高考動力學(xué)易錯糾正題含答案

1、高考牛頓三大定律易錯糾正、選擇題1、如圖所示，A、B為同一水平線上的兩個繞繩裝置，轉(zhuǎn)動A、B改變繩的長度，使光滑掛鉤下的重物C緩慢下降。關(guān)于此過程中繩上拉力大小的變化，下列說法中正確的是（）A.不變C.逐漸增大B.逐漸減/D.可能不變，也可能增大2、如圖所示，滑輪本身的質(zhì)量可忽略不計，滑輪軸O安在一根輕木桿 B上，一本輕繩 AC繞過滑輪，A端固定在墻上，且繩彳持水平， C端掛一重物，BO與豎直方向夾角0 =45。，系統(tǒng)保持平衡.若保持滑輪的位置不變， 改變0的大小，則滑輪受到木桿作用力大小變化情況是（）小A.只有角0變小，作用力才變大B.只有角0變大，作用力才變大C.不論角0變大或變小，作用力

2、都是變大D.不論角0變大或變小，作用力都不變3、（2016上海閘北模擬）如圖，質(zhì)量為 口的滑塊B置于水平地面上，質(zhì)量為 nA的滑塊A在一水平力F作用下 緊靠滑塊B（A、B接觸面豎直）。此時 A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知 A與B間的動摩擦因數(shù)為 科i, B與地面間的動摩擦因數(shù)為H 2,假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。重力加速度為g。則下列說法正確的是（FWF2 (m) gmA 12mA 12(D)W24、（2016 云南名校聯(lián)考）如圖所示，質(zhì)量為 m的木塊A放在質(zhì)量為 M的三角形斜劈 B上，現(xiàn)同時用大小為 Fi和F2、方向相反的水平力分別推木塊A和斜劈B,它們均靜止不動，則（）九人A. Fi、F2

3、一定等大反向二B.木塊A斜劈B間一定存在摩擦力C.斜劈B與地面間一定存在摩擦力D.地面又斜劈B的支持力的大小一定等于（M+ n）g5、（2016大連名校質(zhì)檢）如圖所示，小方塊代表一些相同質(zhì)量的鉤碼,中光滑的 輕質(zhì)小滑輪跨在輕繩上懸掛鉤碼，兩裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將圖圖1中O為輕繩之間連接的結(jié)點， 圖21中B滑輪的端點B稍稍右移一些，圖2中的端點B沿虛線稍稍上移一些，（2圖中的繩長不變）則關(guān)于圖化，下列說法正確的是（）A.圖1、圖2中的0角均增大，F(xiàn)均不變B.圖1、圖2中的0角均不變，F(xiàn)均不變C.圖1中0角增大、圖2中。角不變，張力F均不變D.圖1中0角減小、F不變，圖2中。角增大，F(xiàn)減小中0角和

4、OB繩的張力F的變6、【湖南省長沙市長郡中學(xué) 2017屆高三上學(xué)期第二次周測】）如圖所示，光滑水平面上，質(zhì)量分別為n M4 ,則此時木塊 A、B間的距離為:r Ma)MFc、4-財+的木塊A、B在水平恒力F作用下一起以加速度 a向右做勻加速運動，木塊間的輕質(zhì)彈簧勁度系數(shù)為k,原長為7、如圖，豎直放置在水平面上的輕質(zhì)彈簧上放置一質(zhì)量1kg的物體A,處于靜止?fàn)顟B(tài)，若將一質(zhì)量為3kg的物體B豎直向下輕放在 A上的一瞬間，則 B對A的壓力大小為（g=10m/s2）:30N0-ATc. _8、如圖所示，質(zhì)量為 m的物體用細(xì)繩拴住放在水平粗糙的傳送帶上，物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為科，當(dāng)傳送帶分別以V1、

5、V2的速度做逆時針運動時（V1VV2）,繩中的拉力分別為 Fi、F2,則下列說法正確的是（）A.物體受到的摩擦力FfK Ff2B.物體所受摩擦力方向向右C.Fi= F2D.傳送帶速度足夠大時，物體受到的摩擦力可為 09、（貴州省貴陽市第一中學(xué)2016屆高三預(yù)測密卷（新課標(biāo) II卷）理科綜合物理試題）如圖所示，質(zhì)量分別為MA和M的A、B兩小球分別連在彈簧兩端，B端用細(xì)線固定在傾角為 30。的光滑斜面上，若不計彈簧質(zhì)量，在線被剪斷瞬間，A、B兩球的加速度分別為（） A.者B等于2B. 2和0D. 0 和 明10、如圖5-3所示，細(xì)線的一端系一質(zhì)量為m的小球，另一端固定在傾角為0的光滑斜面體頂端，細(xì)

6、線與斜面平行。在斜面體以加速度 a水平向右做勻加速直線運動的過程中，小球始終靜止在斜面上，小球受到細(xì)線的拉 TOC o 1-5 h z 力T和斜面的支持力為 Fn分別為(重力加速度為g)()T=m(gsin0 + acos 0 ),Fn=m(gcos0 - asin0 )T=mgsin0 + acos 0 ),Fn=m(gsin0 - acos0 )T=macos0 - gsin 0 ),Fn=m(gcos0 + asin0 )T=m(asin 0 - gcos 0 ) , Fn= m(gsin 0 + acos 0 )圖5-312、（云南省玉溪市第一中學(xué) 2016屆高三下周第七次月考理科綜合

