2020年天津學業(yè)水平等級考適應性測試一模物理試題版含解析

1、莘莘學子，最重要的就是不要去看遠方模糊的，而要做手邊清楚 的事。每一日所付出的代價都比前一日高，因為你的生命又消短了一 天，所以每一日都要更用心。這天太寶貴，不就應為酸苦的憂慮和辛 澀的悔恨所銷蝕，抬起下巴，抓住這天，它不再回來。加油！ ！2020年天津市學業(yè)水平等級考適應性測試物理第I卷注意事項：.每題選出答案后，用鉛筆將答題卡上對應題目的答案標號涂黑。 如需改動，用橡 皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。.本卷共8題，每題5分，共40分。一、單項選擇題（每小題5分，共25分。每小題給出的四個選項中，只有一個選 項是正確的）.對于一定質量的理想氣體，在溫度保持不變的情況下，若氣體體積增大，則（）

2、A.氣體分子的平均動能增大B.單位時間內氣體分子碰撞器壁的次數增加C.氣體壓強一定減小D.氣體對外做功，內能一定減少【答案】C.電子是組成原子的基本粒子之一。下列對電子的說法中正確的是（A.密立根發(fā)現電子，湯姆孫最早測量出電子電荷量為1.6 10 19 CB.氫原子的電子由激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時，向外輻射光子，原子能量增加C.金屬中的電子吸收光子逸出成為光電子，光電子最大初動能等于入射光子的能量D.天然放射現象中的 3射線實際是高速電子流，穿透能力比“射線強【答案】D【解析】【詳解】A .湯姆孫發(fā)現電子，湯姆孫最早測量出電子電荷量為1.1 1019C,密立根最終測得電子電荷量為1.6 1019c，

3、故A錯誤;B .氫原子的電子由激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時，向外輻射光子，原子能量減少，故B錯誤；C.光電子最大初動能等于入射光能減去逸出功，故 C錯誤；D.天然放射現象中的 3射線實際是高速電子流，穿透能力比射線強，故D正確.故選D.3.如圖所示，石拱橋的正中央有一質量為m的對稱楔形石塊，側面與豎直方向的夾角均為a,重力加速度為g.不計石塊接觸面間的摩擦，則該石塊其中一個側面受到的彈力大小為AkB.潦【答案】B【解析】【詳解】對石塊受力分析，如圖所示：C.mg2tanmgtan2根據共點力平衡條件，將彈力F1、F2合成，結合幾彳S關系，有 F1=F2=F,則有:mg=2XFcos （90-a）,所以解

4、得：F mg ,故 B 正確，ACD 錯誤.2sin4.2019年5月17日，我國成功發(fā)射第 45顆北斗導航衛(wèi)星，該星屬于地球靜止軌道衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）。該衛(wèi)星入軌后（）A.可以飛過天津市正上方B.周期大于地球自轉周期C.加速度等于重力加速度D.速度小于第一宇宙速度【答案】D【解析】【詳解】A.因為北斗導航衛(wèi)星是地球同步衛(wèi)星，只能在赤道上方，故A錯誤.B.同步衛(wèi)星的周期等于地球自轉周期，故 B錯誤.C.由：MmG-rt mg因為同步衛(wèi)星軌道半徑大于地球半徑，故加速度小于重力加速度，故C錯誤.D.第一宇宙速度是最小的發(fā)射速度，最大的環(huán)繞速度，由：MmR2可知同步衛(wèi)星的速度小于第一宇宙速度，故D正確

5、.故選D.5.如圖所示，圖線a是線圈在勻強磁場中勻速轉動時產生的正弦交流電的圖像，當調整線圈轉速后，所產生的正弦交流電的圖像如圖線b所示.以下關于這兩個正弦交流電的說法中正確的是（）A.線圈先后兩次車t速之比為1 ： 2B.交流電a的電壓瞬時值u=10sin0.4 4V）C.交流電b的電壓最大值為20 V3D.在圖中t=0時刻穿過線圈磁通量為零【答案】C【解析】 試題分析：由圖可知，周期Ta=0.4S, Tb=0.6s,則線圈先后兩次轉速之比 金：nb=Tb： Ta=3： 2.故A錯誤.由圖電壓最大值 Um = 10V,周期Ta=0.4S, M=學 二與mrdfE ,交流電壓的瞬時值表達式為u

6、=Umsin co t=10sin5 .兀物B錯誤.由電動勢的最大值Em=NBSco,則兩個電壓最大之值20比Uma： Umb=coa： cob=3： 2,則交流電b電壓的最大值為 三-尸.故C正確.t=0時刻U=0,根 3據法拉第定律，磁通量變化率為零，而磁通量最大.故 D錯誤.故選C考點：考查交流電的有效值、峰值、磁通量 點評：本題難度較小，要根據電動勢最大值表達式研究電壓最大值之間的關系.至于電壓與 磁能量的關系，根據法拉第電磁感應定律分析二、不定項選擇題（每小題5分，共15分。每小題給出的四個選項中，都有多個選項是正確的。全部選對的得 5分，選對但不全的得3分，選錯或不答的得0分）.如

