2023屆江蘇省蘇州市新草橋中學(xué)物理高三上期中經(jīng)典試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、如圖所示，物塊的質(zhì)量為m，在恒力F的作用下，緊靠在天花板上保持靜止，若物體與天花板間的動摩擦因數(shù)為，則A物體可能受到3個力作用B天花板對物體摩擦力的大小一定為Fcos C天花板對物體摩擦力的大小一定為Fsin D物塊對天花板的壓力大小為Fsin 2、從同一點沿不同方向拋出質(zhì)量相同的A、B兩球，返回同一高度時，兩球再次經(jīng)過同一點，如圖所示。如果不計空氣阻力，關(guān)于兩球的運動，下列說法正確的是A在空中運動時小球A速度的變化率大于小球B速度的變化率B小球A在空中運動的時間大于小球B在空中運動的時間CA、B兩球落地時速度一定相等D兩球落地時重力做功的功率可能相等3、如圖為一種服務(wù)型機

3、器人，其額定功率為48W額定工作電壓為24V機器人的鋰電池容量為20Ah則機器人A額定工作電流為20AB充滿電后最長工作時間為2hC電池充滿電后總電量為D以額定電流工作時毎秒消耗能量為20J4、如圖所示為汽車在水平路面上啟動過程中的速度圖象，oa為過原點的傾斜直線，ab段表示以額定功率行駛時的加速階段，bc段是與ab段相切的水平直線，則下述說法正確的是（）A0時間內(nèi)汽車做勻加速運動且功率恒定B時間內(nèi)汽車牽引力做功為C時間內(nèi)的平均速度為D在全過程中時刻的牽引力及其功率都是最大值，時間內(nèi)牽引力最小5、如圖，水平傳送帶以恒定速度順時針轉(zhuǎn)動，傳送帶右端上方的擋板上固定著一輕彈簧將小物塊P輕放在傳送帶左

4、端，P在接觸彈簧前速度已達到v，與彈簧接觸后彈簧的最大形變量為dP的質(zhì)量為m，與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g從P開始接觸彈簧到彈簧第一次達到最大形變的過程中AP的速度一直減小B傳送帶對P做功的功率一直減小C傳送帶對P做的功WmgdD彈簧的彈性勢能變化量Ek=mv2+mgd6、如圖所示，一物塊放置在傾角為的斜面體上，斜面體放置于水平地面若用與水平方向成角、大小為F的力推物塊恰能使其在斜面體上勻速下滑，斜面體始終靜止下列關(guān)于斜面體受地面摩擦力的說法正確的是（ ）A大小為0B方向水平向左，大小為FsinC方向水平向左，大小為FcosD方向水平向左，大小為Fco

5、s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一球形行星對其周圍物體的萬有引力使物體產(chǎn)生的加速度用a表示，物體到球形行星表面的距離用h表示，a隨h變化的圖象如圖所示，圖中a1、h1、a2、h2及萬有引力常量G均為己知根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計算出（ ）A該行星的半徑 B該行星的質(zhì)量C該行星的自轉(zhuǎn)周期 D該行星同步衛(wèi)星離行星表面的高度8、一小球在豎直方向的升降機中，由靜止幵始豎直向上做直線運動，運動過程中小球的機械能E與其上升高度h關(guān)系的圖象如圖所示，其中0h1過程的圖線為曲線，h1h

6、2過程的圖線為直線.根據(jù)該圖象，下列說法正確的是（ ）A0h1過程中，小球的動能可能先增加后減少B0h1過程中，升降機對小球的支持力一定做正功Ch1h2過程中，小球的重力勢能可能不變Dh1h2過程中，小球的動能可能不變9、如圖甲所示，足夠長的木板B靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A滑塊A受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，滑塊A的加速度a與拉力F的關(guān)系圖象如圖乙所示滑塊A的質(zhì)量記作，長木板B的質(zhì)量記作，則（ ）ABCD10、在冰壺比賽中，某隊員利用紅壺去碰撞對方的藍壺，兩者在大本營中心發(fā)生對心碰撞如圖(a)所示，碰后運動員用冰壺刷摩擦藍壺前進方向的冰面來減小阻力，碰撞前后兩壺運動的v-t圖線

7、如圖(b)中實線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量均為19 kg，則A碰后藍壺速度為0.8msB碰后藍壺移動的距離為2.4mC碰撞過程兩壺損失的動能為7.22JD碰后紅、藍兩壺所受摩擦力之比為5：4三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，某實驗小組按圖（甲)所示的電路圖連好實驗電路，合上開關(guān)，電流表和電壓表的讀數(shù)正常，當將滑動變阻器的滑片由A端向B端逐漸滑動時，發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)逐漸增大，而電壓表的示數(shù)接近1.5V且?guī)缀醪蛔?，直到當滑片滑至臨近B端時電壓表的示數(shù)急劇變化，這種情況很難讀出數(shù)值分

