2019-2020年高三3月高考模擬理科綜合物理試題-含解析

1、2019-2020年高三3月高考模擬理科綜合物理試題 含解析二、選擇題（本大題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第14至18題只有一項符合題目要求，第19至21題有兩項或三項符合題目要求 全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）14下列說法中正確的是 A、庫侖定律的公式為Fkq1q2/r2，式中靜電力常量k的單位若用國際單位制的基本單位表示應(yīng)為Nm2C2 B、卡文迪許利用扭秤實驗裝置測量出萬有引力常量，牛頓在此基礎(chǔ)上提出了萬有引力定律 C、重心、合力和交變電流的有效值等概念的建立都利用了等效替代的方法 D、真空中，一帶電小球慢慢靠近一絕緣導(dǎo)體的過程中，導(dǎo)體內(nèi)部的場強

2、越來越大【知識點】物理學(xué)史【試題解析】N不是國際基本單位，A錯誤；是牛頓先提出的萬有引力定律，然后卡文迪許利用扭秤實驗裝置測出了引力常量，B錯誤；物理中常用等效的思想建立概念，比如重心、等效電流以及合力，C正確；帶電小球靠近一絕緣導(dǎo)體過程中，導(dǎo)體內(nèi)部場強為零，D錯誤?！敬鸢浮緾15如圖所示，直桿BC的一端用鉸鏈固定于豎直墻壁，另一端固定一個小滑輪C，細繩下端掛一重物，細繩的AC段水平。不計直桿、滑輪及細繩的質(zhì)量，忽略所有摩擦。若將細繩的端點A稍向下移至A點，使之重新平衡，則此時滑輪C的位置A、在AA之間B、與A點等高C、在A點之下D、在A點之上【知識點】共點力的平衡【試題解析】由于桿一直平衡，

3、對兩根細線的拉力的合力一定在桿的方向上；又由于而同一根繩子的張力處處相等，而且兩根細線的拉力大小相等且等于物體的重力G；根據(jù)三角形相似，有，A點下移，所以三角形的相似增大，又因為繩子上的拉力始終等于重物的重力，可以繩子的長度變短，根據(jù)幾何關(guān)系，滑輪的頂點C一定在A點之上，D正確?！敬鸢浮緿16“嫦娥”三號探測器發(fā)射到月球上要經(jīng)過多次變軌，最終降落到月球表面上，其中軌道I為圓形，軌道為橢圓。下列說法正確的是()A、探測器在軌道I的運行周期大于在軌道的運行周期B、探測器在軌道I經(jīng)過P點時的加速度小于在軌道經(jīng)過 P時的加速度C、探測器在軌道I運行時的加速度大于月球表面的重力加 速度D、探測器在P點由

4、軌道I進入軌道必須點火加速【知識點】萬有引力定律及其應(yīng)用【試題解析】根據(jù)開普勒第三定律，可知軌道I的半長軸大于軌道的半長軸，所以探測器在軌道I的運行周期大于在軌道的運行周期，A正確；探測器經(jīng)過同一點受到的萬有引力相同，所以加速度相等，B錯誤；根據(jù)，可知探測器在軌道I運行時的加速度小于月球表面的重力加速度，C錯誤；探測器在P點由軌道I進入軌道必須點火減速，做近心運動才能進入軌道，D錯誤?！敬鸢浮緼17如圖所示，豎直放置在水平面上的輕質(zhì)彈簧上疊放著兩物塊A、B，相互絕緣且質(zhì)量均為2kg，A帶正電，電荷量為0.1C，B不帶電。開始處于靜止狀態(tài)，若突然加沿豎直方向的勻強電場，此瞬間A對B的壓力大小變?yōu)?/p>

5、15N。g=10m/s2，則（）A、電場強度為50N/C B、電場強度為100N/CC、電場強度為150N /C D、電場強度為200N /C【知識點】電場強度、點電荷的場強牛頓運動定律、牛頓定律的應(yīng)用【試題解析】因為A對B的壓力減小，可知電場力的方向豎直向上，對整體分析可知整體突然具有了豎直向上的加速度，因為彈簧的力不會突變，所以有：，對A分析，有。聯(lián)立解得E100N/C，B正確?！敬鸢浮緽18一摩托車在豎直的圓軌道內(nèi)側(cè)做勻速圓周運動，周期為T，人和車的總質(zhì)量為m，軌道半徑為R，車經(jīng)最高點時發(fā)動機功率為P0，車對軌道的壓力為2mg設(shè)軌道對摩托車的阻力與車對軌道的壓力成正比，則：A、車經(jīng)最低點

