2022-2023學(xué)年甘肅省武山一中高三物理第一學(xué)期期中經(jīng)典試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng):1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、質(zhì)量為60 kg的人，站在升降機(jī)內(nèi)的臺(tái)秤上（g=10 m/s2），測(cè)得體重（即支持力）為480N，則關(guān)于

2、升降機(jī)的說(shuō)法正確的是( )A人處于超重狀態(tài)B升降機(jī)一定在下降C人的加速度大小為2 m/s2D人的加速度是40 m/s22、如圖，兩根互相平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線過(guò)紙面上的M、N兩點(diǎn)，且與直面垂直，導(dǎo)線中通有大小相等、方向相反的電流。a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點(diǎn)，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到O點(diǎn)的距離均相等。關(guān)于以上幾點(diǎn)處的磁場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是（）AO點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零Ba、b兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反Cc、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同Da、c兩點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不同3、如圖所示，欲使在粗糙斜面上勻速下滑的木塊A停下，可采用的方法是（）A增大斜面的傾

3、角B在木塊A上再疊放一個(gè)重物C對(duì)木塊A施加一個(gè)豎直向下的力D對(duì)木塊A施加一個(gè)垂直于斜面的力4、如圖所示，一輕質(zhì)彈簧下端系一質(zhì)量為m的物塊，組成一豎直懸掛的彈簧振子，在物塊上裝有一記錄筆，在豎直面內(nèi)放置有記錄紙當(dāng)彈簧振子沿豎直方向上下自由振動(dòng)時(shí)，以速率v水平向左勻速拉動(dòng)記錄紙，記錄筆在紙上留下如圖所示余弦型函數(shù)曲線形狀的印跡，圖中的y1、y2、x0、2x0、3x0為記錄紙上印跡的位置坐標(biāo)值，P、Q分別是印跡上縱坐標(biāo)為y1和y2的兩個(gè)點(diǎn)若空氣阻力、記錄筆的質(zhì)量及其與紙之間的作用力均可忽略不計(jì)，則A該彈簧振子的振動(dòng)周期為x0/vB該彈簧振子的振幅為y1- y2C在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，物塊所

4、受合力的沖量為零D在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，彈力對(duì)物塊做功為零5、一個(gè)質(zhì)量為1kg的小球豎直向上拋出，最終落回拋出點(diǎn)，假如小球所受空氣阻力大小恒定，該過(guò)程的位移一時(shí)間圖像如圖所示，g取10m/s2，下列說(shuō)法正確的是（ ）A小球拋出時(shí)的速度為12m/sB小球上升和下落的時(shí)間之比為C小球落回到拋出點(diǎn)時(shí)所受合力的功率為D小球上升過(guò)程的機(jī)械能損失大于下降過(guò)程的機(jī)械能損失6、如圖所示，水平固定桿上套一物塊甲，甲與小球乙用一根不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，現(xiàn)用跟水平方向成角的力拉著乙并帶動(dòng)甲一起向右勻速運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)中兩者的相對(duì)位置保持不變，甲與水平桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，輕繩與水平方向的夾角為，已知

5、甲、乙質(zhì)量分別為2kg和1kg，重力加速度g取，則（）A；B；C；D；二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一個(gè)物體沿直線運(yùn)動(dòng)，從時(shí)刻開始，物體的的圖像如圖所示，圖線與縱橫坐標(biāo)軸的交點(diǎn)坐標(biāo)分別為0.5m/s和，由此可知（ ） A物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為B物體做變加速直線運(yùn)動(dòng)C物體的初速度大小為D物體的初速度大小為8、 “水流星”是一種常見的雜技項(xiàng)目，該運(yùn)動(dòng)可簡(jiǎn)化為輕繩一端系著小球在豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)模型，如圖所示。已知小球在最低點(diǎn)Q處速度為v0，輕繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，