7、R理試題）如圖所示，光滑水平面上放置11、（2016福建省二校聯(lián)考）如圖2-1所示，小車沿水平地面向右勻加速直線運動，固定在小車上的直桿與 水平地面的夾角為0 ,桿頂端固定有質(zhì)量為 m的小球.當(dāng)小車的加速度逐漸增大時，桿對小球的作用力變化的質(zhì)量分別為 m 2m和3m的三個木塊，其中質(zhì)量為2m 3m的木塊間用一不可伸長的輕繩相連，輕繩能承受的最大拉力為To現(xiàn)用水平拉力F拉其中一個質(zhì)量為 3m的木塊，使三個木塊以同一加速度運動，則以下說法正確的是A.質(zhì)量為2m的木塊受到四個力的作用B.當(dāng)F逐漸增大到T時，輕繩剛好被拉斷C.當(dāng)F逐漸增大到1.5 T時，輕繩還不會被拉斷D.輕繩剛要被拉斷時，質(zhì)量為m和

8、2m的木塊間的摩擦力為13、（2016 大連一模）如圖所示，用水平力F拉著三個物體 A B、C在光滑的水平面上一起運動?，F(xiàn)在中間物體 上另置一小物體，且拉力不變，那么中間物體兩端繩的拉力大小Ta和Tb的變化情況是（）A.Ta增大,Tb減小C.Ta減小,Tb增大B.T a增大,Tb增大D.Ta減小,Tb減小14、如圖所示，質(zhì)量為 m的木塊和質(zhì)量為 m的長木板疊放在水平地面上.現(xiàn)對木塊施加一水平向右的拉力F,木塊在長木板上滑行，而長木板保持靜止?fàn)顟B(tài).己知木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)為i,長木板與地面間的動第19題圖摩擦因數(shù)為42,且最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等。下列說法正確的是A 木塊受到的摩才察力

9、大小為 -i ( m+ m)gB .長木板受到的摩擦力大小為4 2 (m+ m) gC.若改變F的大小，當(dāng)Fi(m+m)g時，長木板將開始運動D.若將F作用于長木板，長木板與木塊有可能會相對滑動15、如圖所示，質(zhì)量為M的長木板位于光滑水平面上，質(zhì)量為m的物塊靜止在長木板上，兩者之間的滑動摩擦因數(shù)為由，現(xiàn)對物塊m施加水平向右的恒力F,若，f1力F超過某一臨界數(shù)值，長木板與物塊將出現(xiàn)相對滑動。重力加速度大小為 g,物塊與長木板之間的最大靜摩擦力等于兩者之間的滑動摩擦力。則恒力F的臨界數(shù)值為用-.m.m 萬 I21虱+ j(1 +“打門，“第m門，門，門，A.B.C. 一 二二D. 逸16、某科研單

10、位設(shè)計了一空間飛行器，飛行器從地面起飛時，發(fā)動機(jī)提供的動力方向與水平方向夾角”=60。，使飛行器恰恰與水平方向成0 =30。角的直線斜向右上方勻加速飛行，經(jīng)時間 t后，將動力的方向沿逆時針旋 轉(zhuǎn)60。同時適當(dāng)調(diào)節(jié)其大小，使飛行器依然可以沿原方向勻減速飛行，飛行器所受空氣阻力不計，下列說法中 TOC o 1-5 h z 不正確的是()A.加速時加速度的大小為一B.加速時動力的大小等于“一mC.減速時動力的大小等于一D.減速飛行時間2t后速度為零二、計算題17、【內(nèi)蒙古集寧一中2016屆高三上學(xué)期第一次月考理科綜合】如圖所示，質(zhì)量外4.0 kg的長木板 B靜止在光滑的水平地面上，在其右端放一質(zhì)量m

11、=1.0 kg的小滑塊2.0 m/s向左、向右運動，最后 求：A恰好沒有滑離B板.已知A、A (可視為質(zhì)點).初始時刻， A、B分別以V0=B之間的動摩擦因數(shù) 科=0.40 ,取g=10 m/s2.A B相對運動時的加速度aA和aB的大小與方向;A相對地面速度為零時,B相對地面運動已發(fā)生的位移大小x；木板B的長度L.18、12017 天津市和平區(qū)高三上學(xué)期期末質(zhì)量調(diào)查】如圖所示，傾角 “ =370、長度為x=9m的固定斜面，其底端與長木板 B上表面等高，原來 B靜止在粗糙水平地面上，左端與斜面接觸但不粘連，斜面底端與木板 B的上表面接觸處圓滑.一可視為質(zhì)點的小滑塊 A從斜面頂端處由靜止開始下滑

12、， 最終A剛好未從木板B上滑下.已知A、B的質(zhì)量相等，2加速度g取10m/s .(1)滑塊剛到達(dá)木板(2)通過計算分析當(dāng)A與斜面、B上表面間的動摩擦因數(shù)均為科1=0.5 , B與地面的動摩擦因數(shù)為科2=0.1,重力B時的速度V0；A滑上B的上表面后，B是否仍保持靜止;(3)從滑塊到達(dá)木板到與木板相對靜止所需的時間19、某飛機(jī)場利用如圖所示的傳送帶將地面上的貨物運送到飛機(jī)上，傳送帶與地面的夾角0 = 30。，傳送帶兩端A、B的長度L = 10m。傳送帶以v = 5m/s的恒定速度勻速向上運動。在傳送帶底端A輕輕放一質(zhì)量 m= 5kg的貨物，貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)求貨物從A端運送到B端所需的時

13、間。2.g 取 10m/s )20、如圖所示，質(zhì)量 M=1 kg的木板靜止在粗糙的水平地面上，木板與地面間的動摩擦因數(shù)1=0.1 ,在木板的左端放置一個質(zhì)量 n=1 kg、大小可以忽略的鐵塊，鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)(12=0.4,取g=10 m/s 2。試求:(1)若木板長L=1 m,在鐵塊上加一個水平向右的恒力F=8 N ,經(jīng)過多長時間鐵塊運動到木板的右端?F,通過分析和計算后，請在圖 2中畫出鐵塊受(2)若在鐵塊上施加一個大小從零開始連續(xù)增加的水平向右的力到木板的摩擦力f隨拉力F大小變化的圖象。(設(shè)木板足夠長)4 6 S 10 12 14 尸 N21、如圖所示質(zhì)量為 M=2kg,長度為L

