2022-2023學年海南省文昌僑中高三物理第一學期期中聯(lián)考試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、如圖所示，將一個內(nèi)、外側(cè)均光滑的半圓形槽置于光滑的水平面上，槽的左側(cè)有一豎直墻壁現(xiàn)讓一小球自左端槽口A點的正上方由靜止開始下落，從A點與半圓形槽相切進入槽內(nèi)，則下列說法正確的是()A小球在半圓形槽內(nèi)運動的全過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒B小球從A點向半圓形槽的最低點運動的過程中，小球處于失重狀態(tài)C小球從A點經(jīng)最低點向右側(cè)最高點運動的過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒D小球從下落到從右側(cè)離開槽的過程中機械能守恒2、隨著世界航空事業(yè)的發(fā)展，深太空探測已逐漸成為各國關(guān)注的熱點假設(shè)深太空中有一顆外星球，質(zhì)量是地球質(zhì)量的2倍，半徑是地球半徑的，則下列判斷正確的是：（

3、 ）A該外星球的同步衛(wèi)星周期一定小于地球同步衛(wèi)星周期B某物體在該外星球表面上所受重力是在地球表面上所受重力的4倍C該外星球上第一宇宙速度是地球上第一宇宙速度的2倍D繞該外星球的人造衛(wèi)星和以相同軌道半徑繞地球的人造衛(wèi)星運行速度相同3、如圖所示，在“托球跑”趣味比賽中，若運動員沿水平面勻加速直線跑球拍平面與水平方向的夾角為時，網(wǎng)球與球拍保持相對靜止球拍和網(wǎng)球的質(zhì)量分別為M、m，不計摩擦力和空氣阻力，重力加速度為g則下列說法正確的是A球拍對球的作用力太小為mgB運動員對球拍的作用力大小為（M+m)gC運動員的加速度大小為gtanD若加速度大于gsin，球一定沿球拍向上運動4、如圖所示，真空中有一平行

4、板電容器，電容為C，兩極板 M、N 分別由銀和鈉(其極限頻率分別為v1和v2)制成，板間距離為 d。現(xiàn)用頻率為 v(v2vv1)的單色光持續(xù)照射兩極板內(nèi)表面，設(shè)電子的電荷量為 e，則電容器兩個極板最終帶電情況是( )AN 極板帶負電，帶電荷量為BN 極板帶正電，帶電荷量為CM 極板帶負電，帶電荷量為DM 極板帶正電，帶電荷量為5、如圖所示，bc為固定在小車上的水平橫桿，物塊M穿在桿上并通過輕細線懸掛著一個小鐵球 m，當小車以大小為a的加速度向右做勻加速直線運動時，物塊M依靠摩擦力與桿保持相對靜止，細線與豎直方向的夾角為，若小車的加速度逐漸增大到2a，物塊M仍與桿保持相對靜止，則A細線與豎直方向

5、的夾角增加到原來的2倍B細線的拉力增加到原來的2倍C橫桿對M的彈力保持不變D橫桿對M的摩擦力保持不變6、通常情況下，地球上兩個物體之間的萬有引力是極其微小以至于很難被直接測量，人們在長時間內(nèi)無法得到引力常量的精確值在牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律一百多年以后的1789年，英國物理學家卡文迪許巧妙地利用如圖所示的扭秤裝置，才第一次在實驗室里比較精確地測出了萬有引力常量在如圖所示的四個實驗中，與“卡文迪許扭秤實驗”中測量微小量的思想方法最相近的是A研究力的合成的規(guī)律B觀察桌面的形變C探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系D伽利略設(shè)想斜面傾角為越接近90，小球滾下的運動越接近自由落體運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小