6、球大小忽略不計(jì)，重力加速度為g，忽略空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是 A小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn) Q時(shí)，拉力一定大于重力Bv0 越大，則在最高點(diǎn) P 和最低點(diǎn) Q 繩對(duì)小球的拉力差越大C若v0 ，則小球一定能通過(guò)最高點(diǎn)PD若v0 ，則細(xì)繩始終處于繃緊狀態(tài)9、如圖所示為研究離心現(xiàn)象的簡(jiǎn)易裝置，將兩個(gè)桿垂直固定在豎直面內(nèi)，在垂足O1和水平桿上的O2位置分別固定一力傳感器，其中O1O2=l，現(xiàn)用兩根長(zhǎng)度相等且均為l的細(xì)線拴接一質(zhì)量為m的鐵球P，細(xì)線的另一端分別固定在O1、O2處的傳感器上.現(xiàn)讓整個(gè)裝置圍繞豎直桿以恒定的角速度轉(zhuǎn)動(dòng)，使鐵球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩段細(xì)線始終沒(méi)有出現(xiàn)松弛現(xiàn)象，且保證O1、O2和P

7、始終處在同一豎直面內(nèi).則( )AO1P的拉力的最大值為mgBO1P的拉力的最大值為mgCO2P的拉力的最小值為mgDO2P的拉力的最小值為010、如圖所示為汽車的加速度和車速的倒數(shù)的關(guān)系圖象若汽車質(zhì)量為2103kg，它由靜止開始沿平直公路行駛，且行駛中阻力恒定，最大車速為30 m/s，則（ ） A汽車所受阻力為2103NB汽車勻加速所需時(shí)間為5 sC汽車勻加速的加速度為3 m/s2D汽車在車速為5 m/s時(shí)，功率為6104W三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）小明對(duì)2B鉛筆芯的導(dǎo)電性能感興趣，于是用伏安法測(cè)量其電阻值：（1）圖1是

8、部分連接好的實(shí)物電路圖，請(qǐng)用電流表外接法完成接線并在圖1中畫出_；（2）小明用電流表內(nèi)接法和外接法分別測(cè)量了一段2B鉛筆芯的伏安特性，并將得到的電流、電壓數(shù)據(jù)描到UI圖上，如圖2所示在圖中，由電流表外接法得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)是用_（填“”或“”）表示的；（3）請(qǐng)你選擇一組數(shù)據(jù)點(diǎn)，在圖2上用作圖法作圖，并求出這段鉛筆芯的電阻為_。12（12分）如圖甲所示為驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。(1)平衡小車所受阻力的操作：取下_，把木板不帶滑輪的一端墊高；接通電火花計(jì)時(shí)器電源，輕推小車，讓小車拖著紙帶運(yùn)動(dòng)。如果打出的紙帶如圖乙所示，則應(yīng)_(選填“減小”或“增大”)木板的傾角，反復(fù)調(diào)節(jié)，直到紙帶上打出的點(diǎn)跡_

9、為止。(2)如圖丙所示為研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質(zhì)量的關(guān)系”時(shí)所得的實(shí)驗(yàn)圖象，橫坐標(biāo)m為小車上砝碼的質(zhì)量。設(shè)圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓第二定律成立，則小車受到的拉力為_，小車的質(zhì)量為_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質(zhì)量為m=245g的木塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在質(zhì)量為M=0.5kg的木板左端，足夠長(zhǎng)的木板靜止在光滑水平面上，木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為= 0.4，質(zhì)量為m0 = 5g的子彈以速度v0=300m/s沿水平方向射入木塊并留在其中（時(shí)間極短），子彈射

10、入后，g取10m/s2，求：(1)子彈進(jìn)入木塊后子彈和木塊一起向右滑行的最大速度v1(2)木板向右滑行的最大速度v2(3)木塊在木板滑行的時(shí)間t14（16分）如圖所示，兩個(gè)木塊的質(zhì)量分別為m12 kg、m21 kg，中間用輕彈簧相連接，放在光滑的水平面上，且m1左側(cè)靠一固定豎直擋板，彈簧處于自然伸長(zhǎng)狀態(tài)某一瞬間敲擊木塊m2使其獲得3 m/s的水平向左速度，木塊m2向左壓縮彈簧然后被彈簧彈回，彈回時(shí)帶動(dòng)木塊m1運(yùn)動(dòng)求：當(dāng)彈簧拉伸到最長(zhǎng)時(shí)，彈簧的最大彈性勢(shì)能是多少？在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，木塊m1速度的最大值為多少？15（12分）某戰(zhàn)士在傾角為30山坡上進(jìn)行投擲手榴彈訓(xùn)練他從A點(diǎn)以某一初速度v0沿水平

