2023學年山西省忻州市靜樂一中物理高二上期中質量檢測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，ABC為與勻強磁場垂直的邊長為a的等邊三角形，比荷為的電子以速度v0從A 點沿A

2、B邊射出（電子重力不計），欲使電子能經過AC邊，磁感應強度B的取值為ABBBCBDB2、如圖所示，先接通開關S使電容器充電，然后斷開S，減小兩極板間的距離時，電容器所帶電量Q、電容C、兩極板間電勢差U的變化情況是（ ）AQ不變，C變大，U變小BQ不變，C變小，U變大CQ變小，C變小，U不變DQ變大，C不變，U不變3、如圖所示，地面上某個空間區(qū)域存在這樣的電場，水平虛線上方的場強為E1，方向豎直向下的勻強電場；虛線下方為場強E2、方向豎直向上的勻強電場一個質量m，帶電+q的小球從上方電場的A點由靜止釋放，結果剛好到達下方電場中與A關于虛線對稱的B點，則下列結論正確的是（ ）A若A、B高度差為h，

3、則B帶電小球在A、B兩點電勢能相等C在虛線上下方的電場中，帶電小球運動的加速度相同D若，則兩電場強度大小關系滿足E2=2E14、如圖所示的電路，閉合開關S，待電路中的電流穩(wěn)定后，減小的阻值，則A電流表的示數(shù)一定減小B電壓表的示數(shù)一定減小C電源的輸出功率一定減小D電阻消耗的功率一定減小5、如圖所示裝置，電源的電動勢為E=8V，內阻 r1=0.5，兩光滑金屬導軌平行放置，間距為d=0.2m，導體棒 ab用等長絕緣細線懸掛并剛好與導軌接觸，ab左側為水平直軌道，右側為半徑R=0.2m的豎直圓弧導軌，圓心恰好為細線懸掛點，整個裝置處于豎直向下的、磁感應強度為B=0.5T 的勻強磁場中。閉合開關后，導體

4、棒沿圓弧運動，已知導體棒的質量為m=0.06kg，電阻r2=0.5，不考慮運動過程中產生的反電動勢，則（ ）A導體棒ab所受的安培力方向始終與運動方向一致B導體棒在擺動過程中所受安培力F=8NC導體棒擺動過程中的最大動能0.8JD導體棒ab速度最大時，細線與豎直方向的夾角=6、將平行板電容器C、電源E和電阻R等元件連接成如圖所示的電路。初始時電容器不帶電。閉合開關S，在電源向電容器充電的過程中，下列說法正確的是（ ）A電容器帶電量增大，兩板間電壓減小B電容器帶電量減小，兩板間電壓增大C電容器帶電量和兩板間電壓都增大D電容器帶電量和兩板間電壓都減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20

5、分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖(a)所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個點電荷t=0時，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運動此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運動(整個運動過程中沒有接觸)，它們運動的v-t圖象分別如圖(b)中甲、乙兩曲線所示則由圖線可知（ ） A兩電荷的電性一定相反Bt1時刻兩電荷的電勢能最大C0t2時間內，兩電荷的靜電力先增大后減小D0t3時間內，甲的動能一直增大，乙的動能一直減小8、一列沿 x 軸正方向傳播的簡諧橫波，每個質點振動的振幅都為 2cm,已知在 t=0 時刻相距 4cm

6、的兩個質點 a,b 的位移都是 1cm,但速度方向相反，其中 a 質點的速度沿 y 軸負方向，如圖所示，則 At=0 時刻，a,b 兩質點的加速度相同Ba、b 兩質點的平衡位置間的距離為波長的整數(shù)倍C當 a 質點的速度最大時，b 質點的速度為零D當 b 質點的位移為+2cm 時，a 質點的位移為-1cm9、水平面上有一固定的U形光滑金屬框架，框架上置一金屬桿ab，如圖（紙面即水平面），在垂直紙面方向有一勻強磁場，則以下說法中正確的是：A若磁場方向垂直紙面向外并增加時，桿ab將向右移動B若磁場方向垂直紙面向外并減少時，桿ab將向右移動C若磁場方向垂直紙面向里并增加時，桿ab將向右移動D若磁場方向

7、垂直紙面向里并減少時，桿ab將向右移動10、下列說法中正確的是A小磁針北極的指向就是該處磁場的方向B磁感線是閉合曲線，電場線不是閉合曲線C兩根長度相同、電流大小相等的直導線放入同一勻強磁場，受到的安培力一定相同D地磁北極的正上空地磁場的方向豎直向上，赤道附近地磁場的方向與地面平行三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）（1）用游標為20分度的卡尺測量長度如圖，由圖可知其長度為_mm；（2）用螺旋測微器測量直徑如右上圖，由圖可知其直徑為_mm；12（12分）在實驗室里為了驗證動量守恒定律，一般采用如圖甲、乙所示的兩種裝置：（1）若入射小