6、題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關(guān)于靜電場的電場強度，下列說法正確的是A電場中某點不放檢驗電荷時，該點電場強度等于零B電場中某點的場強方向與放入該點的檢驗電荷的正負無關(guān)C電場中某點的場強大小與放入該點的檢驗電荷的正負無關(guān)D由可知，電場強度與成正比，與成反比8、如圖所示，兩個物塊A、B用輕質(zhì)彈簧相連接，放置在傾角為300的光滑斜面上，它們的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一垂直斜面的固定擋板，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)用力F沿斜面方向拉物塊A使之向上運動，當物塊B剛離開C時，撤去拉力F，重力加速度為g

7、。則此過程中（）。A物塊A沿斜面運動的移動大小為mg2kB物塊A的機械能先增大后減小C物塊A,B及彈簧所組成的系統(tǒng)機械能一直增大D剛撤去拉力瞬間，物塊A的加速度大小為g9、下列說法正確的是A在較暗的房間里，看到透過窗戶的“陽光柱”里粉塵的運動是布朗運動B擴散現(xiàn)象表明分子在做永不停息地運動C已知某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量為M,密度為，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該種物質(zhì)的分子體積為D隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，分子勢能不一定減小E.內(nèi)能相同的物體，溫度可能不同10、如圖所示， MN為同一豎直線上相距為h的兩點，空間存在豎直平面內(nèi)方向未知的勻強電場。一帶電小球（m、q）從M點以速度v0=水平拋出，

8、剛好能夠通過N點，過N點時速度大小v=2，重力加速度為g，則（ ）A小球從M到N點動能變化量為3mghB電場強度E=C小球從M到N點用時t=D小球從M到N點用時t=三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）研究性學習小組為驗證動能定理，采用了如圖1所示的裝置，其中m150 g、m2150 g，開始時保持裝置靜止，然后釋放物塊m2，m2可以帶動m1拖著紙帶打出一系列的點，只要對紙帶上的點進行測量，即可驗證動能定理某次實驗打出的紙帶如圖2所示，0是打下的第一個點，兩相鄰點間還有4個點沒有標出，交流電頻率為50 Hz.(1)打第5個點時的速度

9、大小為_m/s，在打點05的過程中，系統(tǒng)動能的增量Ek_J.(2)忽略一切阻力的情況下，某同學作出的h圖象如圖3所示，則當?shù)氐闹亓铀俣萭_m/s2.12（12分）某實驗小組設(shè)計了“探究加速度與合外力關(guān)系”的實驗，實驗裝置如圖所示已知小車的質(zhì)量為500克，g取10m/s2，不計繩與滑輪間的摩擦實驗步驟如下： (1)細繩一端系在小車上，另一端繞過定滑輪后掛一個小砝碼盤(2)在盤中放入質(zhì)量為m的砝碼，用活動支柱將木板固定有定滑輪的一端墊高，調(diào)整木板傾角，恰好使小車沿木板勻速下滑(3)保持木板傾角不變，取下砝碼盤，將紙帶與小車相連，并穿過打點計時器的限位孔，接通打點計時器電源后，釋放小車(4)取下紙

10、帶后，在下表中記錄了砝碼的質(zhì)量m和對應的小車加速度a(5)改變盤中砝碼的質(zhì)量，重復(2)(3)步驟進行實驗 某次實驗用打點計時器（交流電的頻率為50Hz）研究小車的運動,紙帶記錄如圖所示,從O點開始每打五個點取一個計數(shù)點,根據(jù)紙帶計算小車過e點的對應速度ve=_m/s,小車的加速度是_m/s2.某同學按照下表中的測量結(jié)果在坐標紙上作出a-mg圖象（_）實驗次數(shù)1234567m/kg0.020.040.050.060.070.080.10a/（ms-2）1.401.792.012.202.382.613.02上述圖象不過坐標原點的原因是：_根據(jù)（）問中的圖象還能求解哪些物理量？其大小為多少？_你