6、時對軌道的壓力為3mgB、車經(jīng)最低點時發(fā)動機功率為2P0C、車從最高點經(jīng)半周到最低點的過程中發(fā)動機做的功等于0.5P0TD、車從最低點經(jīng)半周到最高點的過程中發(fā)動機做的功等于2mgR【知識點】勻速圓周運動的向心力功和功率【試題解析】在最高點：向心力大小為 FnN1+mg3mg，摩托車做勻速圓周運動，向心力大小不變，則在最低點：N2-mgFn，得N24mg，A錯誤；在最高點：發(fā)動機功率P0F1vN1v2mgv，在最低點：發(fā)動機功率PF2vN2v4mgv，則P2P0，B正確；由上分析可知，車從最高點經(jīng)半周到最低點的過程中發(fā)動機的平均功率大于P0，發(fā)動機做的功大于P0tP0，C錯誤；摩托車做勻速圓周運

7、動，動能不變，根據(jù)動能定理得知其合力做功為零，則發(fā)動機做功等于重力做功與摩擦力做功之和，發(fā)動機做的功不等于2mgR，D錯誤?！敬鸢浮緽19負點電荷Q固定在正方形的一個頂點上,帶電粒子P僅在該點電荷的電場力作用下運動時,恰好能經(jīng)過正方形的另外三個頂點a、b、c,如圖所示,則下列說法正確的的是( ) A、粒子P帶負電B、a、b、c三點的電勢高低關(guān)系是C、粒子P由a到b電勢能增加,由b到c電勢能減小D、粒子P在a、b、C三點時的加速度大小之比是2:1:2 【知識點】電勢能、電勢電場強度、點電荷的場強【試題解析】根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出粒子之間存在引力，它與固定在Q點的電荷是異種電荷，故帶正電荷，A錯誤

8、；根據(jù)點電荷的電場線的特點，Q與ac距離相等，都小于到b的距離，B點的電勢高于ac兩點的電勢，B正確；正電荷P從a到b，電勢升高，電勢能就增加；反之，從b到c電勢能減小，故C正確；粒子P在ABc三點時的加速度大小要根據(jù)庫侖定律求出庫侖力由圖可知，rarc，代入庫侖定律：F=，可得：Fa：Fbr2b：r2a2：1由牛頓第二定律可知：粒子P在ABC三點時的加速度大小之比是2:1:2，故D正確?！敬鸢浮緽CD20一交流發(fā)電機和理想變壓器按如圖電路連接，已知該發(fā)電機線圈匝數(shù)為N，電阻為r，當線圈以轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，電壓表示數(shù)為U，燈泡（額定電壓為Uo，電阻恒為R）恰能正常發(fā)光，則（電表均為理想電表）

9、A、變壓器的匝數(shù)比為U：U0B、電流表的示數(shù)為C、在圖示位置時，發(fā)電機線圈的磁通量為 D、從圖示位置開始計時，變壓器輸入電壓的瞬時值表達式為 【知識點】理想變壓器正弦交變電流的函數(shù)表達式、峰值和有效值交變電流、交變電流的圖像【試題解析】根據(jù)理想變壓器匝數(shù)比與電壓比的關(guān)系，可知，A正確；副線圈中的有效電流為I，所以原線圈電流表的讀數(shù)為，B正確；根據(jù)感應(yīng)電動勢的最大值與最大磁通量的關(guān)系，圖示位置的磁通量最大；，C錯誤；圖示位置感應(yīng)電動勢最小，所以變壓器輸入電壓的瞬時值表達式為，D錯誤?！敬鸢浮緼B21如圖甲所示,在豎直方向上有四條間距相等的水平虛線L1、L2、L3、L4,在L1L2之間和L3L4之