8、球質量為m1，半徑為r1；被碰小球質量為m2，半徑為r2，則（_） Am1m2，r1r2 Bm1m2，r1r2 Cm1m2，r1r2 Dm1m2，r1r2（2）若采用圖乙所示裝置進行實驗，以下所提供的測量工具中必需的是_ 、 _A直尺 B游標卡尺 C天平 D彈簧測力計 E秒表（3）設入射小球的質量為m1，被碰小球的質量為m2，則在用圖甲所示裝置進行實驗時（P為碰前入射小球落點的平均位置），所得“驗證動量守恒定律”的結論為_（用裝置圖中的字母表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，圖甲為一個電燈兩

9、端電壓與通過它的電流的變化關系曲線由圖可知，兩者不成線性關系，這是由于焦耳熱使燈絲的溫度發(fā)生了變化的緣故，參考這條曲線回答下列問題（不計電流表內阻，線路提供電壓不變）： （1）若把三個這樣的電燈串聯(lián)后，接到電壓恒定為12 V的電路上，求流過燈泡的電流和每個燈泡的電阻；（2）如圖乙所示，將兩個這樣的電燈并聯(lián)后再與10的定值電阻R0串聯(lián)，接在電壓恒定為10V的電路上，求通過電流表的電流值以及每個燈的實際功率14（16分）一個質量m帶電荷量為-q的小球，用絲線懸掛在某勻強電場中，電場線水平，當小球靜止時，測得懸線與豎直方向成30，如圖所示，求該電場的場強大?。ㄖ亓铀俣葹間），并說明場強方向15（1

10、2分）如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離L=0.40 m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角=370，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B=0.50 T、方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5 V、內阻r=0.50 的直流電源現(xiàn)把一個質量m=0.040 kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰好靜止導體棒與金屬導軌垂直且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R0=1.5 ，金屬導軌電阻不計， g取10 m/s1已知sin 37=0.60，cos 37=0.80，求：（1）通過導體棒的電流；（1）導體棒受到的安培力和導體棒受到的摩擦力；（3）若僅將磁場方向改為豎直向上

11、，求導體棒受到的摩擦力參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當電子從C點離開磁場時，電子做勻速圓周運動對應的半徑最小，設為R，如圖所示：由幾何知識得：2Rcos30=a，解得：；欲使電子能經過AC邊,必須滿足：而，得：，解得：；A. B故A項錯誤； B. B故B項錯誤；C. B故C項正確； D. B故D項錯誤2、A【解析】電容器與電源斷開，電量Q保持不變，減小兩極板間距離時，根據，知電容C變大，根據知兩極板間的電勢差U變小，故A正確，BCD錯誤故選：A。3、D【解析】AB對A到B的過程運用動能定理得qUAB

12、+mgh=0解得：，知A、B的電勢不等，則電勢能不等，AB錯誤；CA到虛線速度由零加速至v，虛線到B速度v減為零，位移相同，根據勻變速運動的推論知，時間相同，則加速度大小相等，方向相反，C錯誤；D在上方電場，根據牛頓第二定律得：在下方電場中，根據牛頓第二定律得，加速度大小為：因a1=a2解得：若，則有：E2=2E1，D正確。故選D。4、B【解析】AB閉合開關S，減小電阻箱阻值，則整個電路中的總電阻減小，總電流增大，即電流表示數(shù)增大，根據U=E-Ir知，電源的外電壓，即路端電壓減小，電阻R2兩端的電壓增大，路端電壓等于電壓表示數(shù)和R2兩端電壓之和，可得出電壓表示數(shù)減小，故A錯誤，B正確；C當電源

13、的內阻與外電阻相等時，電源的輸出功率最大，由于不清楚電源內阻與外電阻關系，所以無法確定電源的輸出功率變化情況，故C錯誤；D閉合開關S，減小電阻箱阻值，則整個電路中的總電阻減小，總電流增大，由公式可知，電阻消耗的功率一定增大，故D錯誤。5、D【解析】A.當閉合開關S后，導體棒中電流方向始終從a到b，所受安培力方向向右，而導體棒沿圓弧擺動，故A錯誤；B. 導體棒沿圓弧擺動過程中的電流I=A=8.0 A導體棒受到的安培力F=BId=0.58.00.2 N=0.8 N故B錯誤；CD.導體棒受到的重力與安培力的合力大小F合=N=1.0 N合力與豎直方向的夾角=53故導體棒ab速度最大時，細線與豎直方向的