14、長木板B靜止在光滑的水平面上。距木板右側(cè) s=0.5m處有一固定軌道，水平部分CD的長度L2=3m,右端部分為一豎直的光滑半圓軌道DEF半徑R=1m半圓與水平部分在 D點相切。某時刻質(zhì)量為 m=1kg的小滑塊A以V0=6m/s水平速度從長木板 B的左端滑上木板，之后 A、B向右運動。當(dāng)長木板 B與平臺CD碰撞瞬間小滑塊 A的速度為V1=4m/s,并且此時小滑塊 A恰好滑上平臺。在此過程中二者的速度時間圖像如圖所示。設(shè)長木板 B與平臺CD碰后立即粘連在一起，小滑塊與長木板B的動摩擦因數(shù)為 41未知，平臺CD間的動摩擦因數(shù)為 %，g=10m/s2。求:(1)碰撞瞬間木板 B的速度大小和木板B長度L

15、1(2)小滑塊A通過D點時對軌道的壓力大小22、如圖所示，以水平地面建立 工軸，有一個質(zhì)量為 例二比g的木塊(視為質(zhì)點)放在質(zhì)量為 酎二2kg的長木 板上，木板長I二1L5陷。已知木板與地面的動摩擦因數(shù)為 M =。，用與之間的摩擦因素 % 二 09 (設(shè) 最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)。即與保持相對靜止且共同向右運動，已知木板的左端 R點經(jīng)過坐標(biāo)原點 0時的速度為% =1。然/s,在坐標(biāo)為晶二21例處有一擋板產(chǎn)，木板與擋板p瞬間碰撞后立即以原速率反向彈回， 而木塊在此瞬間速度不變，若碰后立刻撤去擋板p , g取10m/s2,求：P.(1)木板碰擋板 產(chǎn)前瞬間的速度 耳為多少？.F R.0*21*

16、(2)木板最終停止運動時其左端 A的位置坐標(biāo)？23、如圖所示，長1 = 1.5 ,高力=0.45m ,質(zhì)量必=10無口的長方體木箱，在水平面上向右做直線運動，當(dāng)木箱的速度為=36用門時,對木箱施加一個方向水平向左的恒力F=5W，并同時將一個質(zhì)量濯T板的小球輕L放在距木箱右端 行的P點(小球可視為質(zhì)點，放在P點時相對于地面的速度為零)，經(jīng)過一段時間，小球脫離2木箱落到地面，木箱的上表面光滑，木箱與地面的動摩擦因數(shù)為0.2,取g-U祖,求：(1)小球從離開木箱開始至落到地面所用的時間；77777777777777777777T7(2)小球放到P點后，木箱向右運動的最大位移;(3)小球落地時木箱的速

17、度為多大。24、一彈簧一端固定在傾角為37。的光滑斜面的底端，另一端拴住質(zhì)量為m=4 kg的物塊P, Q為一重物，已知Q的質(zhì)量為m= 8 kg ,彈簧的質(zhì)量不計，勁度系數(shù)k = 600 N/m,系統(tǒng)處于靜止，如右圖所示.現(xiàn)給Q施加一個方向沿斜面向上的力F,使它從靜止開始沿斜面向上彳勻加速運動，已知在前 0.2 s時間內(nèi)，F(xiàn)為變力，0.2 s以后，F(xiàn)為恒力，求：力 F的最大值與最小值.(sin37 =0.6, g= 10 m/s 2)25、物體A的質(zhì)量M=1kg,靜止在光滑的水平面上的平板車 B的質(zhì)量為m=0.5kg、長L=1m,某日刻A以v0=4m/s 向右的初速度滑上木板 B的上表面，在 A

18、滑上B的同時，給B施加一個水平向右的恒定拉力 F,忽略物體A的 大小，已知A與B之間的動摩擦因數(shù)(1=0.2,取重力加速度 g=10m/s,試求：(1)若F=5N,在施加給B的瞬間，物體 A和小車B的加速度分別是多大？若F=5N物體A在小車上運動時相對小車滑行的最大距離時多大？(3)如果要使A不至于從B的右端滑落，拉力 F大小應(yīng)滿足什么條件？26、如圖所示，水平光滑絕緣軌道MN的左端有一個固定擋板，軌道所在空間存在E=4.0X 102N/C、水平向左的勻強(qiáng)電場.一個質(zhì)量 m=0.10kg、帶電荷量q=5.0 X 10 5 C的滑塊(可視為質(zhì)點)從軌道上與擋板相距x0.20m的P點由靜止釋放，滑

19、塊在電場力作用下向左做勻加速直線運動.當(dāng)滑塊與擋板碰撞后，滑塊沿軌道向右做勻減速直線運動，運動到與擋板相距X2=0.10m的Q點時，滑塊第一次速度減為零.若滑塊在運動過程中電荷量始終保持不變，求：(1)滑塊沿軌道向左做勻加速直線運動的加速度的大??；(2)滑塊從P點運動到擋板處的過程中，電場力所做的功;(3)滑塊第一次與擋板碰撞過程中損失的機(jī)械能.27、如圖所示，一質(zhì)量為 1kg的小球套在一根固定的直桿上，直桿與水平面夾角豎直向上的拉力作用下，從 A點靜止出發(fā)向上運動，已知桿與球間的動摩擦因數(shù)。為30 .現(xiàn)小球在F=20N的亞業(yè)為8.試求：(1)小球運動的加速度ai；(3)若從撤去力F開始計時，