8、布均勻的幾組不同的電流值、電壓值(1)出現(xiàn)上述情況的原因是_，改進方法是_(2)改進后，測出幾組電流、電壓的數(shù)值，并畫出如圖（乙)所示的圖象，由圖象可知，這個電池的電動勢E=_V，內(nèi)阻r=_(均保留三位有效數(shù)字）12（12分）某探究性學(xué)習小組利用如圖所示的電路測量電池的電動勢和內(nèi)阻其中電流表A1的內(nèi)阻r1=1.0 k，電阻R1=9.0 k，為了方便讀數(shù)和作圖，給電池串聯(lián)一個R0=3.0 的電阻（1）按圖示電路進行連接后，發(fā)現(xiàn)、和三條導(dǎo)線中，混進了一條內(nèi)部斷開的導(dǎo)線為了確定哪一條導(dǎo)線內(nèi)部是斷開的，將電建S閉合，用多用電表的電壓擋先測量a、間電壓，讀數(shù)不為零，再測量、間電壓，若讀數(shù)不為零，則一定是

9、_導(dǎo)線斷開；若讀數(shù)為零，則一定是_導(dǎo)線斷開 （2）排除故障后，該小組順利完成實驗通過多次改變滑動變阻器觸頭位置，得到電流表A1和A2的多組I1、I2數(shù)據(jù)，作出圖象如右圖由I1I2圖象得到電池的電動勢E=_V，內(nèi)阻r=_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，光滑水平面MN左端有一固定彈性擋板P(物體與擋板碰撞時無能量損失)，右端N與處于同一高度的水平傳送帶之間的間隙可忽略，傳送帶以的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動。MN上放置著三個可視為質(zhì)點的物體A、B和C，質(zhì)量分別為mA=4kg、mB=1kg、mC=1kg，開始

10、時，A、B靜止，AB間有一個鎖定的被壓縮的輕質(zhì)彈簧，彈性勢能EP=40J，物體C靜止在N點。現(xiàn)解除鎖定，A、B被彈開后迅速移走彈簧，B和C相碰后粘在一起。A、B、C三個物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為=0.2，g=10m/s2。求：(1)物體A、B被彈開時各自速度的大小；(2)要使A與BC能在水平面MN上發(fā)生相向碰撞，則傳送帶NQ部分的長度L至少多長；(3)若傳送帶NQ部分長度等于(2)問中的最小值，物體A與BC碰撞后結(jié)合成整體，此整體從滑上傳送帶到第一次離開傳送帶的過程中，系統(tǒng)有多少機械能轉(zhuǎn)化成內(nèi)能。14（16分）如圖所示，A、B是水平傳送帶的兩個端點，起初以的速度順時針運轉(zhuǎn)，今將一小物塊（可

11、視為質(zhì)點）無初速度地輕放在A處，同時傳送帶以的加速度加速運轉(zhuǎn)，物體和傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.2，水平桌面右側(cè)有一豎直放置的光滑軌道CPN，其形狀為半徑R=0.8m的圓環(huán)剪去了左上角135的圓弧，PN為其豎直直徑，C點與B點的豎直距離為R，物體離開傳送帶后由C點恰好無碰撞落入軌道，求：（1）判斷物體能否沿圓軌道到達N點。（2）物塊由A端運動到B端所經(jīng)歷的時間。（3）AC間的水平距離；15（12分）如圖所示，實線表示簡諧波在t10時刻的波形圖，虛線表示t20.5s時的波形圖 若波向左傳播，波的速度多大？ 若T(t2t1)2T，波向右傳播的速度多大？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分

12、，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】對物體受力分析，將推力F正交分解，如圖，根據(jù)共點力平衡條件，有：水平方向：Fcos-f=0豎直方向Fsin-N-mg=0解得：f=FcosN=Fsin-mg根據(jù)牛頓第三定律，壓力也為Fsin-mgA.由分析可知，物體一定受4個力作用，故A錯誤；B. 天花板對物體摩擦力的大小一定為Fcos 與分析相符，故B正確；C. 天花板對物體摩擦力的大小一定為Fsin 與分析不符，故C錯誤；D. 物塊對天花板的壓力大小為Fsin 與分析不符，故D錯誤。2、B【解析】A.兩球在空中運動時，只受重力，加速度為都為g，所以兩球在空中運動

