2022-2023學(xué)年山西省朔州市平魯區(qū)李林中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請(qǐng)注意：1答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫(xiě)在試卷密封線(xiàn)內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫(xiě)在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫(xiě)在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、物體靜止在光滑水平面上，先對(duì)物體施一水平向右的恒力F1，經(jīng)t秒后物體的速率為v1時(shí)撤去F1，立即再對(duì)它施一水平向左的水平恒力F2，又經(jīng)2t秒后物體回到出發(fā)點(diǎn)，此時(shí)速率為v2，

2、則v1、v2間的關(guān)系是 （ ）A B C D2、為使交通有序、安全，公路旁設(shè)立了許多交通標(biāo)志，如下圖甲是限速標(biāo)志（白底、紅圈、黑字），表示允許行駛的最大速度是80；圖乙是路線(xiàn)指示標(biāo)志，表示到青島還有160，則這兩個(gè)數(shù)據(jù)的物理意義分別是（） A80是瞬時(shí)速度，160是位移B80是瞬時(shí)速度，160是路程C80是平均速度，160是位移D80是平均速度，160是路程3、圖示為一帶電粒子在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的一段軌跡，A、B為軌跡上的兩點(diǎn)已知該粒子質(zhì)量為m、電荷量為q，其在A點(diǎn)的速度大小為vo，方向豎直向上，到B點(diǎn)時(shí)速度方向與水平方向的夾角為30，粒子重力不計(jì)則A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為ABCD4、一

3、石塊從地面上方高H處自由落下，不計(jì)空氣阻力，當(dāng)它的速度大小等于著地時(shí)速度的一半時(shí)，石塊下落的高度是（ ）ABCD5、我國(guó)繼嫦娥三號(hào)之后將于2018年發(fā)射嫦娥四號(hào),它將首次探秘月球背面，實(shí)現(xiàn)人類(lèi)航天器在月球背面的首次著陸為“照亮”嫦娥四號(hào)”駕臨月球背面之路，一顆承載地月中轉(zhuǎn)通信任務(wù)的中繼衛(wèi)星將在嫦娥四號(hào)發(fā)射前半年進(jìn)入到地月拉格朗日點(diǎn)在該點(diǎn)，地球、月球和中繼衛(wèi)星位于同一直線(xiàn)上，且中繼衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期與月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同，則（ ）A中繼衛(wèi)星的周期為一年B中繼衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力僅由地球提供C中繼衛(wèi)星的線(xiàn)速度小于月球運(yùn)動(dòng)的線(xiàn)速度D中繼衛(wèi)星的加速度大于月球運(yùn)動(dòng)的加速度6、如圖所示

4、，蹺蹺板上的A、B兩點(diǎn)的角速度分別為和，線(xiàn)速度大小分別為和，則（）A，B，C，D，二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一物體做平拋運(yùn)動(dòng)，在先后兩個(gè)不同時(shí)刻的速度分別為和，時(shí)間間隔為那么A和的方向可能相同B物體做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度恒定，做勻變速運(yùn)動(dòng)，速度改變量的方向逐漸向豎直方向偏轉(zhuǎn)，但永遠(yuǎn)達(dá)不到豎直方向C由到的速度變化量的方向一定豎直向下D由到的速度變化量的大小為8、質(zhì)量為m的物體，在距地面h高處以初速度V豎直向下拋出其加速度大小為0.5g,方向豎直向下則在其下落到地

5、面的過(guò)程中下列說(shuō)法中正確的是（ ）A物體的重力勢(shì)能減少B物體的動(dòng)能增加C物體的機(jī)械能減少D落地時(shí)的動(dòng)能為9、在光滑水平面上，動(dòng)能為E0、動(dòng)量的大小為p0的小鋼球1與靜止小鋼球1發(fā)生碰撞，碰撞前后球1的運(yùn)動(dòng)方向相反將碰撞后球1的動(dòng)能和動(dòng)量的大小分別記為E1、p1，球1的動(dòng)能和動(dòng)量的大小分別記為E1、p1則必有( )AE1E0Bp1p0CE1E0Dp1p010、科學(xué)家關(guān)于物體運(yùn)動(dòng)的研究對(duì)樹(shù)立正確的自然現(xiàn)象具有重要作用下列說(shuō)法符合歷史事實(shí)的是A亞里士多德認(rèn)為，必須有力作用在物體上，物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)才會(huì)改變B伽利略通過(guò)“理想實(shí)驗(yàn)”得出結(jié)論：運(yùn)動(dòng)必具有一定速度，如果它不受力，它將以這一速度永遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)下去C笛

