2019-2020年高三4月模擬考試?yán)砭C物理試題含解析

1、2019-2020年高三4月模擬考試?yán)砭C物理試題含解析一、選擇題（本題包括7小題，每小題給出的四個選項中，有的只有一個選項正確，有的有多個選項正確，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分）1（6分）烤鴨的烤制過程沒有添加任何調(diào)料，只是在烤制過程之前，把烤鴨放在腌制湯中腌制一定時間，鹽就會進入肉里則下列說法正確的是（） A 如果讓腌制湯溫度升高，鹽進入鴨肉的速度就會加快 B 烤鴨的腌制過程說明分子之間有引力，把鹽分子吸進鴨肉里 C 在腌制湯中，只有鹽分子進入鴨肉，不會有鹽分子從鴨肉里面出來 D 把鴨肉放入腌制湯后立刻冷凍，將不會有鹽分子進入鴨肉【考點】： 分子的熱運動【專題】

2、： 分子運動論專題【分析】： 鹽進入肉里屬于擴散現(xiàn)象，是分子無規(guī)則熱運動的結(jié)果，溫度越高，根子運動越劇烈【解析】： 解：A、如果讓腌制湯溫度升高，分子運動更劇烈，則鹽進入鴨肉的速度就會加快，故A正確；B、烤鴨的腌制過程鹽會進入肉里說明分子之間有間隙，以及說明分子不聽的做無規(guī)則運動，不是因為分子之間有引力，故B錯誤；C、在腌制湯中，有鹽分子進入鴨肉，分子運動是無規(guī)則的，同樣會有鹽分子從鴨肉里面出來，故C錯誤；D、把鴨肉放入腌制湯后立刻冷凍，仍然會有鹽分子進入鴨肉，因為分子運動是永不停息的，故D錯誤；故選：A【點評】： 本題考查了分子熱運動的特點：分子熱運動的劇烈程度與溫度有關(guān)；分子一直永不停息在

3、做無規(guī)則運動2（6分）（2015薛城區(qū)校級模擬）如圖，傳送帶與水平面夾角=37，并以v=l0m/s的速度運行，在傳送帶的A端輕輕地放一小物體，若已知傳送帶與物體之間的動摩擦因數(shù)=0.5，傳送帶A到B端的距離s=l6m，則小物體從A端運動到B端所需的時間可能是（g=10m/s2）（） A 1.8s B 2.0s C 2ls D 4.0s【考點】： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系【專題】： 牛頓運動定律綜合專題【分析】： （1）若傳送帶順時針運動，對物體受力分析，根據(jù)物體的受力的情況求得物體的加速度的大小，根據(jù)運動學(xué)的規(guī)律可以求得物體運動的時間（2）傳送帶沿逆時針方向轉(zhuǎn)動時，物體的

4、受到的摩擦力的方向會發(fā)生變化，根據(jù)摩擦力變化前和變化后的不同的受力，求出加速度的大小，再計算運動的時間即可【解析】： 解：若傳送帶順時針運動，對放在傳送帶上的小物體進行受力分析，小物體沿傳送帶向下滑動時，無論傳送帶時靜止還是沿順時針分析正常轉(zhuǎn)動，小物體的受力情況完全一樣，都是在垂直傳送帶的方向受力平衡，受到沿傳送帶向上的滑動摩擦力，如圖甲所示，根據(jù)牛頓第二定律，小物體沿傳送帶下滑的加速度為：a1=g（sincos）=10（0.60.50.8）m/s2=2m/s2，小物體從A端運動到B端做初速度為零的勻加速直線運動，設(shè)需要的時間為t，則s=a1t2，t=4s（3）當(dāng)傳送帶沿逆時針方向正常轉(zhuǎn)動時，