10、間存在勻強磁場,磁感應(yīng)強度B大小均為1T,方向垂直于虛線所在平面.現(xiàn)有一矩形線圈abcd,寬度cd=L=0.5m,質(zhì)量為0.1kg,電阻為2,將其從圖示位置由靜止釋放(cd邊與L1重合),速度隨時間的變化關(guān)系如圖乙所示,t1時刻cd邊與 L2重合,t2時刻ab邊與L3重合,t3時刻ab邊與L4重合,已知t1t2的時間間隔為0.6s,整個運動過程中線圈平面始終處于豎直方向,重力加速度g取10m/s2.則() A、在0t1時間內(nèi),通過線圈的電荷量為0.25CB、線圈勻速運動的速度大小為2m/sC、線圈的長度為1mD、0t3時間內(nèi),線圈產(chǎn)生的熱量為1.8J【知識點】功能關(guān)系、機械能守恒定律及其應(yīng)用法

11、拉第電磁感應(yīng)定律【試題解析】t2t3這段時間內(nèi)線圈做勻速直線運動，設(shè)速度為v，根據(jù)平衡條件有：mgBIL聯(lián)立兩式解得：vm/s8m/s，B錯誤；t1t2的時間間隔內(nèi)線圈一直做勻加速直線運動，知ab邊剛進磁場，cd邊也剛進磁場設(shè)磁場的寬度為d，線圈下降的位移為3d，則有： 3dvt-gt2，v8m/s，t06s，代入解得：d1m，所以線圈的長度為：L2d2m，C錯誤；在0t1時間內(nèi)，cd邊從L1運動到L2，通過線圈的電荷量為：q025C，A正確；0t3時間內(nèi)，根據(jù)能量守恒得：Qmg（3d+2d）-mv2=0110（3+2）-0182=18J，D正確。故選：BD【答案】AD非選擇題（共174分）三

12、、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求作答。)（一）必考題（共129分）22（6分）利用如圖甲所示的裝置進行驗證機械能守恒定律的實驗: (1)需要測量由靜止開始到某點的瞬時速度V與下落高度h。某同學(xué)利用實驗得到的紙帶，設(shè)計了以下四種測量方案：用刻度尺測出物體下落的高度h，并通過V=計算出瞬時速度V.用刻度尺測出物體下落的高度h，用秒表測出下落時間t，并通過V=gt計算出瞬時速度V用刻度尺測出物體下落的高度h,根據(jù)做勻變速直線運動時紙帶某點的瞬時速度等于這點前后相鄰兩點間的平均速度，計算出瞬時速度V.根據(jù)做勻

13、變速直線運動時紙帶某點的瞬時速度等于這點前后相鄰兩點間的平均速度，計算出瞬時速度V，并通過h=計算出高度h.以上方案中正確的是： (2分)實驗中，測得所用的重物質(zhì)量為1.00 kg.實驗中得到一條點跡清晰的紙帶(如圖乙所示)，把第一個點記作O，另選連續(xù)的五個點A、B、C、D、E作為測量的點，經(jīng)測量知道A、B、C、D、E各點到O點的距離分別為3.14 cm、4.90 cm、7.05cm、9.59 cm、12.48cm,。已知電磁打點計時器所用的電源的頻率為50 Hz，查得當?shù)氐闹亓铀俣萭9.80 m/s2。(計算結(jié)果取三位有效數(shù)字)根據(jù)以上數(shù)據(jù)，打點計算器打下D點時，重物下落的速度VD= m/

14、s.根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可知重物由O點運動到D點，重力勢能的減少量等于_ J，若同學(xué)丙在測量數(shù)據(jù)時不慎將上述紙帶從OA之間扯斷，她僅利用A點之后的紙帶能否實驗驗證機械能守恒定律的目的？ （填“能”或“不能”）。若同學(xué)丁在實驗中打出的紙帶第一二點間的距離為0.32cm.那么原因是： ?！局R點】實驗：驗證機械能守恒定律【試題解析】（1）該實驗是驗證機械能守恒定律的實驗，需要通過驗證減少的重力勢能與增加的動能是否相等，在計算動能時需要計算出瞬時速度，該瞬時速度需要根據(jù)平均速度等于中間時刻的瞬時速度的推論來得到，不能利用自由落體運動的規(guī)律來取得，故選C項。（2）根據(jù)平均速度等于中間時刻的瞬時速度；重物由O

