2023屆天津市五校高三物理第一學期期中調研模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，人向右勻速推動水平桌面上的長木板，在木板翻離桌面以前，則（ ）A木板露出桌面后，推力將逐漸減小B木板露出桌面后，木板對桌面的壓力將減小C木板露出桌面后，桌面對木板摩擦力將減小D推力、壓力、摩擦力均不變2、如圖所示，一

2、輕質橡皮筋的一端系在豎直放置的半徑為0.5m的圓環(huán)頂點P，另一端系一質量為0.1kg的小球，小球穿在圓環(huán)上可做無摩擦的運動，設開始時小球置于A點，橡皮筋處于剛好無形變狀態(tài)，A點與圓心O位于同一水平線上，當小球運動到最低點B時速率為1m/s，此時小球對圓環(huán)恰好沒有壓力（取g=10m/s2）下列說法正確的是A從A到B的過程中，小球的機械能守恒B從A到B的過程中，橡皮筋的彈性勢能增加了0.5JC小球過B點時，橡皮筋上的彈力為0.2ND小球過B點時，橡皮筋上的彈力為1.2N3、測定運動員體能的一種裝置如圖所示，運動員質量m1，繩拴在腰間沿水平方向跨過滑輪（不計滑輪摩擦、質量），懸掛重物m2，人用力蹬傳

3、送帶而人的重心不動，使傳送帶上側以速率v向右運動，下面是人對傳送帶做功的四種說法：人對傳送帶做功；人對傳送帶不做功；人對傳送帶做功的功率為m2gv；人對傳送帶做功的功率為（m1m2）gv以上說法正確的是（ ）A B C只有 D只有4、質量為4kg的物體，原來以的速度做勻速直線運動，現(xiàn)受到跟運動方向相同的沖量的作用，歷時5s，物體的動量大小變?yōu)锳BCD5、如圖所示,在光滑絕緣的水平面上方有兩個方向相反的沿水平方向的勻強磁場，PQ為兩磁場的邊界，磁場范圍足夠大，磁感應強度的大小分別為B1=B和B2=2B，一個豎直放置的邊長為l、質量為m、電阻為R的正方形金屬線框以初速度v垂直于磁場方向從圖中實線位

4、置開始向右運動,當線框運動到在每個磁場中各有一半的面積時,線框的速度為則下列判斷錯誤的是 A此過程中通過線框截面的電荷量為B此過程中線框克服安培力做的功為mv2C此時線框的加速度為D此時線框中的電功率為6、將一質點從靜止開始做勻加速直線運動的總時間分成相等的三段，按從開始到最后的順序，則質點經過這三段時間內的平均速度之比是 （ ）A1:4:9B1:3:5C1: : D1:( +1):( + )二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,傾角為37的白色傳送帶以10m

5、/s的速率順時針運行,將一塊質量為1kg的煤塊(可視為質點)無初速地放到傳送帶上端.已知煤塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.5，傳送帶上端到下端的距離為16m，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2，則煤塊從傳送帶上端運動到下端的過程中A所用的時間為2sB煤塊對傳送帶做的總功為零C煤塊在傳送帶上留下黑色印記的長度為6mD因煤塊與傳送帶之間的摩擦而產生的內能為24J8、如圖所示，帶電小球A、B的電荷量分別為QA、QB，都用長為L的絲線懸掛在O點。靜止時A、B相距為d。為使平衡時A、B間距離減為，可采用以下哪些方法（ ）A將小球A、B的質量都增加到原來的2倍B將小球B的質量增加到原來

6、的8倍C將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半D將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半，同時將小球B的質量增加到原來的2倍9、2019年9月的女排世界杯在東京舉行，最終中國女排以11戰(zhàn)全勝且只丟3局的成績成功衛(wèi)冕世界杯冠軍，這也是中國女排第五次奪冠。如圖所示，在一次比賽中，中國女排運動員朱婷將球在邊界處正上方正對球網水平向前擊出，球剛好過網落在圖中位置（不計空氣阻力），相關數據如圖所示，下列說法中正確的是（）A擊球點高度與球網高度之間的關系為B若保持擊球高度不變，球的初速度滿足，一定落在對方界內C任意降低擊球高度（仍大于），只要擊球初速度合適，球一定能落在對方界內D任意增加擊球高度，只要擊球初