5、開始時，傳送帶作用于小物體的摩擦力沿傳送帶向下，小物體下滑的加速度a2=g（sin+cos）=10m/s2小物體加速到與傳送帶運行速度相同是需要的時間為t1=s=1s，在這段時間內(nèi)，小物體沿傳送帶下滑的距離為s1=at2=101=5m由于 tan，此后，小物體沿傳送帶繼續(xù)加速下滑時，它相對于傳送帶的運動的方向向下，因此傳送帶對小物體的摩擦力方向有改為沿傳送帶向上，如圖乙所示，其加速度變?yōu)閍1=g（sincos）=10（0.60.50.8）m/s2=2m/s2小物體從該位置起運動到B端的位移為ss1=16m5m=11m小物體做初速度為v=10m/s、加速度為a1的勻加速直線運動，由ss1=vt2

6、a1t22代入數(shù)據(jù)，解得t2=1s（t2=11s舍去）所以，小物體從A端運動到B端的時間為t=t1+t2=2s故選BD【點評】： 本題中最容易出錯的地方在傳送帶逆時針運動的計算，物體受到的摩擦力的方向是變化的，從而導(dǎo)致物體的運動的加速度不同，物體運動的情況也就不同，根據(jù)前后兩種不同的運動計算時間即可3（6分）如圖所示，兩條平行虛線之間存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，虛線間的距離為L，金屬圓環(huán)的直徑也為L自圓環(huán)從左邊界進入磁場開始計時，以垂直于磁場邊界的恒定速度穿過磁場區(qū)域規(guī)定逆時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，則圓環(huán)中感應(yīng)電流i隨其移動距離變化的i圖象最接近圖中的（） A B C D 【考點】

7、： 導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；右手定則【專題】： 壓軸題【分析】： 根據(jù)楞次定律可判斷出圓環(huán)進磁場過程中和出磁場過程中的感應(yīng)電流方向，根據(jù)切割的有效長度在變化，知感應(yīng)電動勢以及感應(yīng)電流的大小也在變化【解析】： 解：根據(jù)楞次定律，在進磁場的過程中，感應(yīng)電流的方向為逆時針方向；在出磁場的過程中，感應(yīng)電流的方向為順時針方向在進磁場的過程中，切割的有效長度先增加后減小，出磁場的過程中，切割的有效長度先增加后減小所以感應(yīng)電流的大小在進磁場的過程中先增大后減小，出磁場的過程中也是先增大后減小故A正確，B、C、D錯誤故選A【點評】： 解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判定感應(yīng)電流的方向，以及掌握切割產(chǎn)生的感應(yīng)電

8、動勢E=BLv知道L為有效長度4（6分）如圖所示，斜面上放有兩個完全相同的物體a、b，兩物體間用一根細線連接，在細線的中點加一與斜面垂直的拉力F，使兩物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)則下列說法正確的是（） A a、b兩物體的受力個數(shù)一定相同 B a、b兩物體對斜面的壓力相同 C a、b兩物體受到的摩擦力大小一定相等 D 當(dāng)逐漸增大拉力F時，物體b先開始滑動【考點】： 共點力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力【專題】： 共點力作用下物體平衡專題【分析】： 對ab進行受力分析，ab兩個物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，把繩子和力T和重力mg都分解到沿斜面方向和垂直于斜面方向，根據(jù)共點力平衡列式分析即可【解析】：

9、解：A、對ab進行受力分析，如圖所示：b物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)繩子沿斜面向上的分量與重力沿斜面向下的分量相等時，摩擦力為零，所以b可能只受3個力作用，而a物體必定受到摩擦力作用，肯定受4個力作用，故A錯誤；B、ab兩個物體，垂直于斜面方向受力都平衡，則有：N+Tsin=mgcos解得：N=mgcosTsin，則a、b兩物體對斜面的壓力相同，故B正確；C、根據(jù)A的分析可知，b的摩擦力可以為零，而a的摩擦力一定不為零，故C錯誤；D、對a沿斜面方向有：Tcos+mgsin=fa，對b沿斜面方向有：Tcosmgsin=fb，正壓力相等，所以最大靜摩擦力相等，則a先達到最大靜摩擦力，先滑動，故D錯誤故選：