11、認為本次實驗中小車的質(zhì)量是否要遠遠大于砝碼的質(zhì)量：_（選填“是”或“否”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如下圖為某機場旅客行李水平傳輸裝置一部分的俯視圖，它由傳送帶和轉(zhuǎn)盤組成.行李箱從A處無初速放到傳送帶上，運動到B處后隨轉(zhuǎn)盤一起勻速轉(zhuǎn)動(無相對滑動)，到C處被取走.已知A、B兩處的距離L=10m，傳送帶的傳輸速度v=2.0m/s，行李箱在轉(zhuǎn)盤上與軸O的距離R=4.0m，行李箱與傳送帶間的動摩擦因數(shù)1=0.25(1)若行李箱在轉(zhuǎn)盤上的最大靜摩擦力可視為與滑動摩擦力大小相等，則行李箱與轉(zhuǎn)盤間的動摩擦因數(shù)

12、2至少為多大？(2)若行李箱的平均質(zhì)量為5kg，傳送帶平均每分鐘傳輸送20個行李箱，則工作半小時傳送帶電動機因為傳送行李箱需要輸出的能量多大？14（16分）在某星球表面輕繩約束下的質(zhì)量為m的小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動，小球在最高點時繩子拉力為F1，在最低點時繩子拉力為F1假設(shè)星球是均勻球體，其半徑為R，已知萬有引力常量為G，不計一切阻力，求：（1）求星球表面重力加速度；（1）求該星球的密度15（12分）如圖所示，質(zhì)量為5kg的物塊自傾角為37的傳送帶上由靜止下滑，物塊經(jīng)過水平地面CD后進入光滑半圓弧軌道DE，傳送帶向下勻速轉(zhuǎn)動，其速度v=10m/s，傳送帶與水平地面之間光滑連接（光滑圓弧BC長

13、度可忽略），傳送帶AB長度為16m，水平地面 CD長度為6.3 m，物塊與水平地面、傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為=0.5，圓弧DE的半徑R=1.125m（sin 37=0.6，cos 37=0.8）（1）求物塊在傳送帶上運動時系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量；（2）物塊到達E點時的速度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.小球從A點到最低點的過程中，豎直墻對半圓形槽有向左的彈力的作用，所以這個過程小球與槽組成的系統(tǒng)在水平方向上動量不守恒故A錯誤；B.小球從A點向半圓形槽的最低點運動的過程中，先失重后超重，故B錯誤；C.小球在

14、槽內(nèi)運動的全過程中，從剛釋放到最低點，只有重力做功，而從最低點開始上升過程中，除小球重力做功外，還有槽對球作用力做負功所以小球的機械能不守恒，但球?qū)Σ圩饔昧ψ稣?，兩者之和正好為零所以小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒故C正確，D錯誤；【點睛】本題重在考查動量守恒和機械能守恒，對這類問題我們首先明確我們的研究對象，以及研究對象所參與的運動過程，然后再結(jié)合動量守恒和機械能守恒的條件來判斷2、C【解析】根據(jù)，解得：，而不知道同步衛(wèi)星軌道半徑的關(guān)系，所以無法比較該外星球的同步衛(wèi)星周期與地球同步衛(wèi)星周期關(guān)系，故A錯誤；根據(jù)，解得：，所以，故B錯誤；根據(jù)解得：，所以，故C正確；根據(jù)C分析可知：，軌道半徑相同，

15、但質(zhì)量不同，所以速度也不一樣，故D錯誤3、C【解析】以小球為研究對象，受力分析如圖所示?？汕笄蚺膶η虻淖饔昧=mg/cos，所以A錯誤；合外力為F合=mgtan=ma，可求小球的加速度為a=gtan，小球與運動員的加速度相同，故運動員的加速度也是gtan，所以C正確；把球和球拍視為一個整體，整體加速度為gtan，合外力（M+m)gtan，根據(jù)矢量三角形法則可求人對球拍的作用力為F1=（M+m)g/cos，所以B錯誤；而gtangsin，由題意知，小球沒有沿球拍向上運動，D錯誤。4、B【解析】AD現(xiàn)用頻率為v（v1vv1）的單色光持續(xù)照射兩板內(nèi)表面，根據(jù)光電效應的條件，知單色光只有照射鈉板才能