7、速度合適，球一定能落在對方界內10、如圖所示，小物塊在豎直平面內的恒力F作用下，沿傾角=30的固定斜面向上運動的過程中，恒力F做功與物塊克服重力做的功相等，下列說法正確的是A若斜面光滑，則小物塊一定勻速上滑B若斜面粗糙，則小物塊一定減速上滑C若斜面光滑，當F最小時，F(xiàn)與斜面的夾角為零D若斜面粗糙，當摩擦力做功最小時，F(xiàn)與斜面的夾角為60三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學在研究性學習中用如圖裝置來驗證機械能守恒定律，輕繩兩端系著質量相等的物體A、B，物體B上放一金屬片C，鐵架臺上固定一金屬圓環(huán)，圓環(huán)處在物體B的正下方，系統(tǒng)靜

8、止時，金屬片C與圓環(huán)間的高度差為h，由靜止釋放后，系統(tǒng)開始運動，當物體B穿過圓環(huán)時，金屬片C被擱置在圓環(huán)上，兩光電門固定在鐵架臺P1、P2處，通過數字計時器可測出物體B通過P1、P2這段距離的時間。（1）若測得P1、P2之間的距離為d，物體B通過這段距離的時間為t，則物體B剛穿過圓環(huán)后的速度v=_。（2）若物體A、B的質量均用M表示，金屬片C的質量用m表示，該實驗中驗證下面_（填正確選項的序號）等式成立，即可驗證牛頓第二定律。Amgh=12Mv2 Bmgh=Mv2Cmgh=12(2M+m)v2 Dmgh=12(M+m)v2 （3）本實驗中的測量儀器除了刻度尺、數字計時器外，還需要_。（4）若M

9、m，改變金屬片C的質量m，使物體B由同一高度落下穿過圓環(huán)，記錄各次的金屬片C的質量m，以及物體B通過P1、P2這段距離的時間t，以mg為橫軸，以_（選填“t2”或“1t2”）為縱軸，通過描點作出的圖線是一條過原點的直線。12（12分）某同學欲采用下列器材研究一個額定電壓為2.5 V的小燈泡(內阻約為6 )的伏安特性曲線。A直流電源(3 V,內阻不計);B電流表(0-0.6 A,內阻約為0.13 );C電壓表(0-3 V,內阻約為3 k);D電壓表(0-15 V,內阻約為15 k);E.滑動變阻器(0-20 ,額定電流為2 A);F.滑動變阻器(0-1000 ,額定電流為0.5 A);G.開關、

10、導線若干。(1)為了減小測量誤差,電壓表應選用_,滑動變阻器應選用_。(填序號A、B、C等) (2)該同學連接電路的實物圖如圖丙所示,請指出他的電路接線中的錯誤:_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示為四旋翼無人機，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前正得到越來越廣泛的應用一架質量m=1 kg的無人機，其動力系統(tǒng)所能提供的最大升力F=36 N，運動過程中所受空氣阻力大小恒為f=4 N取g=10 m/s1求：（1）無人機以最大升力在地面上從靜止開始豎直向上起飛，在t1=5 s時離地面的高度h；

11、（1）某次表演時，當無人機懸停在距離地面高度H=45m處，讓無人機突然失去升力而墜落，要保證無人機不與地面相撞，求最遲在多高處恢復升力；(認為無人機的運動在同一豎直線上)14（16分）從地面斜向上拋出一個質量為m的小球，當小球到達最高點時，小球具有的動能與勢能之比是9：16，選地面為重力勢能參考面，不計空氣阻力，現(xiàn)在此空間加上一個平行于小球運動平面的水平電場，以相同的初速度拋出帶上正電荷量為q的原小球，小球到達最高點時的動能與拋出時動能相等已知重力加速度大小為g試求：(1)無電場時，小球升到最高點的時間；(2)后來所加電場的場強大小15（12分）某校一課外活動小組自制一枚火箭，設火箭從地面發(fā)射

12、后，始終在垂直于地面的方向上運動?；鸺c火后可認為做勻加速直線運動，經過4s到達離地面40 m高處時燃料恰好用完，若不計空氣阻力，取g=10 m/s2，求：(1)燃料恰好用完時火箭的速度；(2)火箭上升離地面的最大高度；(3)火箭從發(fā)射到殘骸落回地面過程的總時間。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】木塊的受力情況，重力G、推力F、桌面對木板的支持力N和摩擦力f，根據平衡條件得，又，由于不變，G不變，則得到N和f均不變，F(xiàn)不變即推力、壓力、摩擦力均不變，D正確2、D【解析】由題意可知考查功能關系和牛頓第二定