10、B【點評】： 本題解題的關(guān)鍵是正確對物體進行受力分析，能根據(jù)平衡條件列式求解，難度不大，屬于基礎(chǔ)題5（6分）如圖所示，一理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為n1：n2=10：1，原線圈接入電壓u=220sin100t（v）的交流電源，電壓表和電流表對電路的影響可忽略不計，定值電阻R=10，可變電阻R的阻值范圍為010，則（） A 副線圈中交變電流的頻率為100Hz B t=0.02s時，電壓表的示數(shù)為22V C 調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值時，電流表示數(shù)的變化范圍為0.11A0.22A D 當(dāng)可變電阻阻值為10時，變壓器的輸入電功率為242W【考點】： 變壓器的構(gòu)造和原理【專題】： 交流電專題【分析】：

11、根據(jù)電壓與匝數(shù)程正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項分析即可得出結(jié)論【解析】： 解：A、電流的頻率是由電壓決定的，所以原副線圈中電流的頻率是一樣的，都為50Hz，所以A錯誤B、電壓表的示數(shù)為電路的有效電壓的大小，原線圈的有效電壓為220V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知電壓表的示數(shù)為22V，所以B正確C、當(dāng)R的阻值為零時，副線圈電流為I=2.2A，當(dāng)R的阻值為10時，副線圈電流為I=1.1A，電流與匝數(shù)成反比，所以C正確D、當(dāng)可變電阻阻值為10時，變壓器的輸入電功率等于輸出功率P=I2R=1.1220=24.2W，所以D錯誤故選：BC【點評】： 掌握住理想變壓器的電壓、電流及功

12、率之間的關(guān)系，會從交流電表達式中獲取有用的物理信息即可得到解決6（6分）如圖所示，abcd為一矩形金屬線框，其中ab=cd=L，ab邊接有定值電阻R，cd邊的質(zhì)量為m，其它部分的電阻和質(zhì)量均不計，整個裝置用兩根絕緣輕彈簧懸掛起來線框下方處在磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中，磁場方向垂直于紙面向里初始時刻，兩彈簧處于自然長度，給線框一豎直向下的初速度v0，當(dāng)cd邊第一次運動至最下端的過程中，R產(chǎn)生的電熱為Q，此過程cd邊始終未離開磁場，已知重力加速度大小為g，下列說法中正確的是（） A 線框中產(chǎn)生的最大感應(yīng)電流大于 B 初始時刻cd邊所受安培力的大小為mg C cd邊第一次到達最下端的時刻，兩根彈

13、簧具有的彈性勢能總量大于mv02Q D 在cd邊反復(fù)運動過程中，R中產(chǎn)生的電熱最多為mv02【考點】： 導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢【專題】： 電磁感應(yīng)與電路結(jié)合【分析】： 對cd棒受力分析，確定棒的運動形式，求解最大速度，再由E=BLv和及F=BIL分別確定電流和安培力的大小，再由能量守恒定律確定能量關(guān)系【解析】： 解：A、cd棒開始運動后，對cd棒受力【分析】：，可知導(dǎo)體棒先做加速度減小的加速運動，故v0不是速度的最大值，故A錯誤；B、初始時刻時，棒的速度為v0，由E=BLv=BLv0，再由=，F(xiàn)=BIL=，故B錯誤；C、cd邊第一次到達最下端的時刻，由能量守恒定律可知，導(dǎo)體棒的動能和減少