20、小球經(jīng)多長時間將經(jīng)過距A點上方為2.25m 的 B點.(2)若F作用1.2s后撤去，小球上滑過程中距A點最大距離sm；28、頻閃照相是研究物理過程的重要手段，如圖是某同學(xué)研究小滑塊從光滑水平面滑上粗糙斜面并向上滑動時 的頻閃照片。已知斜面足夠長，傾角a =37 ,閃光頻率為10Hz。經(jīng)測量換算獲得實景數(shù)據(jù)：Si=S2=40cm, S3=35cm, S4=25cm, S5=15cm,取g=10m/s2, sin37 =0.6, cos37 =0.8。設(shè)滑塊通過平面與斜面連接處時沒有能量損失， 求：第14題圖29、某電視臺的娛樂節(jié)目中，有一個拉板塊的雙人游戲，考驗兩人的默契度.如圖所示，一長L=0

21、.60m、質(zhì)量M=0.40kg的木板靠在光滑豎直墻面上，木板右下方有一質(zhì)量n=0.80kg的小滑塊(可視為質(zhì)點)，滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為 科=0.20,滑塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取g=10m/s2. 一人用水平恒力 F1向左作用在滑塊上，另一人用豎直恒力F2向上拉動滑塊，使滑塊從地面由靜止開始向上運動.(1)為使木板能向上運動，求F1必須滿足什么條件？(2)若F1=22N,為使滑塊與木板能發(fā)生相對滑動，求E必須滿足什么條件？(3)游戲中，如果滑塊上移h=1.5m時，滑塊與木板沒有分離，才算兩人配合默契，游戲成功.現(xiàn)F1=24N, F2=16N,請通過計算判斷游戲能否成功？N

22、30、將金屬塊用壓縮的彈簧卡在一個矩形的箱中，如圖所示，在箱的上頂板和下頂板安有壓力傳感器，箱可以沿直軌道運動。當(dāng)箱以 a=2.0m/s 2的加速度作豎直向上的勻減速運動時，上頂板的傳感器顯示的壓力為6.0N,下頂板的傳感器顯示的壓力為10.0N,取g=10m/s2.（1）上頂板傳感器的示數(shù)是下頂板示數(shù)的一半，試判斷箱的運動情況。（2）使上頂板傳感器的示數(shù)為0,箱沿豎直方向的運動可能是怎樣的？三、多項選擇31、【河南省洛陽市第一高級中學(xué)2017屆高三上學(xué)期第一次月考】（多選）如圖所示，彈簧下端懸一滑輪，跨過滑輪的細(xì)線兩端系有 A、B兩重物，mB=2kg,不計線、滑輪質(zhì)量及摩擦，則A、B兩重物在

23、運動過程中，彈簧 TOC o 1-5 h z 的示數(shù)可能為：（g=10m/s2）:（）A. 40NB . 60N號C. 80ND. 100N132、【內(nèi)蒙古集寧一中 2016屆高三上學(xué)期第一次月考理科綜合】（多選）傳送帶以V1的速度勻速運動，物體以V2的速度滑上傳送帶，物體速度方向與傳送帶運行方向相反，如圖所示，已知傳送帶長度為L,物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為科，則以下判斷正確的是：（）A.當(dāng)V2、W、L滿足一定條件時，物體可以從 A端離開傳送帶，且物體在傳送帶上運動的時間與Vi無關(guān)B.當(dāng)V2、W、L滿足一定條件時，物體可以從 B端離開傳送帶，且物體離開傳送帶時的速度可能大于C.當(dāng) V2、L

24、滿足一定條件時，物體可以從 B端離開傳送帶，且物體離開傳送帶時的速度可能等于D.當(dāng)V2、W、L滿足一定條件時，物體可以從 B端離開傳送帶，且物體離開傳送帶時的速度可能小于vi33、12017 黑龍江省大慶中學(xué)高三上學(xué)期期末考試】（多選）如圖甲所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的小球，從離弓t簧上端高 h處自由下落，接觸彈簧后繼續(xù)向下運動.若以小球開始下落的位置為原點，沿豎直向下建立一坐標(biāo)軸 OX,小球的速度V隨x變化的圖象如圖乙所示. 其中OA段為直線，AB段是與OA相切于A點的曲線，BC是平滑的曲線，則關(guān)于 A、B、C三點對應(yīng)的x坐標(biāo)及加速度大 小，以下關(guān)系

25、式正確的是：（）10XA=h, aA=g繼XB=h+ : , aB=02mgxc=h+ ，:, ac=gD. xc2- h+:, acg34、12017 天津市五區(qū)縣高三上學(xué)期期末考試】（多選）如圖所示，在水平光滑桌面上放有m和m兩個小物塊，它們中間有細(xì)線連接。已知m=3kg, m=2kg,連接它們的細(xì)線最大能承受6N的拉力?，F(xiàn)用水平外力 Fi向左拉m或用水平外力F2向右拉m,為保持細(xì)線不斷，則：（）A. Fi的最大值為10NF2的最大值為10NB . Fi的最大值為15NF2的最大值為15NV,在其左端無初膽數(shù)上木塊z若本塊與傳送帶35、（多選）如圖所示，傳送帶的水平部分長為L,運動速率恒為

26、間的動摩擦因數(shù)為科，則木塊從左到右的運動時間可能是（A. V + 2/ U gLB.-2LD. 36、（2016河北名校調(diào)研）三角形傳送帶以1 m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，兩邊的傳送帶長都是2 m且與水平 TOC o 1-5 h z 方向的夾角均為37。.現(xiàn)有兩個小物塊 A B從傳送帶頂端都以1 m/s的初速度沿傳送帶下滑川物塊與傳送帶間 的動摩擦因數(shù)都是 0.5, （g取10 m/s2, sin 37 =0.6, cos 37 = 0.8）下列說法正確的是（）A.物塊A先到達(dá)傳送帶底端 VB.物塊A B同時到達(dá)傳送帶底端C.傳送帶對物塊A B均做負(fù)功D.物塊A B在傳送帶上的劃痕長度之比為1