15、點運動到D點，重力勢能的減少量；若物塊下落過程遵循機械能守恒，那么去任何一段進行研究都可以進行驗證，故僅利用A點之后的紙帶能實驗驗證機械能守恒定律；重物若從靜止開始下落002s，高度應(yīng)接近：，而同學(xué)丁在實驗中打出的紙帶第一二點間的距離為032cm，究其原因可能是由于先釋放紙帶，后接通電源打點?！敬鸢浮浚?）C，（2）vD136m/s；0940 J；“能”；先釋放紙帶，后接通電源打點23（10分）同學(xué)甲從實驗室中找到一只小燈泡，其標稱功率值為0.75 W，額定電壓值已模糊不清他想測定其額定電壓值，于是先用歐姆表直接測出該燈泡的電阻約為2 ，然后根據(jù)公式計算出該燈泡的額定電壓Ueq r(PR)eq

16、 r(0.752) V1.23 V乙懷疑甲所得電壓值不準確，于是，再利用下面可供選擇的實驗器材設(shè)計一個電路，測量通過燈泡的電流和它兩端的電壓并根據(jù)測量數(shù)據(jù)來繪制燈泡的UI圖線，進而分析燈泡的額定電壓A電壓表V(量程3 V，內(nèi)阻約3 k) B電流表A1(量程150 mA，內(nèi)阻約2 )C電流表A2(量程500 mA，內(nèi)阻約0.6 ) D滑動變阻器R1(020 ) E滑動變阻器R2(0100 ) F電源E(電動勢4.0 V，內(nèi)阻不計) G開關(guān)S和導(dǎo)線若干 H待測燈泡L(額定功率0.75 W，額定電壓未知)(1)在上面所給的虛線框（圖甲）中畫出他們進行實驗的電路原理圖，指出上述器材中，電流表選擇_(填

17、“A1”或“A2”)；滑動變阻器選擇_(填“R1”或“R2”)(2)在實驗過程中，乙同學(xué)將燈泡兩端的電壓由零緩慢地增加，當電壓達到1.23 V時，發(fā)現(xiàn)燈泡亮度很暗，當達到2.70 V時，發(fā)現(xiàn)燈泡已過亮，便立即斷開開關(guān)，并將所測數(shù)據(jù)記錄在下邊表格中.次數(shù)1234567U/V0.200.601.001.401.802.202.70I/mA80155195227255279310請你根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在圖乙中作出燈泡的UI圖線 （3）由圖象得出該燈泡的額定電壓應(yīng)為_V；這一結(jié)果大于1.23 V，其原因是_（4）如果將這個小燈泡接到電動勢為2.0 V、內(nèi)阻為4 的電源兩端，小燈泡消耗的功率是_W.【知識

18、點】實驗：描繪小電珠的伏安特性曲線【試題解析】（1）因為實驗采用的是分壓式，所以滑動變阻器應(yīng)該選用小電阻大電流的R1，燈泡電流超過300毫安，所以應(yīng)該選用A2；實驗原理圖如下：（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)描點并用平滑曲線畫的U-I圖象如圖所示（3）再由圖象可讀出U=25V時對電流I=300mA，由P=UI得P=2503W=075W，正好達到其額定功率，故小燈泡額定電壓為25V；電壓等于123V時燈泡很暗，一定不是正常發(fā)光狀態(tài)。（4）畫出電動勢為20 V、內(nèi)阻為4 的電源兩端的電壓與電流的關(guān)系圖像，與小燈泡的伏安特性曲線的交點即為小燈泡消耗的功率：P=UI=12022W025W【答案】（1）A2；R1（3

19、）25（2426均可），小燈泡的冷態(tài)電阻小于正常發(fā)光時的熱態(tài)電阻。 （4）025（024026均可）（方法：做輔助線電源的端電壓U與電流I的圖線，找交點）24（12分）如圖所示，在邊長為L的等邊三角形內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，在AC邊界的左側(cè)有與AC邊平行的勻強電場，D是底邊AB的中點。質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子（不計重力）從AB邊上的D點豎直向上射入磁場，恰好垂直打在AC邊上。（1）求粒子的速度大?。唬?）粒子離開磁場后，經(jīng)一段時間到達BA延長線上N點（圖中沒有標出），已知NA=L，求勻強電場的電場強度?！局R點】帶電粒子在勻強磁場中的運動帶電粒子在勻強電場中的