16、發(fā)生光電效應。可知N極板將帶正電，M極板帶負電，選項AD錯誤；BC通過光電效應方程知，光電子的最大初動能EK=hv-hv1臨界狀態(tài)是電子減速到負極板時速度剛好減速為零。根據(jù)動能定理有：eU=EKm=hv-hv1平行板電容器的電容為C，由Q=CU，所以兩個極板的帶電量是相等的。選項B正確，C錯誤。5、C【解析】對小球受力分析，受重力mg和細線的拉力T，如圖根據(jù)牛頓第二定律，水平方向有：豎直方向受力平衡有：再對m和M整體受力分析，受總重力(Mm)g、橫桿支持力N、橫桿摩擦力f，如圖根據(jù)牛頓第二定律，水平方向有：豎直方向受力平衡有：由以上可解得：，由以上表達式可知：A.的正切變?yōu)樵瓉淼?倍，但不是2

17、倍，故A錯誤;B.由拉力表達式可知，拉力T也不是增大為原來2倍，故B錯誤；C.橫桿對M的彈力保持不變，等于總重，故C正確；D.橫桿對M的摩擦力增大為原來2倍，故D錯誤；6、B【解析】“卡文迪許扭秤實驗”中測量微小量的思想方法為放大法，而A中采用的等效替代法，B采用的放大法，C采用的控制變量法，D采用了理想實驗與推論的方法，故ACD錯誤，B正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】電場強度的方向與正電荷所受電場力方向相同，與負電荷所受電場力方向相反，電場中某點

18、的場強方向與放入電場中電荷的電性無關(guān)；電場強度等于電荷所受電場力和該電荷電量的比值，即，與放入電場中的檢驗電荷，以及放入電場中的電荷的電荷量、受力均無關(guān)，由電場本身性質(zhì)決定；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符，故B正確；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤。8、CD【解析】開始時彈簧的壓縮量x1=mgsin30k=mg2k當物塊B剛離開C時，彈簧的伸長量x2=mgsin30k=mg2k所以物塊A沿斜面運動的位移大小為 x=x1+x2=mgk，故A錯誤。彈簧從壓縮狀態(tài)到恢復原長的過程中，彈簧的彈力和拉力F都對A做正功，由功能原理知A的機械能增大。彈簧從原長到伸長的過程中，由于

19、拉力F大于彈簧的彈力，除重力以外的力對A做正功，所以A的機械能增大，因此A的機械能一直增大，故B錯誤。由于拉力F一直做正功，所以由功能原理知：物塊A、B及彈簧所組成的系統(tǒng)機械能一直增大，故C正確。剛撤去拉力瞬間，物塊A的加速度大小a=mgsin30+F彈m=mgsin30+mgsin30m=g，故D正確。故選CD。【點睛】本題是連接體問題，關(guān)鍵是正確分析物體的受力情況，判斷能量的轉(zhuǎn)化情況。要靈活運用功能原理分析物體機械能的變化情況。9、BDE【解析】A. 布朗運動是懸浮在液體或氣體中固體小顆粒的無規(guī)則運動，在較暗的房間里可以觀察到射入屋內(nèi)的陽光中有懸浮在空氣里的小顆粒在飛舞，是由于氣體的流動，

20、這不是布朗運動，故A錯誤；B. 擴散現(xiàn)象就是物質(zhì)分子的無規(guī)則運動，它直接反映了組成物質(zhì)的分子永不停息地做無規(guī)則運動，故B正確；C. 已知某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量為，密度為，阿伏加德羅常數(shù)為，則該種物質(zhì)的每個分子占據(jù)空間的體積為；如果是氣體，分子間隙遠大于分子直徑，分子體積未知，故C錯誤；D.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，當分子力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能減小，當分子力表現(xiàn)為引力時，分子勢能增大，故D正確；E. 溫度是分子平均動能的標志，內(nèi)能相同的物體，溫度不一定相同，故E正確。10、ABD【解析】A根據(jù)動能定理可得小球從M到N點動能變化量為：，解得：Ek3mgh故A符合題意。BCD將小球的運動

