江西省宜春三中2022-2023學(xué)年高三物理第一學(xué)期期中預(yù)測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E隨時間t變化的圖象。當(dāng)t=0時,在此勻強(qiáng)電場中由靜止釋放一個帶電粒子,設(shè)帶

2、電粒子只受電場力的作用,則下列說法中正確的（ ）A帶電粒子將始終向同一個方向運(yùn)動B2s末帶電粒子回到原出發(fā)點C帶電粒子在03s內(nèi)的初、末位置間的電勢差為零D03s內(nèi)，電場力的總功不為零2、牛頓是一位偉大的科學(xué)家，也是經(jīng)典力學(xué)的創(chuàng)始人下列說法正確的是A牛頓利用“沖淡”重力的實驗證明自由落體運(yùn)動是勻變速直線運(yùn)動B牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，認(rèn)為物體之間普遍存在引力C牛頓利用扭秤最先測出了引力常量D力的國際單位為牛頓，它是力學(xué)中的基本單位之一3、火星探測器繞火星近地做圓周軌道飛行，其線速度和相應(yīng)的軌道半徑為v0和R0，火星的一顆衛(wèi)星在圓軌道上的線速度和相應(yīng)的軌道半徑為v和R，則下列關(guān)系正確的是（）Alg

3、（vv0）=-lg（RR0）Blg（vv0）=2lg（RR0）Clg（vv0）=-lg（RR0）Dlg（vv0）=2lg(RR0）4、控制汽車油耗是減少排放二氧化碳的主要手段之一，各國相繼出臺在不久的將來禁售燃油車的相關(guān)政策，而大力研發(fā)電動汽車一電動汽車裝備了具有“全力自動剎車”功能的城市安全系統(tǒng)，當(dāng)車速v10m/s、且與前方靜止的障礙物之間的距離接近安全距離時，如果司機(jī)未采取制動措施，系統(tǒng)就會立即啟動“全力自動剎車”，使電動汽車避免與障礙物相撞在上述條件下，若某一電動汽車以10m/s的速度在一條平直公路上行駛，啟動了“全力自動剎車”后其加速度大小為4m/s2，則從開始經(jīng)1s與3s過程中，汽車

4、的位移之比為（ ）A13B23C16D16255、如圖所示，欲使在粗糙斜面上勻速下滑的木塊A停下，可采用的方法是（）A增大斜面的傾角B在木塊A上再疊放一個重物C對木塊A施加一個豎直向下的力D對木塊A施加一個垂直于斜面的力6、如圖所示為勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E隨時間t變化的圖象，其中E02106V/m。當(dāng)t0時，在電場中由靜止釋放一個電荷量為5107C的帶電粒子，設(shè)帶電粒子只受電場力作用，則下列說法中正確的是A帶電粒子將以某一中心點做往復(fù)運(yùn)動Btls2s內(nèi)，電場力所做的功為零，電場力的沖量為零Ct4s18s內(nèi)，帶電粒子動量變化量的大小為16kgm/sD帶電粒子在tls4s內(nèi)的初、末位置間的電勢差為零

5、二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，用一水平力F拉著一個靜止在傾角為的光滑斜面上的物體，逐漸增大F，物體做變加速運(yùn)動，其加速度a隨外力F變化的圖像如圖乙所示，若重力加速度g取10 m/s2，根據(jù)圖乙中所提供的信息不能計算出A物體的質(zhì)量B斜面的傾角C物體能靜止在斜面上所施加的最小外力D加速度為6 m/s2時物體的速度8、如圖所示，質(zhì)量相同的木塊A、B用輕質(zhì)彈簧連接，在力F作用下靜止在光滑的斜面上現(xiàn)突然增大F至某一恒力推A，則從開始到彈簧第一次被壓縮到最短的過

6、程中( ) A兩木塊速度相同時，加速度aAaBB兩木塊速度相同時，加速度aAvBD兩木塊加速度相同時，速度vAaB，故經(jīng)過相等的時間，A增加的速度大，B增加的速度小，所以，在aA=aB時vAvB，故C正確，D錯誤；AB、當(dāng)vA=vB時，彈簧的壓縮量最大，彈力最大，A在此之前一直做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動，B做加速度逐漸增大的加速運(yùn)動，由于aA=aB時vAvB，所以vA=vB時aAaB；故A錯誤，B正確故選BC9、CD【解析】A、箱子在水平方向上受到兩個力作用，球隊對箱子的作用力和地面對箱子的摩擦力，二力始終等值方向，其合力始終為零，故箱子始終靜止因此，鐵球?qū)ο渥拥臎_量與摩擦力對箱子的沖量等值反