20、運動【試題解析】（1）粒子進、出磁場的速度方向分別與ABAC邊垂直，到A為粒子在磁場中做圓周運動的圓心，可知粒子做圓周運動的半徑為根據(jù)qvBm解得v（2）粒子的運動軌跡如圖所示，粒子在垂直電場線方向做勻速直線運動，位移xNQLsin60沿電場線方向做勻加速直線運動，位移為：yQE+Lcos60L根據(jù)xvt，yt2，a解得E【答案】（1）（2） 25（19分）如圖所示為一電磁選礦、傳輸一體機的傳送帶示意圖，已知傳送帶由電磁鐵組成，位于A輪附近的鐵礦石被傳送帶吸引后，會附著在A輪附近的傳送帶上，被選中的鐵礦石附著在傳送帶上與傳送帶之間有恒定的電磁力作用且電磁力垂直于接觸面，且吸引力為其重力的1.4

21、倍，當有鐵礦石附著在傳送帶上時，傳送帶便會沿順時針方向轉(zhuǎn)動，并將所選中的鐵礦石送到B端，由自動卸貨裝置取走。已知傳送帶與水平方向夾角為53，鐵礦石與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5，A、B兩輪間的距離為L=64m，A、B兩輪半徑忽略不計，g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6。（1）若傳送帶以恒定速率v0=10m/s傳動，求被選中的鐵礦石從A端運動到B所需要的時間;（2）若所選鐵礦石質(zhì)量為200kg，求在（1）條件下鐵礦石與傳送帶之間產(chǎn)生的熱量；（3）實際選礦傳送帶設(shè)計有節(jié)能系統(tǒng)，當沒有鐵礦石附著傳送帶時，傳送帶速度幾乎為0，一旦有鐵礦石吸附在傳送帶上時，傳送帶便會立即加速啟動，

22、要使鐵礦石最快運送到B端，傳送帶的加速度至少為多大？并求出最短時間。【知識點】勻變速直線運動及其公式、圖像，功能關(guān)系、機械能守恒定律及其應(yīng)用，牛頓運動定律、牛頓定律的應(yīng)用【試題解析】（1）當傳送帶勻速向上傳動時，對鐵礦石受力分析如圖所示，鐵礦石受到沿傳送帶向上的摩擦力、重力、吸引力和支持力作用，根據(jù)牛頓第二定律可得沿傳送帶方向f-mgsinma垂直傳送帶方向N-mgcos-F0其中fn解得a2 m/s2則鐵礦石運動則與傳送帶速度相等所需要的時間為t15s對應(yīng)的位移為x15at25m根據(jù)以上計算可知，鐵礦石在傳送帶上受到的滑動摩擦力大于鐵礦石重力沿傳送帶方向的分力，所以當鐵礦石的速度與傳送帶速度

23、相等以后，鐵礦石會隨傳送帶勻速運動到B端，則其勻速運動時間為t239s所以鐵礦石從傳送帶的A端運動到B端所需要的時間為tt1+t289s（2）鐵礦石與傳送帶之間滑動時有熱量產(chǎn)生，當鐵礦石與傳送帶相對靜止時，沒有熱量產(chǎn)生。由以上計算可知鐵礦石與傳送帶之間的相對運動距離為sv0t1-x125m根據(jù)摩擦生熱特點可知Qfs解得Q5104J（3）只有鐵礦石一直加速運動到B點時，所用時間才會最短，根據(jù)問題（1）分析可知，鐵礦石在傳送帶上的最大加速度是2m/s2，所以傳送帶的最小加速度為amin2m/s2則有Lat2解得最短時間t8s【答案】（1）39s；（2）5104J；（3）8s33【物理33】（15分

24、）(1) (6分)下列說法中正確的是_(填正確答案標號。選對一個給3分，選對兩個給4分，選對3個給6分。每選錯一個扣3分，最低得0分）A布朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒的無規(guī)則運動B氣體的溫度升高，每個氣體分子運動的速率都增加C一定量100 的水變成100 的水蒸氣，其分子之間的勢能增加D只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低E空調(diào)機作為制冷機使用時，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，所以制冷機的工作不遵守?zé)崃W(xué)第二定律【知識點】理想氣體狀態(tài)方程溫度是分子平均動能的標志、內(nèi)能熱力學(xué)第二定律分子動理論的基本觀點和實驗依據(jù)【試題解析】布朗運動時液體分子撞擊固體小顆粒時，使

