塊振動的頻率fHz0.5Hz，故波速為：vf2×0.5m/s1m/s。周期為T2s故選：C。【點評】解決本題的關(guān)鍵要理解波長和頻率的含義，得到波長和頻率，記住波速公式vf，再進行求解。3（6分）（2015四川）直線P1

15、P2過均勻玻璃球球心O，細(xì)光束a、b平行且關(guān)于P1P2對稱，由空氣射入玻璃球的光路如圖a、b光相比（）A玻璃對a光的折射率較大B玻璃對a光的臨界角較小Cb光在玻璃中的傳播速度較小Db光在玻璃中的傳播時間較短【考點】H3：光的折射定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】54D：光的折射專題【分析】根據(jù)光的偏折程度分析折射率的大小，由sinC分析臨界角的大小由v分析光在玻璃中的傳播速度大小，由t分析光在玻璃中的傳播時間關(guān)系【解答】解：A、由圖知，光線通過玻璃磚后，b光的偏折角大，則玻璃對b光的折射率較大，故A錯誤。B、玻璃對a光的折射率較小，由sinC分析知，玻璃對a光的臨界角較大。故B錯誤。C、由v分析知，b

16、光在玻璃中的傳播速度較小，故C正確。D、b光在玻璃磚通過的路程較大，傳播速度較小，由t分析知b光在玻璃中的傳播時間較長。故D錯誤。故選：C?！军c評】解決本題的關(guān)鍵要明確折射率越大，光的偏折角越大，判斷出折射率關(guān)系，再分析其他量之間的關(guān)系4（6分）（2015四川）小型手搖發(fā)電機線圈共N匝，每匝可簡化為矩形線圈abcd，磁極間的磁場視為勻強磁場，方向垂直于線圈中心軸OO，線圈繞OO勻速轉(zhuǎn)動，如圖所示，矩形線圈ab邊和cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值都為e0，不計線圈電阻，則發(fā)電機輸出電壓（）A峰值是e0B峰值是2e0C有效值是e0D有效值是Ne0【考點】E3：正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達式；E5：

17、交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】53A：交流電專題【分析】根據(jù)矩形線圈ab邊和cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢求出整個矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值；根據(jù)正弦交變電壓電動勢最大值與有效值的關(guān)系求解發(fā)電機輸出電壓【解答】解：矩形線圈ab邊和cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值都為e0，所以矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大是2Ne0，根據(jù)正弦交變電壓電動勢最大值與有效值的關(guān)系得發(fā)電機輸出電壓有效值UNe0，故選：D?！军c評】本題考查了交流電產(chǎn)生的原理和最大值、有效值的關(guān)系，知道整個矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢是ab邊和cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之和5（6分）（2015四川）登上火星是人類的夢想，“嫦

18、娥之父”歐陽自遠(yuǎn)透露：中國計劃于2020年登陸火星地球和火星公轉(zhuǎn)視為勻速圓周運動，忽略行星自轉(zhuǎn)影響，根據(jù)如表，火星和地球相比（）行星半徑/m質(zhì)量/kg軌道半徑/m地球6.4×1066.0×10241.5×1011火星3.4×1066.4×10232.3×1011A火星的公轉(zhuǎn)周期較小B火星做圓周運動的加速度較小C火星表面的重力加速度較大D火星的第一宇宙速度較大【考點】4D：開普勒定律；4F：萬有引力定律及其應(yīng)用；4H：人造衛(wèi)星；4I：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】528：萬有引力定律的應(yīng)用專題【分析】根據(jù)

19、開普勒第三定律分析公轉(zhuǎn)周期的關(guān)系由萬有引力定律和牛頓第二定律結(jié)合分析加速度的關(guān)系根據(jù)萬有引力等于重力，分析星球表面重力加速度的關(guān)系由v分析第一宇宙速度關(guān)系【解答】解：A、由表格數(shù)據(jù)知，火星的軌道半徑比地球的大，根據(jù)開普勒第三定律知，火星的公轉(zhuǎn)周期較大，故A錯誤。B、對于任一行星，設(shè)太陽的質(zhì)量為M，行星的軌道半徑為r。根據(jù)Gma，得加速度 a，則知火星做圓周運動的加速度較小，故B正確。C、在行星表面，由Gmg，得 g由表格數(shù)據(jù)知，火星表面的重力加速度與地球表面的重力加速度之比為 ×1故火星表面的重力加速度較小，故C錯誤。D、設(shè)行星的第一宇宙速度為v。則 Gm，得 v代入可得火星的第一宇