27、 : 337、（寧夏六盤山高級中學(xué) 2015-2016學(xué)年高三第四次模擬理科綜合能力測試卷（物理部分）如圖所示，光滑 水平面上放置著四個相同的木塊，其中木塊B與C之間用一輕彈簧相連，輕彈簧始終在彈性限度內(nèi)。現(xiàn)用水平拉力F拉B木塊，使四個木塊以相同的加速度一起加速運動，則以下說法正確的是11一起加速過程中，D所受到的靜摩擦力大小為4一起加速過程中，。木塊受到四個力的作用一起加速過程中,A、D木塊所受摩擦力大小和方向相同D.當(dāng)F撤去瞬間，A D木塊所受靜摩擦力的大小和方向都不變38、（多選）如圖所示，一小車上有一個固定的水平橫桿 ，左邊有一輕桿與豎直方向成 0角與橫桿固定，下端連接一 小鐵球，橫桿

28、右邊用一根細(xì)線吊一小鐵球 ，當(dāng)小車向右做加速運動時，細(xì)線保持與豎直方向成 “角，若。 a ,則下 列說法正確的是 （）A.輕桿對小鐵球的彈力方向與細(xì)線平行B.輕桿對小鐵球的彈力方向沿著輕桿方向向上C.輕桿對小鐵球的彈力方向既不與細(xì)線平行也不沿著輕桿方向D.此時輕桿的形變包括拉伸形變與彎曲形變39、如圖所示，質(zhì)量為 m的滑塊在水平面上向左撞向彈簧，當(dāng)滑塊將彈簧壓縮了X0時速度減小到零，然后彈簧又將滑塊向右推開.已知彈簧的勁度系數(shù)為 k,滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為 科，整個過程彈簧未超過彈性 限度，則（）A.滑塊向左運動過程中，始終做勻減速運動B.滑塊向右運動過程中，始終做加速運動k x0+ M

29、- mgC.滑塊與彈簧接觸過程中最大加速度為D.滑塊向右運動過程中，當(dāng)彈簧形變量yX= 時，物體的加速度為零40、固定的兩滑桿上分別套有圓環(huán)A滑動時，A的懸線始終張緊與桿垂直，B,兩環(huán)上分別用細(xì)線懸吊著物體C、D,如圖所示.當(dāng)它們都沿滑桿向下B的懸線始終張緊豎直向下.則：（）12B, B環(huán)做勻速運動A. A環(huán)做勻加速運動A環(huán)與桿之間可能有摩擦力B環(huán)與桿之間可能無摩擦力參考答案一、選擇題1、B【名師解析】當(dāng)光滑掛鉤下的重物 C緩慢下降時，設(shè)繩 AC和BC與豎直方向的夾角為 a ,繩的拉力為F,則繩AC和BC 水平方向上的分力大小相等為 Fx=Fsin “，方向相反，是一對平衡力 ，繩AC和BC在

30、豎直方向上的分力都為煙Fy= Fcos a ,兩繩的合力與重力是一對平衡力，所以2Fy=2Fcos a = mg即F= 2cosf2 ,重物C緩慢下降時，a角逐漸減小，所以兩繩的拉力 F都逐漸減小。2、D【名師解析金對滑輪受力分析，受兩個繩子的打力和桿的強(qiáng)力3滑輪一直保持靜止,合力為零，故桿掰里 力與兩個繩子的拉力的合力等值、反向,共線孑由于兩個繩子的拉力大小等于重物的重力，大小不變方時也不交，敵兩個拉力的合力為與水平方向成45”斜向右下方，選項D正碉。3、C咯鋪網(wǎng)對期整體，由平解件可得左%Q + .）的顫B群雙樂口后”,昭層 j 翻A錯誤.的鼎上W號，鮑C正礴口 JS誤.口 1 jM j4、

31、D【名師解析】木塊A、斜劈B均靜止不動，則木塊A、斜劈B整體受力平衡，在水平方向上，若Fi、F2等大反向，則斜劈B與地面間無摩擦力作用，若 Fi、F2大小不相等，則斜劈 B與地面間一定存在摩擦力，故選項A、C錯誤；在豎直方向上，地面對斜劈 B的支持力與木塊 A、斜劈B組成的系統(tǒng)的重力平衡，選項 D正確；木塊 A、斜劈B間有無摩 擦力以及摩擦力的方向取決于木塊A的重力沿斜面方向的分力和 Fi沿斜面方向的分力的大小關(guān)系，木塊A、斜劈B間可能不存在摩擦力，選項 B錯誤。135、B【名師解析】圖1中三段輕繩中拉力大d吩別等于所掛鉤碼的重力，保持不變。將圖1中B滑輪的端點B稍$肖右移一 些，仍保持平解則

32、這三個力所構(gòu)成的封閉矢量三龜形不變，因此OA，0B中拉力方向不變.即1圖中的8 角不變，F(xiàn)不變。圖2中滑輪兩腿繩中的拉力相等，根據(jù)等大的兩個力合成失映可得，2ftin 02圉 2中的穌點E沿虛線稍稍上移一些,只是滑輪向左移動少許，羥繩中拉力的大小矛昉向不變，即2圖中 的射角不變,聲不變因此選啖8正確6、B【解析】m_ mx= 4 H對木塊a受力分析，根據(jù)牛頓第二定律，有：,解得 k ,彈簧長度為k , a錯誤b正確;對AB整體有pm,=仲+陰）4 ,得M+施，代入kmF左（M+施），故c錯誤；對整體F-Ma4 +；4，有 此，故D錯誤;mF = （M+陰）a=訕+加。,得出二一必，代入卡上【名