13、時速度的變化率相等.故A錯誤.B.由圖可知，兩球在豎直方向上做豎直上拋運動，A球上升的高度大，即A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，所以A球運動的時間長.故B正確.C.由B分析可知，A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，則A球運動的時間長。根據(jù)題意可知兩球水平方向距離相等，則A球的水平分速度小于B球的水平分速度，兩球在整個運動過程中，機械能守恒，根據(jù)運動的合成可知，兩球落地時速度不一定相等.故C錯誤.D. 由B分析可知，A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，所以兩球落地時重力做功的功率A球的大于B球的.故D錯誤.3、C【解析】A.得，額定工作電流：,A錯誤；B. 充滿電后最長工作時間：，B錯

14、誤；C. 電池充滿電后總電量為C正確；D.額定電流工作時每秒消耗能量.D錯誤4、D【解析】A、0t1時間內(nèi)為傾斜的直線，故汽車做勻加速運動，故牽引力恒定，由P=Fv可知，汽車的牽引力的功率均勻增大，故A錯誤；B、t1t2時間內(nèi)動能的變化量為，而在運動中受牽引力及阻力，故牽引力做功一定大于此值，故B錯誤。C、t1t2時間內(nèi)，若圖象為直線時，平均速度為，而現(xiàn)在圖象為曲線，故圖象的面積大于直線時的面積，平均速度大于此速度，故C錯誤。D、由P=Fv及運動過程可知，t1時刻物體的牽引力最大，此后功率不變，而速度增大，故牽引力減小，而t2t3時間內(nèi)物體做勻速直線運動，物體的牽引力最小，故D正確。故選D.【

15、點睛】本題由圖象確定物體的運動情況，由P=Fv可分析牽引力及功率的變化；平均速度公式只適用于勻變速直線運動5、C【解析】A項：P與彈簧接觸后在水平方向受彈簧力作用， P受的靜摩擦力向右，P做勻速運動，運動到彈力與最大摩擦力相等時，P物體由慣性P繼續(xù)壓縮彈簧，P接下來做減速運動直到速度為零，故A錯誤；B項：由公式可知，由于P先做勻速后做減速，由于靜摩擦力增大，速度不變，所以功率先增大，后滑動摩擦力不變，速度減小，所以功率減小，故B錯誤；C項：由于P開始到彈力與最大靜摩擦力相等的過程中P受的為靜摩擦力，后來為滑動摩擦力，所以傳送帶對P做的功小于mgd，故C正確；D項：對滑塊由動能定理得：，由于，所

16、以彈簧的彈性勢能變化量小于mv2+mgd，故D錯誤故選C6、D【解析】因為斜面靜止，而物塊勻速下滑，故對斜面和木塊的整體受力分析可知，水平方向有：f地= Fcos，方向水平向左，故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A、球形行星對其周圍質(zhì)量為m的物體的萬有引力：F=ma=GMmR+h2所以：a1=GMR+h12，a2=GMR+h22，聯(lián)立可得：R=h1a1a2-h21-a1a2，A正確；B、將R=h1a1a2-h21-a1a2代入加速度的表達式a1=G

17、MR+h12即可求出該行星的質(zhì)量，B正確；C、由題目以及相關(guān)的公式的物理量都與該行星轉(zhuǎn)動的自轉(zhuǎn)周期無關(guān)，所以不能求出該行星的自轉(zhuǎn)周期，C錯誤；D、由于不能求出該行星的自轉(zhuǎn)周期，所以也不能求出該行星同步衛(wèi)星離行星表面的高度，D錯誤；故選AB。8、ABD【解析】A、B、設(shè)升降機對物體的支持力大小為F，由功能關(guān)系得：Fh=E，即F=Eh，所以E-h圖象切線斜率的絕對值等于小球所受支持力的大小，由圖可知在0h1內(nèi)斜率的絕對值逐漸減小，故在0h1內(nèi)小球所受的支持力逐漸減小，若支持力先大于重力后小于重力，物體先做加速運動后做減速運動，動能會先增加后減小；故A正確.B、0h1過程中，升降機對小球的支持力方向

18、與位移相同均向上，則支持力對小球的支持力一定做正功；故B正確.C、由于小球在h1h2內(nèi)重力勢能隨高度的增大而增大；故C錯誤.D、由于小球在h1h2內(nèi)E-h圖的斜率不變，所以小球所受的支持力保持不變，可能與重力平衡，故物體可能做勻速運動，動能不變；故D正確.故選ABD.【點睛】本題關(guān)鍵要掌握功能關(guān)系，并能列式分析圖象斜率的物理意義，知道E-h圖象的斜率的絕對值等于支持力9、AC【解析】當F等于12N時，加速度為：a=3m/s2，對整體分析，由牛頓第二定律有：F=（mA+mB）a；解得：mA+mB=4kg，當F大于12N時，對A，由牛頓第二定律得：；由圖示圖象可知，圖線的斜率：，解得A的質(zhì)量：mA