21、分解為水平方向的運動與豎直方向的運動，由于豎直方向重力與電場力都做正功，可知在豎直方向電場力的分量豎直向下；由于N點恰好在M點的正下方，選擇豎直方向為y方向，水平方向為x方向，則電場力沿水平方向的分量不做功，所以：WFyh，根據(jù)動能定理得：W+mghmv2mv02，解得電場力沿豎直方向的分量為：Fy2mg小球沿豎直方向的加速度為：，根據(jù)得小球運動的時間為：小球到達N點時沿豎直方向的分速度為：vyayt，小球沿水平方向的分速度為：。在水平方向上根據(jù)動量定理有：Fxtmvxmv0。所以有：Fx2mg則小球受到的電場力為：，所以電場強度為：故BD符合題意，C不符合題意。三、實驗題：本題共2小題，共1

22、8分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (1)2.40 (2) 0.576 (3) 9.67 【解析】（1）兩相鄰點間還有4個點沒有標出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s，打第5個點時的速度大小為 ;在打點05的過程中，系統(tǒng)動能的增量 （2）根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒有：（m2-m1）gh=（m1+m2）v2則 知圖線的斜率 解得：g=9.67m/s212、0.196 3.92 沒有考慮砝碼盤的質(zhì)量 砝碼盤的質(zhì)量為m=0.05kg 是 【解析】(5)1 小車過e點的對應速度為df段的平均速度；2由可得；3在坐標紙上做出圖像為4當沒有砝碼的時候，還有加速度，說明合外力不

23、為零，即沒有考慮砝碼盤的質(zhì)量；5砝碼盤的重力充當合外力，通過截距可以求得砝碼盤的質(zhì)量為m=0.05kg；6設(shè)繩中拉力為T，則對小車由牛頓第二定律可得對鉤碼牛頓第二定律可得兩式聯(lián)立可得，本實驗需要鉤碼的重力約為小車所受合力，因此需要，即需要小車質(zhì)量遠大于鉤碼質(zhì)量四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1) 0.1；(2) 12000J【解析】行李箱放在傳送帶上，先做勻加速直線運動，由牛頓第二定律和運動學公式結(jié)合求出此過程的位移，與傳送帶長度比較，分析有無勻速直線運動過程，求出行李箱到達轉(zhuǎn)盤時的速度.行李箱在轉(zhuǎn)盤上所受的

24、靜摩擦力提供向心力，當物品恰好要滑動時，靜摩擦力達到最大值，根據(jù)牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)2的最小值；先求出傳送一個行李箱需要做的功，然后求出半小時傳送行李箱需要做的功。【詳解】（1）設(shè)物品質(zhì)量為m，物品先在傳送帶上做初速度為零的勻加速直線運動，其位移大小為s1由牛頓第二定律得：1mg=ma，由勻變速運動的速度位移公式得：v2=2as1，解得：a=2.5m/s2，s1=0.8mL=10m，行李箱速度與傳送帶速度相等后，行李箱和傳送帶一起以速度v做勻速運動，行李箱加速運動的時間：t=va=22.5=0.8s，物體達到轉(zhuǎn)盤時的速度為：v=2m/s，物品在轉(zhuǎn)盤上所受靜摩擦力提供向心力，2最小時達最大靜摩擦力，由牛頓第二定律得：2mg=mv2R，解得：2=0.1；（2）運送一個行李箱傳送帶需要做的功為：W=12mv2+1mg(vt1-s1)=12522+0.25510(20.8-0.8)=20