6、卡兒指出：如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒(méi)有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，既不停下來(lái)也不偏離原來(lái)的方向D牛頓認(rèn)為，物體具有保持原來(lái)勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）某同學(xué)做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫(huà)出的圖(1)如果沒(méi)有操作失誤，圖乙中的F與F兩力中，方向一定沿AO方向的是_（填F或F）(2)本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是_A理想實(shí)驗(yàn)法 B等效替代法 C控制變量法 D建立物理模型法(3)為

7、盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，下列操作中正確的是_A測(cè)力計(jì)、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行B兩細(xì)繩必須等長(zhǎng)C標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些D用兩個(gè)測(cè)力計(jì)同時(shí)拉細(xì)繩時(shí)，夾角應(yīng)等于9012（12分）某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的裝置探究動(dòng)能定理。將小鋼球從固定軌道傾斜部分某處由靜止釋放，經(jīng)軌道末端水平飛出，落到鋪著白紙和復(fù)寫(xiě)紙的水平地面上，在白紙上留下點(diǎn)跡。為了使問(wèn)題簡(jiǎn)化，小鋼球在軌道傾斜部分下滑的距離分別為L(zhǎng)、2L、3L、4L，這樣在軌道傾斜部分合外力對(duì)小鋼球做的功W就可以分別記為W0、2W0、3 W0、4 W0（1）為了探究動(dòng)能定理，除了測(cè)量小鋼球離開(kāi)軌道后的下落高度h和水平位移s外，還需測(cè)量_AL、2 L、3 L、

8、4 L的具體數(shù)值B軌道與小鋼球之間的動(dòng)摩擦因數(shù)C小鋼球的質(zhì)量m（2）請(qǐng)用上述必要的物理量補(bǔ)充完整探究動(dòng)能定理的關(guān)系式：W=_；（3）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差必須進(jìn)行多次測(cè)量，在L、2 L、3 L、4 L處的每個(gè)釋放點(diǎn)都要讓小鋼球重復(fù)釋放多次，在白紙上留下多個(gè)點(diǎn)跡。那么，確定在同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點(diǎn)位置的方法是_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）裝卸工要將質(zhì)量為50kg的木箱搬到卡車(chē)上，找來(lái)了長(zhǎng)為4.4m的木板，做了一個(gè)傾角為的斜面. 裝卸工用大小為500N、方向與斜面成的斜向上的拉力F將木箱拉上

9、卡車(chē). 已知木箱與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)，.(1)木箱向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度的大小. （2）要將木箱拉上卡車(chē)，拉力F至少需作用多長(zhǎng)的距離？14（16分）如圖所示的升降機(jī)中，用OA、OB兩根繩子吊一個(gè)質(zhì)量為20kg的重物，若OA與豎直方向的夾角37，OA垂直于OB，且兩繩所能承受的最大拉力均為320N，試求：（1）請(qǐng)判斷，隨著拉力增大，OA繩先斷還是OB繩先斷.（2）為使繩子不斷，升降機(jī)豎直向上的加速度最大為多少？15（12分）在如圖所示的裝置中，離子源A可提供速度很小的正離子（其速度可視為零），經(jīng)加速電壓加速后從S點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，虛線(xiàn)框?yàn)榇艌?chǎng)區(qū)域的邊界線(xiàn)，在磁場(chǎng)作用下，離子沿半

10、個(gè)圓周運(yùn)動(dòng)后射出磁場(chǎng)，射出點(diǎn)P到S的距離用x表示（1）當(dāng)離子源提供的是單一種類(lèi)的第一種離子時(shí)，P到S的距離為x1，當(dāng)離子源提供的是單一種類(lèi)的第二種離子時(shí)，P到S的距離為x2，已知x1/x2=a試求這兩種離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比（2）若離子源A提供的是由H+、D+、4He+、H2+混合而成的多種離子，又通過(guò)速度選擇器使各種離子的速度的速率都為v，當(dāng)這些離子從S點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，從磁場(chǎng)射出時(shí)可分離出哪幾種離子束？若v=2.0106m/s,B=0.50T,元電荷e=1.6010-19C，質(zhì)子質(zhì)量mP=1.6810-27kg,試求各種離子出點(diǎn)P到S的距離參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4