33、師點睛】要注意明確整體法與隔離法的正確應(yīng)用.整體法：以幾個物體構(gòu)成的整個系統(tǒng)為研究對象進(jìn)行求解.在許多問題中用整體法比較方便，但整體法不能 求解系統(tǒng)的內(nèi)力.隔離法：從系統(tǒng)中選取一部分（其中的一個物體或兩個物體組成的整體，少于系統(tǒng)內(nèi)物體的總個數(shù)）進(jìn)行分 析.隔離法的原則是選取受力個數(shù)最少部分的來分析.通常在分析外力對系統(tǒng)作用時，用整體法；在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體之間的相互作用時，用隔離法.有時在解答 一個問題時要多次選取研究對象，需要整體法與隔離法交叉使用7、C【解析】初始時刻，彈簧胡甲力等于A的重力，即FRglON.將一個質(zhì)量為3q的物體B豎直向下輕放在A上的一瞬間，整體的加速度。二包土二/。陋喻對

34、B分析.% +4niBg-NBa,解得N=m晤01明=75此 放C正確.師點睛】此題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用以及整體及隔離法的應(yīng)用問題；解決本題的關(guān)鍵能夠正確地選擇研究 對象，并且受力分析，運用牛頓第二定律進(jìn)行求解，掌握整體法和隔離法的運用；此題是中等題，考查基本方 法.148、C【名師解析】 物體的受力如圖所示，滑動明財與繩的拉力的水平分量平衡,因此方向向左，選項B錯誤i i殳繩與水平方向成，角，則后8 $ 一副樂=0/內(nèi)十同in解得4自：” , g,cow 9+以31n 罩不變，戶恒定不變，選項C正確廠滑動摩摭力4后Q& =“:詈 白 批不殺 選項A、D錯侯號cos 爐 + U sin 琴

35、9、D【名師解析】在線被剪斷前，A處于平衡狀態(tài)，彈簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力，即 F=Mgsin30 在線被剪斷瞬間，繩子拉力立即減為零，而彈簧的伸長量沒有來得及變化，彈力不變，故A的加速度為零。對 B,a+Mb g在沿斜面方向，B受到沿斜面向下的彈力和重力沿斜面的分力，由F+Mgsin30。=MaB,解得：3b=工，選項D正確。10、A【名師儲析】將繩子的拉力T和斜面彈力網(wǎng)分解為水平方向和豎直方向，由牛頓運動定律得：及8.sin Sqa, Tsin -Kcos =/ ，胞立兩式解方程組，得 T=m喜in $+)，范工期(”。$8-awin8 ),選項A正確&一【點評】此題以勻加速運動的

36、斜面切入，意在考查受力分析、牛頓運動定律及其相關(guān)知識。注解：受多個力的物體沿直線運動時，一般選擇運動方向和垂直運動方向分解力，運用牛頓運動定律列出相關(guān) 方程解答。11、 C名師解析】當(dāng)小車的加速度逐海地大時，桿對小球的作用力豎直分量等于重力不變，水平分量逐海增大，桿對小 球的作用力變化的受力圖正璃白遍圖c.12、C15E名師解析】質(zhì)量為2劉的木塊受到重力、地面支持力、上面木塊的壓力和摩摭力,輕繩的拉力共五個力的 作用，選項A錯誤.對于連接體整體J齊6皿隔離后面的兩個木坡，輕繩中拉力p與皿聯(lián)立解得：尸= F/Z由此可知，當(dāng)F增大到2r時，羥繩中拉力到達(dá)能承受的最大拉力Tt羥繩腰帽橫拉斷，當(dāng)戶逐漸

37、增大 到L 5T時，羥繩還不會被拉斷,選頊E錯誤D正確*輕繩剛要被拉斷時，質(zhì)量為必和2的木塊間的摩摭 力為日，對后面的兩個木塊，輕痛中拉力小,隔離上面的木塊，質(zhì)量為皿和2時的木塊間的摩擦力為 =wa,解得:fT/3選項D錯誤.考點：牛頓第二定律的應(yīng)用；整體及隔離法的應(yīng)用【名師點睛】本題重點在于研究對象的選擇，以及正確的受力分析，采用隔離法分析2m可得出其受力的個數(shù)；再對整體分析可得出整體的加速度與力的關(guān)系；再以后面兩個物體為研究對象可得出拉力與加速度的關(guān)系，則 可分析得出F與T的關(guān)系。F_13、G設(shè)最左邊的物體質(zhì)量為 m,最右邊的物體質(zhì)量為 m,整體質(zhì)量為M,整體的加速度a5工，對最左邊的物體

38、 mFm/F分析,Ta=ma=M ;對最右邊的物體分析,有F-Tb=m a,解得Tb=F- M ;在中間物體上加上一個小物體 ,則整體的加 速度a減小，因為rn m不變，所以Ta減小,T b增大。故C正確。14、D15、C16、B二、計算題17、(1)4從=4,0沼/s ,方向水平向右，& = 1.。碗s ,方向水平向左(2) 0.875m； (3) 1.6m.【解析】(1) A、B分別受到大小為 科mg的滑動摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律得對A物體:部g-闕A則圖二理二40疝s ,方向水平向右對B物體：H繼=肱 ,16n.aB則 T。/、財,方向水平向左(2)開始階段/相對地面向左做勻減速運動

39、，速度為0的過程中所用時間為h則冷=4力則右=2k = 0 .50s %B相對地面向右做減速運動x=卬-=0 E75m , 3(3)A向左勻減速運動至速度為零后，相對地面向右做勻加速運動，最后A恰好沒有滑離B板，兩者速度相同，設(shè)共同速度為v.取向右方向為正，根據(jù)動量守恒定律得(M-溶)”二(時+削卜/二 1.6 削LMgl例+掰)姬-1(8+洶).由能量守恒定律得一 22，代入數(shù)據(jù)解得【名師點睛】本題是木塊在木板滑動的類型，運用牛頓第二定律、運動學(xué)、動量守恒和能量守恒結(jié)合求解比較 簡便，也可以采用圖象法求解.18、(1) 6m/s (2)木板不會靜止；(3) 0.75s1解析】(1)設(shè)A物塊從