14、的重力勢能轉(zhuǎn)化為焦耳熱及彈簧的彈性勢能，即：，所以：，故彈簧彈性勢能大于mv02Q，故C正確；D、在cd邊反復(fù)運動過程中，可知最后棒靜止在初始位置的下方，設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k，由mg=kx得：x=，由能量守恒定律可知，導(dǎo)體棒的動能和減少的重力勢能轉(zhuǎn)化為焦耳熱及彈簧的彈性勢能，彈性勢能，減少的重力勢能為：mgh=，因重力勢能大于彈性勢能，根據(jù)，可知熱量應(yīng)大于mv02，故D錯誤；故選：C【點評】： 本題中弄清，棒的運動形式及臨界條件，分別有能量守恒定律和電磁感應(yīng)定律求解電流和安培力大小7（6分）一顆月球衛(wèi)星在距月球表面高為h的圓形軌道運行，已知月球半徑為R，月球表面的重力加速度大小為g月，引力常量

15、為G，由此可知（） A 月球的質(zhì)量為 B 月球表面附近的環(huán)繞速度大小為 C 月球衛(wèi)星在軌道運行時的向心加速度大小為g月 D 月球衛(wèi)星在軌道上運行的周期為2【考點】： 萬有引力定律及其應(yīng)用【專題】： 萬有引力定律的應(yīng)用專題【分析】： 衛(wèi)星繞月做勻速圓周運動，由月球的萬有引力提供向心力，萬有引力等于重力，根據(jù)萬有引力定律和向心力公式列式，即可得解【解析】： 解：“嫦娥一號”衛(wèi)星繞月做勻速圓周運動，由月球的萬有引力提供向心力，則得：G=m（R+h）=m=ma在月球表面上，萬有引力等于重力，則有：mg月=G，得 GM=g月R2，由上解得：M=v=a=T=2故A正確，BCD錯誤；故選：A【點評】： 衛(wèi)星

16、問題基本的思路有兩條：一是萬有引力提供向心力，二是萬有引力等于重力，得到黃金代換式GM=gR2，再運用數(shù)學(xué)變形求解二、必考題題（共4小題，滿分56分）8（8分）某實驗小組利用如圖所示的實驗裝置來驗證鉤碼和滑塊所組成的系統(tǒng)機械能守恒裝置中的氣墊導(dǎo)軌工作時可使滑塊懸浮起來，以減小滑塊運動過程中的阻力實驗前已調(diào)整氣墊導(dǎo)軌底座保持水平，實驗中測量出的物理量有：鉤碼的質(zhì)量m、滑塊的質(zhì)量M、滑塊上遮光條由圖示初始位置到光電門的距離x（1）若用游標(biāo)卡尺測得遮光條的寬度為d，實驗時掛上鉤碼，將滑塊從圖示初始位置由靜止釋放，由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門的時間t，則可計算出滑塊經(jīng)過光電門時的速度為（2）要驗證

17、系統(tǒng)的機械能守恒，除了已經(jīng)測量出的物理量外還需要已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋?）本實驗通過比較mgx和在實驗誤差允許的范圍內(nèi)相等（用物理量符號表示），即可驗證系統(tǒng)的機械能守恒【考點】： 驗證機械能守恒定律【專題】： 實驗題【分析】： 本實驗中由于遮光條通過光電門的時間極短因此可以利用平均速度來代替其瞬時速度大小，因此需要測量滑塊上的遮光條初始位置到光電門的距離s，計算動能需要知道滑塊的質(zhì)量M和鉤碼的質(zhì)量m，求解重力勢能的減小量時，需要知道當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣群拖陆档母叨?；比較重力勢能的減小量和動能的增加量是否相等即可判斷機械能是否守恒【解析】： 解：（1）根據(jù)極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度，可知滑塊經(jīng)

18、過光電門的速度大小（2、3）鉤碼和滑塊所組成的系統(tǒng)為研究對象，其重力勢能的減小量為mgx，系統(tǒng)動能的增量為，可知還需要測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣闰炞C重力勢能的減小量為mgx和動能的增加量是否相等故答案為：（1） （2）當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?（3）mgx，【點評】： 物理實驗如何變化，正確理解實驗原理都是解答實驗的關(guān)鍵，同時加強物理基本規(guī)律在實驗中的應(yīng)用9（10分）要測量一根電阻絲的阻值，某同學(xué)采用的做法是：（1）先用多用電表的歐姆擋進行粗測，當(dāng)選擇開關(guān)旋至“R10”時，指針指在接近刻度盤右端的位置；當(dāng)選擇開關(guān)旋至另一位置進行測量時，指針指示的位置接近刻度盤的中央位置，如圖1所示，則所測電阻的電阻值為15