11、分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】在ts內(nèi)的位移x1a1t1，末速度為v1=a1t則在1t內(nèi)的位移x1v11ta1(1t)1根據(jù)x1=-x1得， 根據(jù)速度時(shí)間公式得，v1=a1t，-v1=v1-a11t，解得3v1=1v1故C正確，ABD錯(cuò)誤故選C2、B【解析】限速標(biāo)志中允許行駛的最大速度是80km/h是指瞬時(shí)速度；路線(xiàn)指示標(biāo)志中表示到青島還有160km是指路徑的長(zhǎng)度，即路程，選項(xiàng)B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B.3、C【解析】分析可知，該帶電粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在B點(diǎn)將速度分解，找到B點(diǎn)速度和分速度的關(guān)系，求出B點(diǎn)速度；從A到B根據(jù)動(dòng)能定理，即可

12、求解A、B兩點(diǎn)電勢(shì)差【詳解】根據(jù)題意，在B點(diǎn)，解得：從A到B根據(jù)動(dòng)能定理得：聯(lián)立上述各式得：故選C【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是通過(guò)運(yùn)動(dòng)的合成與分解得到A點(diǎn)速度和B點(diǎn)速度的關(guān)系，然后結(jié)合動(dòng)能定理列式求解電勢(shì)差4、A【解析】設(shè)石塊落地時(shí)的速度大小為v由v2-v02=2gx得v2-0=2gH ；()2-0=2gh ；聯(lián)立解得：h=5、D【解析】A中繼衛(wèi)星的周期與月球繞地球運(yùn)動(dòng)的周期相等都為一個(gè)月，故A錯(cuò)；B衛(wèi)星的向心力由月球和地球引力的合力提供，則B錯(cuò)誤；C衛(wèi)星與地球同步繞地球運(yùn)動(dòng),角速度相等，根據(jù)，知衛(wèi)星的線(xiàn)速度大于月球的線(xiàn)速度.故C錯(cuò)誤；D根據(jù)知，衛(wèi)星的向心加速度大于月球的向心加速度，故D正確；故選D。點(diǎn)

13、睛：衛(wèi)星與月球同步繞地球運(yùn)動(dòng),角速度相等,衛(wèi)星靠地球和月球引力的合力提供向心力,根據(jù),比較線(xiàn)速度和向心加速度的大小6、C【解析】蹺蹺板在轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，橫梁上A、B兩點(diǎn)繞O點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)屬同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，故有由于根據(jù)得故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】平拋運(yùn)動(dòng)的水平分速度不變，豎直分速度逐漸增大，根據(jù)平行四邊形定則判斷速度的方向關(guān)系平拋運(yùn)動(dòng)的加速度不變，做勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，結(jié)合加速度的方向得出速度變化量的方向以及速度變化量的大小?！驹斀?/p>

14、】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向的分速度不變，豎直分速度逐漸增大，根據(jù)平行四邊形定則知，和的方向不同，故A錯(cuò)誤；物體做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度恒定，做勻變速運(yùn)動(dòng)，由于加速度的方向豎直向下，則速度變化量的方向始終豎直向下，故B錯(cuò)誤；由于加速度的方向向下，則由到的速度變化量的方向一定豎直向下，大小，故CD正確。所以CD正確，AB錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，知道速度變化量的方向與加速度的方向相同，基礎(chǔ)題。8、BC【解析】A、物體在下落過(guò)程中，重力做正功為，則重力勢(shì)能減小即為故A錯(cuò)誤， B、物體所受的合力為，則合力做功為 ，所以動(dòng)能增加了，故B正確；C、物體下落過(guò)程中受到向下的重力和向上的力，而物體