19、=1kg，B的質(zhì)量為：mB=3kg故AC正確，BD錯誤；故選AC【點睛】本題考查牛頓第二定律與圖象的綜合，知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運動規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵，掌握處理圖象問題的一般方法，通常通過圖線的斜率和截距入手分析10、AD【解析】由圖可知碰撞前后紅壺的速度為和，由動量守恒可得，解得碰后藍壺速度為，由數(shù)學(xué)關(guān)系可得紅冰壺如果不發(fā)生碰撞有，故藍色冰壺停止運動得時間為t=5s，碰后藍壺移動的距離為，碰撞過程兩壺損失的動能為，紅壺所受摩擦力，藍壺所受摩擦力，. 碰后紅、藍兩壺所受摩擦力之比為，故AD正確，BC錯誤；故選AD【點睛】由動量守恒可得碰后藍壺速度大小，碰撞過程兩壺損失的動能為初末動

20、能之差，碰后紅、藍兩壺所受摩擦力之比由牛頓運動定律求出三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、滑動變阻器阻值太大，有效調(diào)節(jié)部分太短 選擇阻值較小的滑動變阻器 1.48 2.40 【解析】(1)12滑動變阻器串聯(lián)在電路中，電壓表測量路端電壓，剛開始滑動觸頭P由A端向B端逐漸滑動時，電壓表的示數(shù)幾乎不變，說明隨著電阻的變小，滑動變阻器的電阻占整個電路電阻的比例變化不大，直到當滑動觸頭P滑至臨近B端時，電壓表的示數(shù)急劇變化，說明滑線變阻器的總電阻太大。所以原因是：滑動變阻器阻值太大，有效使用的部分短，改進方法為：選擇阻值更小的滑動變阻器。(2)3

21、4 U-I圖象的縱軸截距表示電源的電動勢，故E=1.48V，內(nèi)電阻等于圖線的斜率，故12、 1.41（1.361.44均可） 0.5（0.40.6均可） 【解析】用電壓擋檢測電路故障，電壓表的表頭是電流計，原電路有斷路，回路中無電流，將電壓表接在間后有示數(shù)，說明電路被接通，即間有斷路故障，再測量間電壓，電壓表讀數(shù)不為零，說明斷路故障的范圍被縮小到間，則一定是導(dǎo)線斷開；若讀數(shù)為零，則說明電路仍未被接通，斷路故障的范圍被確定在間根據(jù)閉合電路的歐姆定律：，上式可簡化為，讀出兩點坐標：（60，0.12）和（260，0.05），代入方程解得：電動勢E=1.41 V，內(nèi)阻r=0.5 點睛:由圖象法處理實驗

22、數(shù)據(jù)的關(guān)鍵是要理解圖線的物理意義縱軸截距和斜率表示什么，閉合電路的歐姆定律是核心四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1），（2）（3）【解析】（1）A、B被彈簧彈開的過程實際是爆炸模型，符合動量守恒、AB及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒；（2）B與C碰撞的過程中動量守恒，由此求出碰撞后的速度；對BC，運用用動能定理可以求出傳送帶NQ部分的長度；（3）我們用逆向思維考慮：A、B整體最后剛好從Q點滑出那么它的末速度一定為零，即他們一直做勻減速運動，則A、B碰撞后的公共速度可求；而碰撞前B的速度已知，那么碰撞前A的速度利用動

23、量守恒可求；既然A的速度求出來了，利用功能關(guān)系即可求出系統(tǒng)有多少機械能轉(zhuǎn)化成內(nèi)能；【詳解】（1）A、B物塊被彈簧彈開的過程中，取向右為正方向，由動量守恒定律得： 由能量守恒知： 解得：，； （2）B與C碰撞的過程中動量守恒，選取向右為正方向，則： 代入數(shù)據(jù)得： 要使三物塊能在水平面MN上發(fā)生碰撞，小物塊BC不能在傳送帶的Q端掉下，則小物塊BC在傳送帶上至多減速運動達Q處。以BC物塊為研究對象，滑到最右端時速度為0，據(jù)動能定理有： 解得：； （3）傳送帶的速度小于，可知物塊BC返回過程先加速后勻速，到達水平面MN上時的速度等于傳送帶速度大小，故若兩物塊A、BC在水平面MN上相向碰撞結(jié)合成整體，設(shè)共同速度為，根據(jù)動量守恒有：解得：，方向向