19、（2）用以下器材進行較準(zhǔn)確的測量，實驗室中提供的實驗器材如下：電壓表V（量程6V，內(nèi)阻約3k）電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻約0.5）電流表A2（量程3A，內(nèi)阻約0.1）電源E1（電動勢6V，內(nèi)阻不計）電源E2（電動勢12V，內(nèi)阻不計）滑動變阻器R（最大阻值10）開關(guān)S和導(dǎo)線實驗時電源應(yīng)選E1，電流表應(yīng)選A1（填器材代號）如果要求加在電阻絲上的電壓從零開始增加，請在如圖2虛線框內(nèi)幫他設(shè)計一個電路圖在你所設(shè)計的電路中，閉合開關(guān)前變阻器的滑動觸頭應(yīng)移到最左端實驗中受諸多因素的影響會產(chǎn)生誤差，請你說出產(chǎn)生誤差的兩條原因：電表讀數(shù)誤差，電壓表分流產(chǎn)生誤差調(diào)節(jié)變阻器的滑動觸頭，使電壓表的讀數(shù)每次都比上一

20、次增加0.5V，結(jié)果發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)每次比上一次增加的數(shù)值都不一樣，呈越來越小的趨勢，且隨著電壓的增大和實驗時間的延長，這種情況越來越明顯試說明產(chǎn)生這一現(xiàn)象的主要原因：隨著電壓的增大和實驗時間的延長，溫度升高，電阻率增大造成的【考點】： 伏安法測電阻【專題】： 實驗題【分析】： （1）歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角度大，電流大，電阻偏小，故應(yīng)選用小檔位，換擋后應(yīng)該重新校零，再讀數(shù)；（2）根據(jù)電壓表的量程為06V，可選擇電源，算出通過電阻的最大電流大約值，即可選擇電流表，要求加在電阻絲上的電壓從零開始增加，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，根據(jù)待測電阻與兩電表內(nèi)阻進行比較，確定電流表的接法，即可設(shè)計出電路，電表讀數(shù)和電

21、壓表分流都會產(chǎn)生誤差，隨著電壓的增大和實驗時間的延長，溫度升高，電阻率增大【解析】： 解：（1）歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角度大，電流大，電阻讀數(shù)偏小，故應(yīng)選用1檔位，換擋后應(yīng)該重新進行歐姆調(diào)零，由圖1所示可知，歐姆表示數(shù)為151=15；（2）電壓表的量程為06V，所以電源應(yīng)選電源E1（電動勢6V，內(nèi)阻不計），電路中的最大電流，所以電流表選擇電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻約0.5），要求加在電阻絲上的電壓從零開始增加，則電路應(yīng)用分壓法，因為，所以電流表用外接法，電路圖如圖所示，閉合開關(guān)前變阻器的滑動觸頭應(yīng)移到最左端，此時電阻上的電壓為零，通過電流表的電流也為零，實驗時，電表讀數(shù)會有誤差，電壓表分流也會產(chǎn)生

22、誤差；隨著電壓的增大和實驗時間的延長，溫度升高，電阻率增大，造成了電阻增大，所以發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)每次比上一次增加的數(shù)值都不一樣，呈越來越小的趨勢，且隨著電壓的增大和實驗時間的延長，這種情況越來越明顯故答案為：（1）15；（2）E1；A1；如圖；左；電表讀數(shù)誤差；電壓表分流產(chǎn)生誤差；隨著電壓的增大和實驗時間的延長，溫度升高，電阻率增大造成的【點評】： 對于題目要求加在電阻絲上的電壓從零開始增加，一定要選用滑動變阻器的分壓接法，能根據(jù)電阻阻值、電壓表內(nèi)阻、電流表內(nèi)阻的關(guān)系選擇電表的連接方式，會分析電路產(chǎn)生的誤差，難度適中10（18分）如圖1是用傳送帶傳送行李的示意圖圖1中水平傳送帶AB間的長度為8