13、律應用，根據動能定理、牛頓第二定律分析計算可得。【詳解】A從A到B的過程中，橡皮筋的彈力對小球做負功，小球的機械能守恒減少，轉化為彈性勢能。B從A到B的過程中，取小球為研究對象，由動能定理可得代入數值可求得 即橡皮筋的彈性勢能增加了0.45J，故B錯誤。C D小球過B點時，代入數值可得FN=1.2N橡皮筋上的彈力為1.2N，故D正確，C錯誤?！军c睛】小球下落過程中彈力對其做負功，小球機械能減少，根據動能定理可求出彈力做功多少，由牛頓第二定律可求得彈力的大小。3、A【解析】人對傳送帶的摩擦力方向向右,傳送帶在力的方向上有位移,所以人對傳送帶做功、人的重心不動,繩對人的拉力和人與傳送帶間的摩擦力平

14、衡,而拉力又等于m2g.所以人對傳送帶做功的功率為m2gv.故A對，BCD錯故選A【點睛】通過在力的方向上有無位移判斷力是否做功.人的重心不動知人處于平衡狀態(tài),摩擦力與拉力平衡.4、C【解析】根據動量定理合外力對物體的沖量等于物體動量的變化量即可求解.【詳解】根據動量定理得： ，故C正確，ABD錯誤。【點睛】本題主要考查了動量定理的直接應用。5、D【解析】A. 感應電動勢為：感應電流為：電荷量為：解得此過程中通過線框截面的電荷量為：故A不符題意；B. 由能量守恒定律得，此過程中回路產生的電能為：此過程中線框克服安培力做的功為，故B不符合題意；C. 此時感應電動勢：線框電流為：由牛頓第二定律得：

15、解得此時線框的加速度為：故C不符合題意；D. 此時線框的電功率為：故D符合題意。6、B【解析】質點從靜止開始做勻加速直線運動，設每段時間為T，則有：第一個T末的速度為：v1=aT； 第二個T末的速度為：v2=a2T；第三個T末的速度為：v3=a3T，由勻變速直線運動的推論，可知，可得這三段時間內的平均速度之比是1：3：5，故選B【點睛】熟練掌握勻變速直線運動的三個速度公式和四個位移公式，并靈活運用二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A、開始階段，由牛頓第二

16、定律得：mgsin+mgcos=ma1，所以：a1=gsin+gcos=10m/s2，物體加速至與傳送帶速度相等時需要的時間為：t1=va1=1010s=1s,通過的位移為：x1=12a2t12=121012m=5m,由于mgsin37mgcos37，可知物體與傳送帶不能保持相對靜止。速度相等后，物體所受的摩擦力沿斜面向上。根據牛頓第二定律得：a2=mgsin-mgcosm=gsin37-gcos37=2m/s2,根據l-x1=vt1+12a2t22，代入數據得：t2=1s.則t=t1+t2=2s；故A正確；B、由A的分析可知，煤塊受到的摩擦力的方向始終向上，皮帶向下運動，煤塊對皮帶做負功;故

17、B錯誤.C、第一秒內傳送帶的速度大于煤塊的速度，煤塊相對于傳送帶先后運動，相對位移：x1=vt1-x1=101-5=5m，第二秒煤塊的速度大于傳送帶的速度，煤塊相對于傳送帶向前運動，相對位移：x2=(L-x1)-vt2=(16-5)-101=1m，物塊相對于傳送帶的位移：x=x1-x2=5-1=4m；而小煤塊在白色皮帶上留下黑色印記的長度為5m；故C錯誤.D、物塊相對于傳送帶的路程：L=x1+x2=5+1=6m，因煤塊和皮帶之間的摩擦而產生的內能為：Q=fL=mgcosL=0.5110cos376=24J；故D正確.故選AD.【點睛】解決本題的關鍵理清物體的運動規(guī)律，知道物體先做勻加速直線運動