20、宙速度較小。故D錯誤。故選：B?！军c評】對于行星繞太陽運動的類型，與衛(wèi)星類型相似，關(guān)鍵要建立運動模型，掌握萬有引力等于向心力與萬有引力等于重力兩條基本思路6（6分）（2015四川）如圖所示，半圓槽光滑、絕緣、固定、圓心是O，最低點是P，直徑MN水平，a、b是兩個完全相同的帶正電小球（視為點電荷），b固定在M點，a從N點靜止釋放，沿半圓槽運動經(jīng)過P點到達某點Q（圖中未畫出）時速度為零。則小球a（）A從N到Q的過程中，重力與庫侖力的合力先增大后減小B從N到P的過程中，速率先增大后減小C從N到Q的過程中，電勢能一直增加D從P到Q的過程中，動能減少量小于電勢能增加量【考點】AE：電勢能與電場力做功菁優(yōu)

21、網(wǎng)版權(quán)所有【分析】分析庫侖力及重力的合力，根據(jù)功的公式明確合力做功情況；再根據(jù)重力做功和電場力做功的特點與勢能的關(guān)系分析電勢能的變化。【解答】解：A、a由N到Q的過程中，重力豎直向下，而庫侖力一直沿二者的連線方向，則可知，重力與庫侖力的夾角一直減小，同時庫侖力在增大；故合力一直在增大；故A錯誤；B、在整個過程中合力先與運動方向的夾角均為銳角，合力做正功；而后一過程中合力與運動方向夾角為鈍角，合力做負(fù)功；故從N到P的過程中，速率先增大后減??；故B正確；C、由于在下降過程中，庫侖力一直與運動方向夾角大于90度，故庫侖力一直做負(fù)功；電勢能一直增加；故C正確；D、從P到Q的過程中，由動能定理可知，mg

22、hWE0mv2；故動能的減小量等于重力勢能增加量和電勢能的增加量；故D錯誤；故選：BC?！军c評】本題考查功能關(guān)系，要注意明確電場力和重力具有相同的性質(zhì)，即重力做功量度重力勢能的改變量；而電場力做功量度電勢能的改變量。7（6分）（2015四川）如圖所示，S處有一電子源，可向紙面內(nèi)任意方向發(fā)射電子，平板MN垂直于紙面，在紙面內(nèi)的長度L9.1cm，中點O與S間的距離d4.55cm，MN與SO直線的夾角為，板所在平面有電子源的一側(cè)區(qū)域有方向垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B2.0×104T電子質(zhì)量m9.1×1031kg，電量e1.6×1019C，不計電子重力。電子源發(fā)

23、射速度v1.6×106m/s的一個電子，該電子打在板上可能位置的區(qū)域的長度為l，則（）A90°時，l9.1cmB60°時，l9.1cmC45°時，l4.55cmD30°時，l4.55cm【考點】CI：帶電粒子在勻強磁場中的運動菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】536：帶電粒子在磁場中的運動專題【分析】由洛侖茲力充當(dāng)向心力可求得粒子運動半徑，再由幾何關(guān)系可知，電子運動的范圍，由幾何關(guān)系即可求出電子打在板上可能位置的區(qū)域的長度?！窘獯稹拷猓河陕鍋銎澚Τ洚?dāng)向心力可得；Bqvm解得：R0.0455m4.55cm；恰好有：rd，由于電子源S可向紙面內(nèi)任意方向發(fā)射電子