23、m，它的右側(cè)是一豎直的半徑為0.8m的圓形光滑軌道，軌道底端與傳送帶在B點相切若傳送帶向右以6m/s的恒定速度勻速運動，當(dāng)在傳送帶的左側(cè)A點輕輕放上一個質(zhì)量為4kg的行李箱時，箱子運動到傳送帶的最右側(cè)如果沒被撿起，能滑上圓形軌道，而后做往復(fù)運動直到被撿起為止已知箱子與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.1，重力加速度大小為g=10m/s2，求：（1）箱子從A點到B點所用的時間及箱子滑到圓形軌道底端時對軌道的壓力大??；（2）若行李箱放上A點時給它一個5m/s的水平向右的初速度，到達B點時如果沒被撿起，則箱子離開圓形軌道最高點后還能上升多大高度？在如圖2給定的坐標(biāo)系中定性畫出箱子從A點到最高點過程中速率v隨

24、時間t變化的圖象【考點】： 機械能守恒定律；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系；牛頓第二定律【專題】： 機械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】： （1）物體在傳送帶先做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律和速度公式求出速度增大到與傳送帶相等所用的時間，并求出此過程的位移，與傳送帶的長度比較，分析物體能否做勻速運動根據(jù)牛頓第二定律、第三定律結(jié)合求解物體對軌道的壓力（2）根據(jù)運動學(xué)速度位移關(guān)系式求解出物體到達B點的速度，物體在圓形軌道上運動時機械能守恒，列式可求出箱子上升的高度【解析】： 解：（1）皮帶的速度 v0=6m/s箱子在傳送帶上勻加速運動的加速度 a=g=1m/s2設(shè)箱子在B點的速度為 vB，由=2ax解

25、得：vB=4m/sv0所以箱子從A點到B點一直做勻加速運動由x=，解得從A點到B點運動的時間為 t=4s箱子在圓形軌道最低點時，由牛頓第二定律得： Fmg=m解得：F=120N由牛頓第三定律知箱子對軌道的壓力大小為120N（2）設(shè)箱子速度達到v0=6m/s時位移為 x，則=2ax解得x=5.5m8m因此箱子先勻加速運動一段時間，速度達到6m/s后開始做勻速運動，即在B點的速度為 v0由機械能守恒定律得：=mg（R+h）解得箱子在圓形軌道上上升的高度 h=1m箱子從A點到最高點過程中速率v隨時間t變化的圖象如圖答：（1）箱子從A點到B點所用的時間為0.4s箱子滑到圓形軌道底端時對軌道的壓力大小是

26、120N（2）箱子離開圓形軌道最高點后還能上升的高度是1m，定性畫出箱子從A點到最高點過程中速率v隨時間t變化的圖象如圖【點評】： 解決本題的關(guān)鍵要正確分析箱子的受力情況，判斷其運動情況，要通過計算進行分析，不能簡單的定性分析，同時要靈活選擇運動學(xué)公式解答11（20分）邊長為3L的正方形區(qū)域分成相等的三部分，左右兩側(cè)為勻強磁場，中間區(qū)域為勻強電場，如圖所示左側(cè)磁場的磁感應(yīng)強度大小為B1=，方向垂直紙面向外；右側(cè)磁場的磁感應(yīng)強度大小為B2=，方向垂直于紙面向里；中間區(qū)域電場方向與正方形區(qū)域的上下邊界平行一質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子從平行金屬板的正極板開始由靜止被加速，加速電壓為U，加速后粒