40、斜面下滑過程中加速度大小為勒，到這底百黯寸速度大小為r，由牛頓第二定碑和運動學(xué)公式得: 由兩式得：voni/s(2)當(dāng)滑塊到達(dá)木板后，由于必成S 42碗且，故木板不管靜止手(3)滑塊在木板上滑行，對滑塊固=田酰5皿承對木板二叩唁一 R12Mg二ma且：vo-ait=a2t斛得i7A【名師點睛】該題屬于多物體多過程應(yīng)用牛頓第二定律的情況，在解答的過程中要注意對研究對象和運動過程的把握。19、解析：（1 mgcos30 mgsin30 = ma 3 分 解得 a = 2.5 m / sij = - = 2s貨物勻加速運動的時間 貨物勻加速運動的位移:17I-隨后貨物做勻速運動。 TOC o 1-5

41、 h z 運動位移S2= L S = 5m1分=Is勻速運動時間,1i分t = 11 + 12 = 3s2 分20、（1） is； （2）圖象見解析=二4加試題分析：（1）鐵塊的加速度大小_ _2洲g_ 肉（M +洲）g木板的加速度大?。阂?設(shè)經(jīng)過時間t鐵塊運動到木板的右端，則有丘r N解得：t=1s（2）當(dāng) FS“i（M+唬=2N 時,A、B相對靜止且對地靜止， h = F設(shè)F=F1時，A、B恰保持相對靜止，此時系統(tǒng)的加速度.18以系統(tǒng)為研究對象,根據(jù)牛頓第二定律有：【,；二 一 .解得：Fi=6N所以，當(dāng) 2NF6N時，M m相對靜止，系統(tǒng)向右做勻加速運動，6-月”十碰F 口 = 1其加速

42、度.以M為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有 1 一為（M+川）g =沖&/3=-+1解得： _當(dāng) F6N,a、 B發(fā)生相對運動， 加的繼二4州畫出1隨拉力F大小變化的圖象如圖21、解：（1）由vt圖像可得，小滑塊在木板上勻減速時加速度的大小為 TOC o 1-5 h z 叫二加“（1分）由牛頓第二定律可得附g二（1分）設(shè)木板B此時的速度為由動能定理可得：%涔郎二?孫;2（2 分）聯(lián)立可解得與二應(yīng)/s（1分）對長木板B和小滑塊A構(gòu)成的系統(tǒng)由能量轉(zhuǎn)化與守恒定律有：19I乙乙乙分）（1分）代入數(shù)據(jù)聯(lián)立可解得L 二說明：若用其它正確解法，酌情給分。（2）設(shè)當(dāng)滑塊經(jīng)過 D點時速度為0,則有（2分）由牛頓第二

43、定律可得:n mR由牛頓第三定律可得:代入數(shù)據(jù)可解得：對D點壓力% 二 20M（2分）（1分）（1分）（3）小滑塊到過半圓上最大高度為H則有:二潴gH2（1分）代入數(shù)據(jù)可得：（1分）所以小滑塊將沿圓軌道返回 設(shè)滑塊返回后停下時在木板 B上滑行的距離為 X則有:1 2 二為網(wǎng)g&+從也成（2分）（1分）乙代入數(shù)值可解得： X二3配所發(fā)小滑塊A最后停在距長木板左端 3.5m處。（1分）2022、解：（1）經(jīng)過分析可知，木板碰擋板前，木塊和木板組成的系統(tǒng)保持相對靜止向右勻減速運動，設(shè)木板碰擋 板時的速度為耳，其加速度為仆，對二者組成的系統(tǒng)，由其受力分析結(jié)合牛頓第二定律有：內(nèi)例+ %g = （削+嶼旬

44、（1）2分i28v。一二2 其中：$二二21 溺-11.5溺二95溺解得：“ 一9% （水平向右）(2) 2 分(3) 2 分（2）由題意可知，當(dāng)木板碰到擋板并撤掉擋板后，木板以初速度U向左做勻減速運動，木塊以初速度K向右做勻減速運動，設(shè)木板和木塊的加速度分別為和，由牛頓第二定律可知:_%+%（立+法定_/2MA （水平向右）分(4) 1假設(shè)木塊沒有掉離木板，由于木塊加速度較大，所以木塊先停下，然后向左做勻加速運動，直到二者保持相對靜止。設(shè)二者保持相對靜止所用時間為4,共同速度為V2,可得: 4一咽二一（，”?）（6） 2 分解得：4=L2s%=1*吆ok平向左）（7） 2分S二= 4 32m

45、1 分1在此過程中，木塊運動位移2（水平向右）與- 6.4加木板運動位移 ”2（水平向左）分21所以二者相對位移As=久+ s： = 10,8根v = I15加,即二者相對運動時木塊沒有掉離木板。二者共速后，又 以I1二Vnls2向左減速至停下，設(shè)其向左運動的位移為=2色色解得:務(wù)= 162席10) 2 分最終木板左端乂點位置坐標(biāo)為工二飛廣14根(11) 2 分23、(1)木箱上表面的摩擦不計，因此小球在離開木箱前相對地面處于靜止?fàn)顟B(tài)，離開木箱后將作自由落體運動.由夕得小球從離開木箱開始至落到地面所用的時間為0.3s .(2)小球放到木箱后，木箱的加速度為:ai =尸+“(河+搟)g=5O+1

46、2x(l + l)x!OMa10=72褥/$木箱向右運動的最大位移為:0-3.6J-2x7.2=0.9 小，小球放上P點后，木箱向右運動的最大位移為0.9m 。(3)由于 工1日 ,故小球不會從木箱的左端掉下F做解十瓶鬼木箱向左運動的加速度為:L -jluy = y JL _ = 1 d jHJ設(shè)木箱向左運動的距離為X1時，小球脫離木箱21 3設(shè)木箱向左運動的時間為小球剛離開木箱瞬間，木箱的速度方向向左，大小為小球剛離開木箱后山 M 切0，V廣= 3加/5。220.從運動學(xué)角度看，一起運動的兩物24、解析從受力角度看，兩物體分離的條件是兩物體間的正壓力為 體恰好分離時，兩物體在沿斜面方向上的加