24、，因此電子的運動的軌跡將是過S點的一系列半徑為r的等大圓，能夠打到板MN上的區(qū)域范圍如下圖所示，實線SN表示電子剛好經(jīng)過板N端時的軌跡，實線SA表示電子軌跡剛好與板相切于A點時的軌跡，因此電子打在板上可能位置的區(qū)域的長度為：lNA，又由題設(shè)選項可知，MN與SO直線的夾角不定，但要使電子軌跡與MN板相切，根據(jù)圖中幾何關(guān)系可知，此時電子的軌跡圓心一定落在與MN距離為r的平行線上，如下圖所示，當(dāng)l4.55cm時，即A點與板O點重合；作出電子軌跡如下圖中虛線S1A1所示；由圖中幾何關(guān)系可知，此時S2O與MN的夾角為30°，故C錯誤，D正確；當(dāng)l9.1cm時，即A點與板M端重合，作出電子軌跡如

25、下圖中實線S2A2所示；由圖中幾何關(guān)系可知，此時S2O與MN的夾角為90°，故A正確，B錯誤。故選：AD?！军c評】本題考查帶電粒子充當(dāng)向心力的運動規(guī)律，解題的關(guān)鍵問題在于明確粒子運動的圓心和半徑，進而明確所有粒子可能出現(xiàn)的空間。二、非選擇題：（共68分）8（6分）（2015四川）某同學(xué)在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”時，安裝好實驗裝置，讓刻度尺零刻度與彈簧上端平齊，在彈簧下端掛1個鉤碼，靜止時彈簧長度為l1，如圖1所示，圖2是此時固定在彈簧掛鉤上的指針在刻度尺（最小分度是1毫米）上位置的放大圖，示數(shù)l125.85cm在彈簧下端分別掛2個、3個、4個、5個相同鉤碼，靜止時彈簧長度分別是l

26、2、l3、l4、l5，已知每個鉤碼質(zhì)量是50g，掛2個鉤碼時，彈簧彈力F20.98N（當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭9.8m/s2）。要得到彈簧伸長量x，還需要測量的是彈簧原長。作出Fx曲線，得到彈力與彈簧伸長量的關(guān)系?！究键c】M7：探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】13：實驗題【分析】根據(jù)刻度尺的讀數(shù)方法可得出對應(yīng)的讀數(shù)，由Gmg可求得所掛鉤碼的重力，即可得出彈簧的拉力；由實驗原理明確需要的物理量?！窘獯稹拷猓河蒻m刻度尺的讀數(shù)方法可知圖2中的讀數(shù)為：25.85cm；掛2個鉤碼時，重力為：G2mg2×0.05×9.80.98N；由平衡關(guān)系可知，彈簧的拉力為0.98N；本實驗

27、中需要測量的是彈簧的形變量，故還應(yīng)測量彈簧的原長；故答案為：25.85；0.98；彈簧原長?！军c評】本題考查探究彈簧的彈力與彈簧伸長量之間的關(guān)系，要注意明確實驗原理，同時注意掌握相應(yīng)儀器的測量方法。9（11分）（2015四川）用實驗測一電池的內(nèi)阻r和一待測電阻的阻值Rx，已知電池的電動勢約6V，電池內(nèi)阻和待測電阻阻值都為數(shù)十歐?？蛇x用的實驗器材有：電流表A1（量程030mA）；電流表A2（量程0100mA）；電壓表V（量程06V）；滑動變阻器R1（阻值05）滑動變阻器R2（阻值0300）；開關(guān)S一個，導(dǎo)線若干條。某同學(xué)的實驗過程如下：設(shè)計如圖1所示的電路圖，正確連接電路。將R的阻值調(diào)到最大，閉

28、合開關(guān)，逐次調(diào)小R的阻值，測出多組U和I的值，并記錄。以U為縱軸。I為橫軸。得到如圖2所示的圖線。斷開開關(guān)，將Rx改接在B、C之間。A與B直接相連，其他部分保持不變。重復(fù)的步驟，得到另一條UI圖線，圖線與橫軸I的交點坐標(biāo)為（I0，0），與縱軸U的交點坐標(biāo)為（0，U0）?；卮鹣铝袉栴}：電流表應(yīng)選用A2，滑動變阻器應(yīng)選用R2由圖2的圖線，得電源內(nèi)阻r25；用I0、U0和r表示待測電阻的關(guān)系式Rxr，代入數(shù)值可得Rx；若電表為理想電表，Rx接在B、C之間與接在A、B之間，滑動變阻器滑片都從最大阻值位置調(diào)到某同一位置，兩種情況相比，電流表示數(shù)變化范圍相同，電壓表示數(shù)變化范圍不同（選填“相同”或“不同”