27、子從a點進入左側(cè)磁場，又從距正方形上下邊界等間距的b點沿與電場平行的方向進入電場，不計粒子重力，求：（1）粒子經(jīng)過平行金屬板加速后的速度大??；（2）粒子在左側(cè)磁場區(qū)域內(nèi)運動時的半徑及運動時間；（3）電場強度E的取值在什么范圍內(nèi)時粒子能從右側(cè)磁場的上邊緣cd間離開？【考點】： 帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動【專題】： 帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題【分析】： （1）根據(jù)動能定理求出粒子經(jīng)過平行金屬板加速后的速度大?。唬?）根據(jù)半徑公式求出粒子在左側(cè)磁場中運動的軌道半徑，結(jié)合圓心角，通過周期公式求出粒子的運動時間（3）作出粒子在上邊緣cd間離開磁場的軌跡圖，結(jié)合臨界狀態(tài)，根據(jù)

28、幾何關(guān)系求出半徑，結(jié)合半徑公式和動能定理求出電場強度的范圍【解析】： 解：（1）粒子在電場中運動時有：，解得：（2）粒子進入磁場B1后有：，解得：設(shè)粒子在磁場B1中轉(zhuǎn)過的角度為，由=，解得：=60周期為：T=，粒子在磁場B1中運動的時間為：t=（3）粒子在磁場B2中運動，在上邊緣cd間離開的速度分別為vn與vm，與之相對應(yīng)的半徑分別為Rn與Rm由分析知，Rm=L 由牛頓第二定律有：，粒子在電場中有：，解得：同理有：所以電場強度的范圍為：E答：（1）粒子經(jīng)過平行金屬板加速后的速度大小為；（2）粒子在左側(cè)磁場區(qū)域內(nèi)運動時的半徑為，運動時間為；（3）電場強度E的取值范圍為E時，粒子能從右側(cè)磁場的上邊

29、緣cd間離開【點評】： 本題是帶電粒子在組合場中運動的問題，解題關(guān)鍵是畫出粒子的運動軌跡，運用幾何知識，結(jié)合半徑公式和周期公式進行求解三、選考題，請考生從以下三個模塊中任選一模塊作答（12分）【物理-物理3-3】12（4分）下列說法正確的是（） A 當(dāng)人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大 B 當(dāng)分子間距離增大時，分子間的引力減少，斥力增大 C 一定質(zhì)量的理想氣體壓強不變時，氣體分子單位時間內(nèi)對器壁單位面積的平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少 D 單晶體和多晶體都有確定的熔點，非晶體沒有確定的熔點【考點】： *相對濕度；* 晶體和非晶體【分析】： 當(dāng)空氣的相對溫度大時，人會感覺到潮濕；分子間的引力

30、和斥力都隨距離的增大而減?。粴怏w壓不變、溫度升高時，體積會增大，故單位時間內(nèi)對單位面積器壁碰撞次數(shù)不一定增大；晶體都具有確定的熔點，而非晶體沒有確定的熔點【解析】： 解：A、當(dāng)人們感到潮濕時，空氣的相對濕度一定較大；但絕對濕度并不一定大；故A錯誤；B、分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，故B錯誤；C、一定質(zhì)量的理想氣體壓強不變時，溫度升高時，氣體體積一定增大，則氣體分子單位時間內(nèi)對器壁單位面積的平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少；故C正確；D、單晶體和多晶體都有確定的熔點，非晶體沒有確定的熔點；故D正確；故選：CD【點評】： 本題考查濕度、分子間作用力、氣體壓強的微觀意義及晶體的性質(zhì)，要注