7、圖所示，由紅、紫兩種色光組成的復色光束PO,沿半徑方向由空氣射入玻璃半圓柱后,被分成沿圖示方向射出的兩光束OA和OB,則下列判斷正確的是（）A. OA是單色光OA是復色光OB是單色光D. OB為復色【答案】AD【詳解】由圖可知 OB為反射光，所以OB應為復色光；而折射后只有一束光線，故有一光發(fā)生的全反射，而紅光與紫光相比較，紫光的臨界角要小，故紫光發(fā)生了全反射，所以 OA是紅光,V t圖像如圖所為單色光；故選AD.將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運動至最高點的過程中,示.以下判斷正確的是（）A.前3s內貨物處于超重狀態(tài).最后2s內貨物只受重力作用C.前3s內與最后2s內貨物的平均速度

8、相同D.第3s末至第5s末的過程中，貨物的機械能守恒【答案】AC【解析】【詳解】前3s內貨物速度增大，加速度向上，處于超重狀態(tài)，A正確；最后2s內貨物的加速一, 6 022 度為a m/ s 3m/ s g ,受重力和拉力作用，B錯誤；刖 3s內的平均速度266Vi -m/s 3m/ s,后2s內的平均速度 v2 -m/s 3m/ s ,兩段時間內的平均速度相22同.故C正確；3到5s內物體做勻速直線運動，動能不變，高度增大，重力勢能增加，所以機械能不守恒，D錯誤.【此處有視頻，請去附件查看】8.一簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=T時刻，該波的波形圖如圖（a）所示，P、Q是介質中的 2兩個質點

9、.圖（b）表示介質中某質點的振動圖像.下列說法正確的是A.質點Q的振動圖像與圖（b）相同B.在t=0時刻，質點P的速率比質點 Q的大C.在t=0時刻，質點P的加速度的大小比質點D.平衡位置在坐標原點的質點的振動圖像如圖【答案】CD【解析】【詳解】A.簡諧機械波沿x軸正方向傳播，在Q的大（b）所示t J時刻，質點Q的振動方向向上，而在振動圖象上在t 2時刻質點的振動方向向下，所以圖(b)不是質點Q的振動圖象，故 A錯誤；B.在t=0時刻，質點P位于波谷，速度為零，質點Q位于平衡位置，則質點P的速率比質點 Q的小，故B錯誤；kx C.在t=0時刻，質點P的位移比質點 Q的大，由公式a，則質點P的加

10、速度的大小比 質點Q的大，故C正確;D.在t萬時刻，平衡位置在坐標原點的質點振動方向向下，與振動圖象相符，所以平衡位置在坐標原點的質點白振動圖象如圖(b)所示，故D正確.第II卷.用黑色墨水的鋼筆或簽字筆將答案寫在答題卡上。.本卷共4題，共60分。9.某同學為驗證小球做自由落體運動時機械能守恒組裝了圖示裝置，并采用作出圖像的方法得到結論。圖中O點為釋放小球的初始位置， A、B、C、D各點固定有速度傳感器，小球的初始位置和各傳感器在同一豎直線上。(1)已知當地的重力加速度為g,則要完成實驗，需要測量的物理量是 。A.小球的質量mB.小球下落到每一個速度傳感器時的速度vC.各速度傳感器與O點之間的

11、豎直距離 hD.小球自O點下落到每一個速度傳感器所用的時間t(2)他應作出 圖像，由圖像算出其斜率k,當k接近 時，可以認為小球在下落過程中機械能守恒。(3)寫出對減小本實驗誤差有益的一條建議 ?！敬鸢浮?1). BC (2). v2 h (3). 2g (4).相鄰速度傳感器間的距離適當大些；選用質量大、體積小的球做實驗【解析】【詳解】(1)1小球做自由落體運動時，由機械能守恒定律得:mgh1 2 一 mv2即:gh故需要測量小球下落到每一個速度傳感器時的速度v和高度h;不需要測量小球的質量m和下落時間時間t.故選BC.(2)23由(1)可得:2v 2gh則應該做出v2 h圖象；當圖像的斜率

12、 k接近2g時可以認為小球在下落過程中機械能守恒 (3)4為了減小測量的相對誤差，建議相鄰速度傳感器間的距離適當大些；為減小空氣阻力的影響，建議選用質量大、體積小的球做實驗等.10.某同學測量一段長度已知電阻絲的電阻率。實驗操作如下：(1)如圖所示的螺旋測微器，在測量電阻絲直徑時，先將電阻絲輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋動 (選填A、B”或C”)，直到聽見 喀喀”的聲音，以保證壓力適當，同時 防止螺旋測微器的損壞。第二步，將電壓表改接在 a、b兩端，測得5組電壓U2和電流I2的值，數據見下表:U2/V0.501.021.542.052.55I2 / mA20.040.060.080.010