15、下落過(guò)程中受到的合外力大小為 ，即 解得： 機(jī)械能的改變與做功的多少有關(guān)，所以機(jī)械能減少了 ，故C正確；D、由動(dòng)能定理知： ，所以，故D錯(cuò)誤；綜上所述本題答案是：BC9、ABD【解析】根據(jù)碰撞過(guò)程中總動(dòng)能不增加，必有 E1E2，E1E2，根據(jù)可知，P1P2否則就違反了能量守恒定律。故AB正確，C錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：P2=P1-P1，得到P1=P2+P1，可見(jiàn)，P1P2故D正確。故選ABD.10、BCD【解析】試題分析:A、亞里士多德認(rèn)為，必須有力作用在物體上，物體才會(huì)運(yùn)動(dòng)，沒(méi)有力的作用，物體就要靜止下來(lái)，A錯(cuò)誤；B、伽利略通過(guò)“理想實(shí)驗(yàn)”得出結(jié)論：運(yùn)動(dòng)必具有一定速度，如果它不受力，它將以

16、這一速度永遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)下去，B正確；C、笛卡兒指出：如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒(méi)有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，既不停下來(lái)也不偏離原來(lái)的方向，C正確；D、牛頓認(rèn)為，物體具有保持原來(lái)勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)，即慣性，D正確；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、 ; B; C; 【解析】試題分析：（1）F是通過(guò)作圖的方法得到合力的理論值，而F是通過(guò)一個(gè)彈簧稱(chēng)沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長(zhǎng)到O點(diǎn)，使得一個(gè)彈簧稱(chēng)的拉力與兩個(gè)彈簧稱(chēng)的拉力效果相同，測(cè)量出的合力故方向一定沿AO方向的是F，由于誤差的存在F和F方向并不在重合；（2）合力與

17、分力是等效替代的關(guān)系，所以本實(shí)驗(yàn)采用的等效替代法故選B（3）兩分力的夾角大小要適當(dāng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；使兩分力的大小要適當(dāng)，不一定相差太大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤； 盡可能使兩分力與紙面平行，以減小實(shí)驗(yàn)的誤差，選項(xiàng)C正確；橡皮條沒(méi)必要太長(zhǎng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C考點(diǎn)：驗(yàn)證平行四邊形定則【名師點(diǎn)睛】本實(shí)驗(yàn)考查驗(yàn)證平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)，采用的是“等效替代”的方法，即一個(gè)合力與幾個(gè)分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明確“理論值”和“實(shí)驗(yàn)值”的區(qū)別12、C 用盡可能小的圓圈住所有落點(diǎn)，圓心即為平均落點(diǎn)的位置 【解析】(1)1 根據(jù)動(dòng)能定律可得：根據(jù)平拋規(guī)律可得：聯(lián)立可得探究動(dòng)能定理的關(guān)系式：根據(jù)表達(dá)式可知為了探究動(dòng)能定

18、理，并測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣冗€需測(cè)量的量為小鋼球的質(zhì)量m，故AB錯(cuò)誤，C正確(2)2 由解析（1）可知探究動(dòng)能定理的關(guān)系式為：。(3)3 從斜槽上同一位置靜止?jié)L下，由于存在誤差落于地面紙上的點(diǎn)跡，形成不完全重合的記錄痕跡，平均確定落點(diǎn)位置的方法為：用盡可能小的圓圈住所有落點(diǎn)，圓心即為平均落點(diǎn)的位置；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）【解析】（1）由牛頓第二定律:解得：（2）撤去拉力后:解得：設(shè)運(yùn)動(dòng)最大速度為v：解得14、（1）OA繩先斷 （2）a=10m/s2【解析】(1)OA垂直于OB，分析物塊受力有：因?yàn)?7，所以可知：所以O(shè)A繩先斷.(2)分析知當(dāng)OA繩拉力最大時(shí)，加速度最大代入數(shù)據(jù)可得a=10m/s2答：(1)隨著拉力增大，OA繩先斷.(2)為使繩子不斷，升降機(jī)豎直向上的加速度最大為a=10m/s2.15、（1）（2） 【解析】（1）設(shè)加速電壓為U，電量為q，加速后的速度為v，根據(jù)動(dòng)能定理得： 粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后在洛倫茲力的作用下做圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為R，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.則有：