47、速度和速度仍相等.設(shè)剛開始時彈簧壓縮量為 X0則（m+ m）gsin 0 = kxo因為在前0.2 s時間內(nèi)，F(xiàn)為變力，0.2 s以后，F(xiàn)為恒力，所以在0.2 s時，P對Q的作用力為0,由牛頓第 二定律知kxi- mgsin 0 =ma前0.2 s時間內(nèi)P、Q向上運動的距離為X0 Xi =at2式聯(lián)立解得 a= 3 m/s2當(dāng)P、Q開始運動時拉力最小，此時有Fmin= （ m+ m） a = 36 N當(dāng)P、Q分離時拉力最大，此時有Fmax=例 a + gsin 0 ） = 72 N.初二止g=2m/ s225、解：（1） F施加的瞬間，A的加速度大小 A I,F+UHg 5+0.2X10 ,

48、2B的加速度大小B- m -0.5=14m/s2.兩者速度相同時，有 Vo - aAt=a Bt,得：t=0.25s1 t2g 二吟口 TOC o 1-5 h z A滑行距離：Sa=V4-2，代入數(shù)據(jù)解得A-16111,2 1 1 _ 7, 一 zagt 二萬 14兒 77正77璃 HYPERLINK l bookmark56 o Current Document B滑行距離：Sb=2921616.最大距離： s=Sa- SB=0.5m23(3)物體A不滑落的臨界條件是A到達(dá)B的右端時，A、B具有共同的速度 vi,則：2aA 2%又，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立可得：aB=6m/s2 F=maB-科Mg=1N

49、若FV1N,則A滑到B的右端時，速度仍大于 B的速度，于是將從 B上滑落，所以F必須大于等于1N.當(dāng)F較大時，在A到達(dá)B的右端之前，就與 B具有相同的速度，之后，A必須相對B靜止，才不會從 B的左端滑落.即有：F= (m+M a,Mg=ma所以：F=3N若F大于3N, A就會相對B向左滑下.綜上：力 F應(yīng)滿足的條件是：1N F13.2N（2分）（3）對滑塊由牛頓第二定律有F廠叭一理二眸（1分）設(shè)滑塊上升h的時間為t,;1 ih- a/則 2（i分）26(1對木板由牛頓第二定律有 分）H二l“設(shè)木板在t時間上升的高度為 H,則2（1分）代入數(shù)據(jù)可得 不一 .H.（1分）由于 HiLh, 滑塊在上

50、升到1.5m之前已經(jīng)脫離了木板，游戲不能成 功.（1分）30、解：設(shè)金屬塊的質(zhì)量為 m,根據(jù)牛頓第二定律，則：F 上一 F 下+mg=ma 解得 m=0.5Kg（1）當(dāng)上頂板的示數(shù)是下頂板示數(shù)的一半時，由于上頂板仍有壓力，說明彈簧的長度沒有變化，因此彈簧的彈 力仍為10.0N,則設(shè)此時的加速度為 as根據(jù)牛頓第二定律有：F 上一 F 下/2+mg=ma即a1=0,此時箱靜止或勻速直線運動。（2）當(dāng)上頂板沒有壓力時，彈簧的長度只能等于或小于目前的長度，即下頂板的壓力等于或大于10.0N,這時金屬塊的加速度為 a2,應(yīng)滿足：2F 下一 mg=ma解得 a2=10 m/s即只要箱的加速度向上，且等于

51、或大于10m/s2,向上加速或向下減速，便可滿足要求三、多項選擇31、AB【解析】27當(dāng)朋時，B向不儆加速運動，處于失重狀意，細(xì)線的拉力/用戰(zhàn)，碑著的示數(shù)為F = 2T 2m -40JV,當(dāng)陋后=也時，彈蓍的示數(shù)為產(chǎn)三2T = 2f%8胃40可當(dāng)用方m時，B向上 俄加速運動，處干超重狀態(tài),細(xì)線僦力丁,兩物體的加速度大小。 言，所以根據(jù)牛棘第二定律 得知：細(xì)線的拉力2、區(qū)，彈蕃的示數(shù)為尸= 2T4用河= 86M,故AB正確師點睛】由于 A的質(zhì)量不確定，分析兩個物體的質(zhì)量相等和不等兩種情況研究彈簧的示數(shù).兩個物體的質(zhì)量相 等時，根據(jù)平衡條件求解彈簧的示數(shù).當(dāng)兩個物體的質(zhì)量不等時，根據(jù)牛頓第二定律分

52、析細(xì)線拉力的范圍，得 到彈簧示數(shù)的范圍，再進(jìn)行選擇.32、ACD【解析】當(dāng)為、“ 滿足一定條件時，物體可以從 A端離開傳送帶，物體一直做勻減速直線運動，位移為 L,加速度為 咫，知運動的時間與傳送帶的速度無關(guān)，故 A正確；當(dāng)今、也滿足一定條件時，物體可以從 B端離開傳送 帶，若為,耳，物體滑上傳送帶先做勻減速直線運動，返回做勻加速直線運動；返回到B端的速度為 匕，若為物體滑上傳送帶先做勻減速直線運動，返回做勻加速直線運動，當(dāng)速度達(dá)到做勻速直線運動，滑動B端的速度為1,都不可能大于 1,故B錯誤，CD正確。【名師點睛】小滑塊滑上傳送帶，判斷出摩擦力的方向，根據(jù)合力得出加速度的大小和方向，判斷出物塊在整 個過程中的運動情況，從而確定運動的時