14、夾角=53，由動能定理，導體棒在擺動過程中的最大動能Ekm=FR-mgR(1cos 53)=0.08 J故C錯誤，D正確。6、C【解析】初始時電容器不帶電，當閉合開關S，在電源向電容器充電的過程中，因電容C不變，根據Q=CU可知，電容器的電量Q增大，且兩極板的電壓U也增大；A電容器帶電量增大，兩板間電壓減小，與結論不相符，選項A錯誤；B電容器帶電量減小，兩板間電壓增大，與結論不相符，選項B錯誤；C電容器帶電量和兩板間電壓都增大，與結論相符，選項C正確；D電容器帶電量和兩板間電壓都減小，與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個

15、選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A、由圖像看出,甲從靜止開始與乙同向運動,說明甲受到了乙的排斥力作用,則知兩電荷的電性一定相同.故A錯誤.B、由于甲乙之間是排斥力，所以當甲乙之間的距離減小時說明電場力做負功，電勢能增大，結合圖像可知在t1時電勢能由最大值，故B正確；C、圖像包圍的面積代表甲乙走過的位移，從圖像上可以看出在0t2時間內甲乙之間的距離先減小后增大，所有靜電力先增大后減小，故C正確；D、0t3時間內，甲的動能一直增大，乙的動能先減小后反向增大，故D錯誤；故選BC點睛：會結合圖像找到甲乙位移之間的關系，并利用靜電力做功找到電勢

16、能變化規(guī)律8、AD【解析】Aa、b兩個質點都做簡諧運動，t=0時刻a、b兩質點的位移相同，根據簡諧運動的特征：，得知加速度相同，故A正確B圖示時刻兩質點位移相同，速度相反，但不是同相點，所以a、b兩質點的平衡位置間的距離不是波長的整倍，故B錯誤C由圖看出，a正向平衡位置運動，速度增大，b正向波峰運動，速度減小，當a通過1cm位移到達平衡位置時，b還沒有到達波峰，則a質點速度最大時，b質點速度不為零故C錯誤D假設在t=0時刻，ab之間只有一個波峰則其位置在x=3的位置，當b質點位移為+2cm到達波峰時，波向右傳播2m的距離，將波形向右平移2m可看出，此時a質點位于平衡位置下方，位移為-1cm，故

17、D正確9、BD【解析】A. 若磁場方向垂直紙面向外，并且磁感應強度增大時，根據楞次定律，ab中感應電流方向ab，由左手定則，ab受到的安培力向左，故桿ab將向左移動故A錯誤；B. 若磁場方向垂直紙面向外，并且磁感應強度減小時，根據楞次定律，ab中感應電流方向ba，由左手定則，ab受到的安培力向右，桿ab將向右移動故B正確；C. 若磁場方向垂直紙面向里，并且磁感應強度增大時，根據楞次定律，ab中感應電流方向ba，由左手定則，ab受到的安培力向左，桿ab將向左移動故C錯誤；D. 若磁場方向垂直紙面向里，并且磁感應強度減小時，根據楞次定律，ab中感應電流方向ab，由左手定則，ab受到的安培力向右，桿

18、ab將向右移動故D正確故選BD10、BD【解析】A、某處小磁針的靜止時北極受磁場力的方向就是該處磁場的方向，故A錯誤；B、磁感線在磁體的周圍是從磁體的N極出發(fā)回到S極，在磁體的內部，磁感線是從磁體的S極出發(fā)，回到N極是閉合曲線，而電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，不是閉合曲線，故B正確；C、電流相同、長度相同的通電導線在同一磁場中，若B與I所成的夾角不同，則受的安培力不同，故C錯誤；D、由于地磁的北極在地理的南極附近，在磁體的外部磁感線從N極指向S極，故磁感線有個向北的即豎直向上分量，而赤道附近地磁場的方向和地面平行，故選項D正確。點睛：本題需要掌握磁場和地磁場的方向問

19、題，同時注意安培力公式：導線的方向與磁場的方向平行，所受安培力為0，最小，當導線的方向與磁場方向垂直時，安培力最大，為。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）50.15mm；（2）4.700mm；【解析】試題分析：（1）游標卡尺的讀數(shù)為：5cm+0.05mm3=50.15mm；（2）螺旋測微器讀數(shù)：4.5mm+0.01mm20.0=4.700mm；12、C A C 【解析】（1）1要使兩球發(fā)生對心正碰，兩球半徑應相等，為防止入射球碰撞后反彈，入射球的質量應大于被碰球的質量，即m1m2，r1r2，故選C；（2）23驗證碰撞過程動量守恒定律，需要測出兩球的質量，兩球做平拋運動的水平位移，因此需要的測量工具為：天平與直尺，故選AC（3）4兩球碰撞后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，碰撞過程動量守恒，則 兩邊同時乘以時間t得： 則四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處