7、向，合沖量為零，故A錯誤；B、根據(jù)動量定理，鐵球受到的沖量為I=0-mv=-mv，而箱子受到的沖量始終為零故B錯誤；C、根據(jù)動量定理，箱子對鐵球的沖量為I=0-mv=-mv，負(fù)號表示方向向右故C正確；D、箱子對鐵球的沖量mv，向右，根據(jù)牛頓第三定律，鐵球?qū)ο渥拥臎_量為mv，向左又因為摩擦力與鐵球?qū)ο渥拥淖饔昧Φ戎捣聪?，所以摩擦力對箱子的沖量為mv，向右故D正確；故CD正確；10、BC【解析】AB木塊在重力作用下，有沿天花板下滑的趨勢，一定受到靜摩擦力，則天花板對木塊一定有彈力，故A錯誤，B正確；CD木塊受力如圖。根據(jù)平衡條件得當(dāng)逐漸增大F的過程，N增大，最大靜摩擦力增大，而木塊受到的靜摩擦力f

8、不變，木塊將始終保持靜止，故C正確，D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.805（0.8030.808均正確） 0.32 增加 不正確，因為有摩擦力做功，不滿足機(jī)械能守恒定律成立的條件 【解析】(1)1由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為0.5mm+30.70.01mm=0.807mm(2)2小球經(jīng)過光電門時的速度為(3)3小球減小的重力勢能為小球增加的動能為由機(jī)械能守恒定律得整理得圖象的斜率(4)4 由于該過程中有阻力做功，而高度越高，阻力做功越多，故增加下落高度后，則將增大。(5)5 根據(jù)機(jī)械能守恒條件可知，雖然平衡了摩擦力，但

9、實驗過程中小車與鉤碼組成的系統(tǒng)仍然有摩擦力做負(fù)功，機(jī)械能不會守恒，所以該同學(xué)的想法不正確。12、5 1 【解析】12根據(jù)閉合電路歐姆定律可得變形可得 結(jié)合圖象可知 解得E=5Vr=1四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) ；(2)；(3)【解析】(1)到達(dá)A點過程中依據(jù)動能定理，有解得vA=2m/s；依據(jù)牛頓第二定律聯(lián)立解得N=1.4N；依據(jù)牛頓第三定律，壓力。(2)牛頓第二定律解得，由題可知，所以物塊做勻減速直線運(yùn)動，依據(jù)運(yùn)動學(xué)公式當(dāng)時，則，由于，故小物塊之后勻速，故物塊做平拋運(yùn)動故解得。(3)由(2)可知

10、，由到，若速度與傳送帶的速度相同，則故物塊先做減速后勻速，做減速的時間所以相對位移故產(chǎn)生的熱量14、 (1)3mg,方向豎直向下(2) (3) 【解析】(1)小球從P處下滑到Q點，由機(jī)械能守恒可得：得：v= 在Q點對小球受力分析得：代入得：FN=3mg根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)壍缐毫Υ笮?mg，方向豎直向下(2)小球從軌道上某點C下滑到Q處平拋，恰好打在B點，則根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律豎直方向2L= ，水平方向vQ=L/t從C到Q根據(jù)機(jī)械能守恒得：mghc= 得：hc=L/8即小球從PC范圍內(nèi)從靜止釋放均能打到探測屏上(3)設(shè)從Q處以速度v0射出，打到探測屏上，其動能為：Ek= +mgh而h=g2(Lv0)2L=v0t得Ek=+由數(shù)學(xué)知識得v0=時Ek最小，且Ekmin=mgL釋放點位置離Q的豎直高度H=L/2【點睛】（1）小球從P處下滑到Q點的過程中，只有重力做功，其機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律求到達(dá)圓軌道最低點Q處速度在Q點對小球受力分析，由牛頓第二定律求出軌道對小球的支持力，再得到小球?qū)壍赖膲毫?；?）小球從軌道上某點C下滑到Q處平拋，恰好打在B點，根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律求出平拋運(yùn)動的