18、，速度相等后繼續(xù)做勻加速直線運動，兩次勻加速直線運動的加速度不同，結合牛頓第二定律和運動學公式進行求解8、BD【解析】AB如圖所示，B受重力、繩子的拉力及庫侖力；將拉力及庫侖力合成，其合力應與重力大小相等方向相反；由幾何關系可知，；而庫侖力；即： ；要使d變?yōu)椋梢允官|量增大到原來的8倍而保證上式成立；故A錯誤，B正確；CD或將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半，同時小球B的質量增加到原來的2倍，也可保證等式成立；故選項C錯誤，D正確；9、AD【解析】A 平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，水平位移為s和的時間比2：3，則豎直方向上，根據則有解得h1=1.8h2，故A正確；B若保持擊球高度不

19、變，要想球落在對方界內，要既不能出界，又不能觸網，根據得，則平拋運動的最大速度根據得，則平拋運動的最小速度故B錯誤；C任意降低擊球高度（仍大于h2），會有一臨界情況，此時球剛好觸網又剛好壓界，若小于該臨界高度，速度大會出界，速度小會觸網，所以不是高度比網高，就一定能將球發(fā)到界內，故C錯誤；D增加擊球高度，只有速度合適，球一定能發(fā)到對方界內。故D正確。故選AD。10、ACD【解析】應用動能定理判斷物體的運動情況，根據臨界條件判斷外力的方向?！驹斀狻緼若斜面光滑，對物體應用動能定理：可知：，又因為外力F為恒力，所以物體做勻速直線運動，故A正確；B若斜面粗糙，物體可能和斜面無彈力，摩擦力仍然不做功，

20、物體可能做勻速直線運動，故B錯誤；C若斜面光滑，物體向上運動位移為x，對物體應用動能定理：要使F最小，則cos最大為1，所以應為零，故C正確；D若斜面粗糙，摩擦力最小為0，物體與斜面的彈力為0，受力分析可知：又因為恒力F做功與物塊克服重力做的功相等：兩式相比解得：，故D正確?！军c睛】本題主要考察動能定理和正交分解，合理運用方程分析和解決問題。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、dt C 天平 1t2 【解析】（1）1B通過圓環(huán)后將勻速通過光電門，則B剛穿過圓環(huán)后的速度為：v=dt。（2）2選C。設繩子拉力大小為F，對A由牛頓第二定律得：

21、F-Mg=Ma對B與C整體下落h的過程，由牛頓第二定律得：(M+m)g-F=(M+m)a再由運動學公式應有：v2=2ah，聯(lián)立以上各式可得：mg=（2M+m）v22h所以C正確。（3）3根據上面的表達式可知需要已知金屬片C的質量，所以還需要的器材是天平。（4）4在釋放至金屬片C被擱置在圓環(huán)上的過程中，分別對A和B、C由牛頓第二定律可得：對A有F-Mg=Ma對B和C有(M+m)g-F=(M+m)a再由勻變速直線運動公式應有v2=2ah，v=dt聯(lián)立解得：1t2=2h(2M+m)d2mg因為Mm，則1t2=hMd2mg所以，以mg為橫軸，以1t2為縱軸的圖線是一條過原點的直線。12、 ( 1 )

22、C E( 2 ) 應用外接法【解析】（1）燈泡額定電壓為2.5V，電壓表應選C，為方便實驗操作，滑動變阻器總阻值較小的E（2）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，燈泡正常發(fā)光時的電阻約為幾歐姆，電流表內阻約為0.13，電壓表內阻約為3k，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，而實物圖中電流表采用了內接法，則根據原理可知，本實驗應采用電流表外接法；【點睛】本題考查了實驗器材的選擇、設計實驗電路圖、連接實物電路圖，要正確實驗器材的選擇原則，確定滑動變阻器與電流表的接法是正確設計電路的關鍵四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處

23、，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）75m ; ( 1 ) 10m【解析】（1）由牛頓第二定律有：F-mg-f=ma代入數據計算得出:a=6m/s2 ,上升高度為:h=12at2=12625=75m （1）下落過程中有:mg-f=ma 代入數據計算得出:a=8m/s2設離地h時恢復升力，此時無人飛機的速度是v ，在下降過程中恢復升力時的加速度為a 由牛頓第二定律得：F+f-mg=ma ，解得：a=10m/s2 H=v22a+v22a h=v22a 代入數據得：h=20m 綜上所述本題答案是：（1）75m ; ( 1 ) 10m14、 (1)(2)或【解析】試題分析：（1）無電場時，當小球到達最高點時，小球具有的動能與勢能之比是將小球的運動分解為水平方向和豎直方向，則