29、）【考點】N3：測定電源的電動勢和內(nèi)阻菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】13：實驗題；535：恒定電流專題【分析】根據(jù)題目中給出的電源及待測電阻的大約阻值，略算對應(yīng)的電流，則可明確電流表及滑動變阻器應(yīng)選擇的儀器；由圖象的性質(zhì)及閉合電路歐姆定律可得出電源內(nèi)阻；根據(jù)電路結(jié)構(gòu)，利用閉合電路歐姆定律可得出對應(yīng)的表達式；根據(jù)閉合電路歐姆定律及電表的使用方法可明確兩表的示數(shù)變化范圍是否相同。【解答】解：由題意可知，電動勢為6V，而電阻約為數(shù)十歐姆，為了保證實驗的安全，電流表應(yīng)選擇A2；由電路圖可知，滑動變阻器起調(diào)節(jié)電流的作用，5的電阻小于待測電阻較多，故只能選擇R2；圖象的斜率表示電源的內(nèi)阻，則可知，內(nèi)阻為：r25；

30、接Rx改接在B、C之間，由題意可知，等效內(nèi)阻為：R0+r；解得：RXr；由于在調(diào)節(jié)滑動變阻器時，閉合電路中電阻不變，故電流表的變化范圍相同；而由于電壓表測量的是路端電壓，由于等效內(nèi)電阻不同，故電壓表的變化范圍不同；故答案為：A2；R2；25；r；相同；不同?！军c評】本題考查測量電源內(nèi)阻及電阻的實驗，關(guān)鍵在于明確電路結(jié)構(gòu)，認(rèn)清實驗方法及步驟；再由歐姆定律或閉合電路歐姆定律進行分析求解。10（15分）（2015四川）嚴(yán)重的霧霾天氣，對國計民生已造成了嚴(yán)重的影響，汽車尾氣是形成霧霾的首要污染源，“鐵腕治污”已成為國家的工作重點地鐵列車可實現(xiàn)零排放、大力發(fā)展地鐵，可以大大減少燃油公交車的使用，減少汽車

31、尾氣排放若一地鐵列車從甲站由靜止啟動后做直線運動，先勻加速運動20s達最高速度72km/h，再勻速運動80s，接著勻減速運動15s到達乙站停住，設(shè)列車在勻加速運動階段牽引力為1×106N，勻速運動階段牽引力的功率為6×103kW，忽略勻減速運動階段牽引力所做的功（1）求甲站到乙站的距離；（2）如果燃油公交車運行中做的功與該列車從甲站到乙站牽引力做的功相同，求公交車排放氣態(tài)污染物的質(zhì)量（燃油公交車每做1焦耳功排放氣態(tài)污染物3×106克）【考點】6B：功能關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】（1）根據(jù)勻變速直線運動平均速度的推論求出勻加速和勻減速運動的位移，結(jié)合勻速運動的位移，

32、求出總位移的大?。?）分別由功的計算公式：WFS和WPt求出牽引力對列車做的功，結(jié)合燃油公交車每做1焦耳功排放氣態(tài)污染物3×106克即可求解【解答】解：（1）72km/h20m/s，勻加速直線運動的位移為：m勻速直線運動的位移為：x2vt220×80m1600m勻減速直線運動的位移為：m則總位移為：xx1+x2+x3200+1600+150m1950m（2）設(shè)列車在第一階段的牽引力為F，所做的功為W1，在第二階段牽引力的功率為P，所做的功為W2，設(shè)燃油公交車從甲站到乙站做相同的功W，排放的污染物的質(zhì)量為M，則：W1Fx1；W2Pt2WW1+W2MW（3×109kg

33、J1）聯(lián)立以上公式，代入數(shù)據(jù)得：M2.04kg答：（1）甲站到乙站的距離是1950m；（2）如果燃油公交車運行中做的功與該列車從甲站到乙站牽引力做的功相同，公交車排放氣態(tài)污染物的質(zhì)量是2.04kg【點評】該題結(jié)合機車的功與功率的問題考查勻變速直線運動的綜合應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式，并能靈活運用，基礎(chǔ)題11（17分）（2015四川）如圖所示，粗糙、絕緣的直軌道OB固定在水平桌面上，B端與桌面邊緣對齊，A是軌道上一點，過A點并垂直于軌道的豎直面右側(cè)有大小E1.5×106N/C，方向水平向右的勻強電場。帶負(fù)電的小物體P電荷量是2.0×106C質(zhì)量m0.