31、意明確氣體壓強取決于溫度和體積13（8分）如圖所示，U形管右管橫截面積為左管橫截面積的2倍，在左管內(nèi)用水銀封閉一段長為30cm、溫度為577.5K的空氣柱，左右兩管水銀面高度差為21cm，外界大氣壓為76cmHg若給左管的封閉氣體降溫，使管內(nèi)氣柱長度變?yōu)?0cm求：此時左管內(nèi)氣體的溫度為多少？左管內(nèi)氣體放出（填“吸收”或“放出”） 的熱量，大于（填“大于”、“等于”或“小于”）外界對氣體做的功【考點】： 理想氣體的狀態(tài)方程【專題】： 理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】： （1）以封閉氣體為研究對象，應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程求溫度；（2）根據(jù)熱力學(xué)第一定律知氣體放熱大于外界對氣體做功【解析】： 解：初狀態(tài)

32、：P1=55cmHg，V1=30S T1=577.5K降溫后，水銀面左管上升10cm，右管下降5cmP2=40cmHgV2=20S由理想氣體狀態(tài)方程得：代入數(shù)據(jù)解得：T2=280K由于體積減小，外界對氣體做功，溫度降低，內(nèi)能減小，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知氣體放熱大于外界對氣體做功答：此時左管內(nèi)氣體的溫度為280K左管內(nèi)氣體放熱大于外界對氣體做功【點評】： 理想氣體狀態(tài)方程與熱力學(xué)第一定律的聯(lián)合應(yīng)用是此類題目的常用方法（12分）【物理-物理3-4】14沿x軸正向傳播的一列簡諧橫波在t=0時刻的波形如圖所示，M為介質(zhì)中的一個質(zhì)點，該波的傳播速度為40m/s，則t=s時（） A 質(zhì)點M對平衡位置的位移為

33、負值 B 質(zhì)點M的速度方向與對平衡位置的位移方向相同 C 質(zhì)點M的加速度方向與速度方向相同 D 質(zhì)點M的加速度方向與對平衡位置的位移方向相反【考點】： 橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系【專題】： 振動圖像與波動圖像專題【分析】： 由圖讀出波長，由波速公式v=求解周期根據(jù)時間t=0.025s與T的關(guān)系，分析質(zhì)點M的位置，分析M點的位移波沿x軸正向傳播，可判斷出質(zhì)點M的速度方向加速度方向與位移方向相反質(zhì)點相對于平衡位置的位移方向從平衡位置指向質(zhì)點所在位置【解析】： 解：A、由圖知，=4m，則周期T=，波沿x軸正向傳播，質(zhì)點M的速度方向向上，則經(jīng)過t=0.025s=T，質(zhì)點M位于平衡位置上方，質(zhì)點

34、M對平衡位置的位移一定為正值故A錯誤B、質(zhì)點M的速度方向向下，對平衡位置的位移方向也向上，兩者相反，故B錯誤C、質(zhì)點M的加速度方向與位移方向相反，方向向下，速度方向也向下，故C正確D、質(zhì)點M的加速度方向與對平衡位置的位移相反故D正確故選：CD【點評】： 本題要理解質(zhì)點對平衡位置的位移，簡諧波傳播過程中，質(zhì)點做簡諧運動，其加速度方向總是與對平衡位置的位移方向相反15如圖所示，MN為豎直放置的光屏，光屏的左側(cè)有半徑為R、折射率為的透明半球體，O為球心，軸線OA垂直于光屏位于軸線上O點左側(cè)處的點光源S發(fā)出一束與OA夾角=60的光線射向半球體畫出光線從S傳播到光屏的光路圖；求光線由半球體射向空氣的折射角【考點】： 光的折射定律【專題】： 光的折射專題【分析】： 根據(jù)光從光疏介質(zhì)射入光密介質(zhì)，入射角大于折射角，從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，入射角小于折射角，作出光路圖根據(jù)折射定律和幾何關(guān)系，求出折射角【解析】： 解：光線從S傳播到光屏的光路圖如圖光由空氣射向半球體，由折射定律，有 n=所以 =30在OBC中，由正弦定理得：=解得：=30光由半球體射向空氣有：n=解得：=60答：畫出光線從S傳播到光屏的光路圖如圖；光線由半球體射向空氣的折射