13、0.0值，作出的U1Il關系圖像如圖所示。由此，可求得電阻絲的Rx ,再根據電阻定律可得到電阻絲的電阻率?！敬鸢浮?1). C【詳解】(1)1為保護螺旋測微器，將電阻絲輕輕地夾在測砧與測微螺桿之間，再旋動微調鈕C,直到聽見 喀喀”的聲音，以保證壓力適當，同時防止螺旋測微器的損壞。(2)2根據圖示實物圖做出的電路圖如圖所示:3由Ui Ii關系圖可知:當電壓表改接在a、b兩端時有:RaRo則電阻絲阻值:Ui1l1.96340 1049U22.04I280 10 325.5Rx49 25.523.5.如圖所示，勻強磁場中有一個用軟導線制成的單匝閉合線圈，線圈平面與磁場垂直.已知 線圈的面積S=0.3

14、m2、電阻R=0.6 Q,磁場的磁感應強度 B=0.2T.現同時向兩側拉動線圈，線圈 的兩邊在困=0.5s時間內合到一起.求線圈在上述過程中(1)感應電動勢 平均值E;(2)感應電流的平均值I,并在圖中標出電流方向；(3)通過導線橫截面的電荷量q.t代入數據得：E=0.12V；(2)由閉合電路歐姆定律可得:平均電流I ER代入數據得I=0.2A由楞次定律可得，感應電流方向如圖:q=I?t代入數據得q=0.1C.某砂場為提高運輸效率，研究砂粒下滑的高度與砂粒在傳送帶上運動的關系，建立如圖所示的物理模型.豎直平面內有一傾角。=37。的直軌道AB,其下方右側放置一水平傳送帶，直軌道末端B與傳送帶間距

15、可近似為零，但允許砂粒通過.轉輪半徑R= 0.4m、轉軸間距L=2m的傳送帶以恒定的線速度逆時針轉動，轉輪最低點離地面的高度H = 2.2m.現將一小物塊放在距離傳送帶高h處靜止釋放，假設小物塊從直軌道B端運動到達傳送帶上 C點時，速度大小不變，方向變?yōu)樗较蛴?已知小物塊與直軌道和傳送帶間的動摩擦因數均為嚴0.5. (sin37 = 0.6; g= 10m/s2)(1)若h = 2.4m,求小物塊到達 B端時速度的大??；(2)改變小物塊釋放的高度h,小物塊從傳送帶的 D點水平向右拋出，求小物塊落地點到D點的水平距離x與h的關系式及h需要滿足的條件.【答案】（1） VB=4m/s；（2） x=

16、2jh- 3h3.6m【解析】【詳解】(1)物塊由A到B的過程中，由牛頓第二定律可得:mgsin mgcosma1由運動學公式可得:聯立，代入數據可解得:hVb = 2ai sinvB 4m/ s(2)從A到D的過程中，由動能定理可得:mgh - mgcosh sinmgL =；mvD - 0從D點拋出后，由平拋運動規(guī)律可得:2R2 gtx VDt聯式可解得：x = 2 , h-3為使能在D點水平拋出則滿足條件為：2 mg m代入數據可解得：h 3 3.6m13.【加試題】有一種質譜儀由靜電分析器和磁分析器組成，其簡化原理如圖所示.左側靜電分析器中有方向指向圓心。、與。點等距離各點的場強大小相

17、同的徑向電場，右側的磁分析器中分布著方向垂直于紙面向外的勻強磁場，其左邊界與靜電分析器的右邊界平行，兩者間距近似為零.離子源發(fā)出兩種速度均為 Vo、電荷量均為q、質量分別為 m和0.5m的正離子束，從M點垂直該點電場方向進入靜電分析器.在靜電分析器中，質量為m的離子沿半徑為ro的四分之一圓弧軌道做勻速圓周運動，從 N點水平射出，而質量為 0.5m的離子恰好從 ON連線 的中點P與水平方向成 。角射出，從靜電分析器射出的這兩束離子垂直磁場方向射入磁分析器中，最后打在放置于磁分析器左邊界的探測板上，其中質量為m的離子打在。點正下方的Q.mv24點.已知OP=0.5r。，OQ=ro, N、P兩點間的電勢差 U np , cos 0 J,不計重力和離q5子間相互作用.(1)求靜電分析器中半徑為 0處的電場強度E0和磁分析器中的磁感應強度B的大小；(2)求質量為0.5m的離子到達探測板上的位置與 O點的距離l (用ro表示)；(3)若磁感應強度在(B-AB)到(B+AB)之間波動，要在探測板上完全分辨出質量為m和0.5m的兩束離子，求B鉆白“的取大值B