34、25kg，與軌道間動摩擦因數(shù)0.4P從O點由靜止開始向右運動，經(jīng)過0.55s到達A點。到達B點時速度是5m/s，到達空間D點時的速度與豎直方向的夾角為，且tan1.2P在整個運動過程中始終受到水平向右的某外力F作用。F大小與P的速率v的關(guān)系如表所示。P視為質(zhì)點，電荷量保持不變，忽略空氣阻力，取g10m/s2求：v（ms1）0v22v5v5F/N263（1）小物體P從開始運動至速率為2m/s所用的時間；（2）小物體P從A運動至D的過程，電場力做的功?！究键c】65：動能定理；AK：帶電粒子在勻強電場中的運動菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】531：帶電粒子在電場中的運動專題【分析】（1）小物體P做勻加速直線運

35、動，根據(jù)牛頓第二定律計算加速度的大小，根據(jù)速度公式計算受到的大??；（2）根據(jù)物體的運動的不同的過程，逐項計算受到和位移的大小，在利用功的公式來計算電場力做的功；【解答】解：（1）小物體P的速率從0至2m/s，受外力F12N，設(shè)其做勻變速直線運動的加速度為a1，經(jīng)過時間t1，則F1mgma1v1a1t 由式代入數(shù)據(jù)得t10.5s （2）小物體P從2m/s運動至A點，受外力F26N，設(shè)其做勻變速直線運動的加速度為a2，則F2mgma2設(shè)小物體P從速度v1經(jīng)過t2時間，在A點的速度為v2，則t20.55st1 v2v1+a2t2P從A點至B點，受外力F26N、電場力和滑動摩擦力的作用，設(shè)其做勻變速直

36、線運動的加速度為a3，電荷量為q，在B點的速度為v3，從A點至B點的位移為x1，則有：F2mgqEma3P以速度v3滑出軌道右端B點，設(shè)水平方向外力為F3，電場力大小為FE，有FEF3 F3與FE大小相等方向相反，P水平方向所受合力為零，所以P從B點開始做初速度為v3的平拋運動。設(shè)P從B點運動至D點用是為t3，水平位移為x2，由題意知 （10）x2v3t3 （11）設(shè)小物體P從A點至D點電場力做功為W，則有：WqE（x1+x2） （12）聯(lián)立（10）（12）式并代入數(shù)據(jù)得W9.25J。答：（1）小物體P從開始運動至速率為2m/s所用的時間為0.5s；（2）小物體P從A運動至D的過程，電場力做的

37、功為9.25J。【點評】本題物體的運動的過程比較復(fù)雜，關(guān)鍵是分析清楚物體的不同的運動的過程，根據(jù)不同過程的速度和位移即可計算電場力做功的大小，本題的難度比較大。12（19分）（2015四川）如圖所示，金屬導(dǎo)軌MNC和PQD，MN與PQ平行且間距為L，所在平面與水平面夾角為，N、Q連線與MN垂直，M、P間接有阻值為R的電阻；光滑直導(dǎo)軌NC和QD在同一水平面內(nèi)，與NQ的夾角都為銳角均勻金屬棒ab和ef質(zhì)量均為m，長均為L，ab棒初始位置在水平導(dǎo)軌上與NQ重合；ef棒垂直放在傾斜導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為（較?。?，由導(dǎo)軌上的小立柱1和2阻擋而靜止?？臻g有方向豎直的勻強磁場（圖中未畫出）。兩金屬棒與導(dǎo)軌保持良好接觸。不計所有導(dǎo)軌和ab棒的電阻，ef棒的阻值為R，最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，忽略感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