11、方向投出手榴彈，正好落在B點(diǎn)，測(cè)得AB=90m若空氣阻力不計(jì)，（g=10m/s2）求： （1）手榴彈拋出的速度？（2）從拋出開始經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間手榴彈與山坡間的距離最大？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】ACD對(duì)人受力分析，受重力和支持力，支持力小于重力，人處于失重狀態(tài)，合力向下，加速度向下，故升降機(jī)的加速度也向下；由牛頓第二定律可知：mg-F=ma解得：a=2m/s2故AD錯(cuò)誤，C正確B升降機(jī)的加速度向下，即升降機(jī)可能加速下降，也可能減速上升故B錯(cuò)誤2、C【解析】A由安培定則和磁場(chǎng)疊加原理可判斷出O點(diǎn)處的磁

12、感應(yīng)強(qiáng)度方向向下，一定不為零，A錯(cuò)誤；Ba、b兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，均向下，B錯(cuò)誤；Cc、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，均向下，C正確；Da、c兩點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向相同，D錯(cuò)誤。故選C。3、C【解析】解：A、木塊勻速滑下，合力為零，根據(jù)平衡條件得 mgsin=mgcos，解得：=tan；若增大斜面的傾角，重力沿斜面向下的分力mgsin增大，滑動(dòng)摩擦力f=mgcos減小，木塊的合力方向?qū)⒀匦泵嫦蛳拢緣K做加速運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤B、對(duì)木塊A施加一個(gè)豎直向向上但小于木塊A重力的力，有：（mgF）sin（mgF）cos=（mgF）sintan（mgF）cos=0依然平衡，做勻速直

13、線運(yùn)動(dòng)，不會(huì)停止運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、對(duì)木塊A施加一個(gè)豎直向下的力，有：（mg+F）sin（mg+F）cos=（mg+F）sintan（mg+F）cos=0依然平衡，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，不會(huì)停止運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、對(duì)木塊A施加一個(gè)垂直于斜面的力F，重力沿斜面向下的分力mgsin不變，而滑動(dòng)摩擦力f=（F+mgcos）增大，合力方向沿斜面向上，木塊做減速運(yùn)動(dòng)，可以使木塊停下，故D正確；故選D【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵根據(jù)物體做減速運(yùn)動(dòng)的條件，分析木塊的合力方向，當(dāng)合力方向與速度反向時(shí)，木塊能做減速運(yùn)動(dòng)，可以停下來(lái)4、C【解析】A該彈簧振子的振動(dòng)周期為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B該彈簧振子的振幅為，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C因在PQ兩點(diǎn)

14、振子的速度為零，則動(dòng)量為零，則在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，物塊動(dòng)量的變化為零，根據(jù)動(dòng)量定理可知，物塊所受合力的沖量為零，選項(xiàng)C正確；D根據(jù)動(dòng)能定理，在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，合力對(duì)物塊做功為零，而合力功等于彈力功與重力功之和，重力功不為零，則彈力對(duì)物塊做功不為零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤5、C【解析】由圖知，小球上升的位移 x=24m，用時(shí) t1=2s，平均速度由得初速度 v0=24m/s故A錯(cuò)誤上升時(shí)加速度大小為；由牛頓第二定律得：mg+f=ma1；解得空氣阻力的大小 f=2N；對(duì)于下落過(guò)程，由牛頓第二定律得 mg-f=ma2；解得 a2=8m/s2；則 a1：a2=3：2；根據(jù)位移公式x=at

15、2，及上升和下落的位移大小相等，可知上升和下落的時(shí)間之比為故B錯(cuò)誤由上可得下落時(shí)間，小球落回到拋出點(diǎn)時(shí)速度為所受合力 F合=mg-f=8N，此時(shí)合力的功率為故C正確小球上升和下落兩個(gè)過(guò)程克服空氣阻力做功相等，由功能原理知，球上升過(guò)程的機(jī)械能損失等于下降過(guò)程的機(jī)械能損失故D錯(cuò)誤故選C6、A【解析】以乙為研究對(duì)象，進(jìn)行受力分析，由于拉力F與乙的重力大小相等，夾角為120，故輕繩的拉力T大小為10N，與水平方向的夾角應(yīng)為=30。以甲為研究對(duì)象，進(jìn)行受力分析得Tcos=（mg+Tsin）得滑塊甲與水平直桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20