25、固體小顆粒受力不平衡所做的運動，A正確；溫度是分子平均動能的標志，溫度升高，分子平均動能增大，但是不是每一個分子的運動情況都加劇，B錯誤；一定量100 的水變成100 的水蒸氣吸收熱量，但是分子平均動能不變，所以內(nèi)能增加實質(zhì)是分子勢能增加，C正確；溫度是分子平均動能的標志，溫度降低，分子平均動能降低，氣體分子熱運動的劇烈程度就減弱，D正確；空調(diào)機作為制冷機使用時，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，是在壓縮機的幫助下實現(xiàn)的，并不違反熱力學(xué)第二定律，E錯誤?！敬鸢浮緼CD (2)(9分)如圖，一上端開口、下端封閉的細長玻璃管，上部有長24 cm的水銀柱，封有長12cm的空氣柱，此時水銀面恰

26、好與管口平齊。已知大氣壓強為p076 cmHg，如果使玻璃管繞底端在豎直平面內(nèi)緩慢地轉(zhuǎn)動180o，求在開口向下時管中空氣柱的長度。封入的氣體可視為理想氣體，在轉(zhuǎn)動過程中氣體溫度保持不變，沒有發(fā)生漏氣?！局R點】理想氣體狀態(tài)方程，溫度是分子平均動能的標志、內(nèi)能，熱力學(xué)第二定律，分子動理論的基本觀點和實驗依據(jù)【試題解析】設(shè)玻璃管開口向上時，空氣柱的壓強為p1p0gl1 式中，和g分別表示水銀的密度和重力加速度玻璃管開口向下時，原來上部的水銀有一部分會流出，設(shè)此時空氣柱長度為x，則p2p0g 式中，p2為管內(nèi)空氣柱的壓強由玻意耳定律有p1l2Sp2xS S為玻璃管的橫截面積，由式和題干條件得x20

27、cm【答案】20cm 34【物理34】（15分）（1）圖甲所示為一列簡諧橫波在t=0.2s時的波形圖,圖乙為該波上A質(zhì)點的振動圖象,則下列判斷正確的是_（填正確答案標號，選對1個給2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分） A、這列波的波速為2.5m/s B、這列波沿x軸負向傳播 C、質(zhì)點A在0.2s內(nèi)通過的路程一定為20cm D、若此波遇到另一列簡諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則所遇到的波的頻率為2.5Hz E、若該波遇到一障礙物能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，則該障礙物的尺寸一定比40cm小很多【知識點】光的折射定律，簡諧運動的公式和圖像，橫波的圖像【試題解析】根據(jù)振動圖像

28、可知振動周期為04s，由波形圖可知波長為04m，所以波速為：，A錯誤；由質(zhì)點A的振動情況結(jié)合上下坡法可知該波向負方向傳播，B正確；02s05T，所以質(zhì)點A在這段時間內(nèi)通過的路程一定為20cm，C正確；若此波遇到另一列簡諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象需要的條件是振動頻率相同，故所遇到的波的頻率為25Hz，D正確；若該波遇到一障礙物能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，則該障礙物的尺寸接近40cm或遠小于40cm，E錯誤?！敬鸢浮緽CD（2）如圖所示，一束單色光以一定的入射角從A點射入玻璃球體，已知光線在玻璃球內(nèi)經(jīng)兩次反射后，剛好能從A點折射回到空氣中。已知入射角為45，玻璃球的半徑為m，光在真空中傳播的速度為310

29、8m/s，求： 玻璃球的折射率及光線第一次從玻璃球內(nèi)出射時相對于射入玻璃球的光線的偏向角；光線從A點進入及第一次A點射出時在玻璃球體中傳播的時間?！局R點】光的折射定律簡諧運動的公式和圖像橫波的圖像【試題解析】作出光路圖，由對稱性及光路可逆可知，第一次折射的折射角為30，則由折射定律可知：n。由幾何關(guān)系可知，光線第一次從玻璃球內(nèi)出射時相對于射入玻璃球的光線的偏向角2（i-r）30。光線從A點進入及第一次從A點射出時在玻璃球中傳播的距離為S32Rcos30m在玻璃中運動的速度為v運動時間t610-9s【答案】30610-9s35【物理35】（15分）（1）下列說法正確的是_（填正確答案標號，選對1個給2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）。A、為了解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛因斯坦建立了光子說，指出在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，光電子的最大初動