16、分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】由圖得：=（0.5t+0.5）m/s；由x=v0t+at1得：=v0+at，可得a=0.5，a=1m/s1可知，物體的加速度不變，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)故A正確，B錯(cuò)誤圖線縱軸截距表示初速度，則知物體的初速度大小為0.5m/s故C正確，D錯(cuò)誤8、AC【解析】A由于小球做圓周運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)由拉力與重力的合力提供向心力，所以小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn) Q時(shí)，拉力一定大于重力，故A正確；B在最高點(diǎn)，有在最低點(diǎn)，有： 從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有聯(lián)立解得：與最低點(diǎn)速度大小無(wú)關(guān)，故

17、B錯(cuò)誤；C小球恰好通過(guò)最高點(diǎn)，在最高點(diǎn)，有解得：從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有解得：所以小球一定能通過(guò)最高點(diǎn)P，故C正確；D根據(jù)動(dòng)能定理得解得不越過(guò)四分之一圓周的最小速度所以當(dāng)時(shí)，細(xì)繩始終處于繃緊狀態(tài)，若小球能過(guò)最高點(diǎn)則最小速度為，由于所以細(xì)繩不一定始終處于繃緊狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。9、BD【解析】轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為零時(shí)，O1P繩的拉力最小，O2P繩的拉力最大，當(dāng)O2P繩的拉力剛好為零時(shí)，O1P繩的拉力最大，根據(jù)共點(diǎn)力平衡和牛頓第二定律進(jìn)行求解【詳解】轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為零時(shí)，O1P繩的拉力最小，O2P繩的拉力最大，這時(shí)二者的值相同，設(shè)為T1，則2T1cos30=mg，解得；增大轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，當(dāng)O2

18、P繩的拉力剛好為零時(shí)，O1P繩的拉力最大，設(shè)這時(shí)O1P繩的拉力為T2，則T2cos30=mg，因此O1P繩的拉力范圍，O2P繩的拉力范圍故B、D正確，A、C錯(cuò)誤.故選BD.【點(diǎn)睛】本題考查圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，意在考查學(xué)生應(yīng)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律分析圓周運(yùn)動(dòng)的臨界問(wèn)題.10、AB【解析】設(shè)汽車的額定功率為P，由圖知：汽車的最大速度為，此時(shí)汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有，有；代入得：當(dāng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：，代入得：由解得：，故A正確；勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為：，勻加速直線運(yùn)動(dòng)的末速度為：，勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，故B正確，C錯(cuò)誤；因?yàn)?，所以汽車速度為時(shí)，功率未達(dá)到額定功率，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】從圖線看出，開始圖線

19、與x軸平行，表示牽引力不變，牽引車先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，傾斜圖線的斜率表示額定功率，即牽引車達(dá)到額定功率后，做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減小到零，做勻速直線運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、 用“”連線求得電阻約為1.11.3；用“”連線求得電阻約為1.51.7 【解析】（1）1實(shí)物電路如圖：（2）2因用電流表的外接法，電壓的測(cè)量值偏小，同一電流值，電壓值較小，由圖知得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)是用“”表示的；（3）3電流表的外接法測(cè)量數(shù)據(jù)為用“”表示的，可求其連線直線的斜率約為1.11.3；用“”連線求得電阻約為1.51.7。12、 (1)砝碼 減小 間隔相等(均勻) (2) 【解析】（1）平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)不掛砝碼，則平衡小車所受阻力時(shí)應(yīng)取下砝碼；打出的紙帶如圖乙所示說(shuō)明小車加速運(yùn)動(dòng)，故應(yīng)減小傾角，反復(fù)調(diào)節(jié)，直到紙帶上打出的點(diǎn)跡間隔相等（均勻）為止。（2）設(shè)小車的質(zhì)量為m，則有F=（m+m）a，變形得，所以-m圖象的斜率為，所以作用力F=，-m圖象的截距為，所以m=。【點(diǎn)