2022-2023學(xué)年廣東省佛山市中心業(yè)余體育學(xué)校高三物理下學(xué)期期末試卷含解析

1、2022-2023學(xué)年廣東省佛山市中心業(yè)余體育學(xué)校高三物理下學(xué)期期末試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個選項(xiàng)符合題意1. 如圖所示，絕熱氣缸直立于地面上，光滑絕熱活塞封閉一定質(zhì)量的氣體并靜止在A位置，氣體分子間的作用力忽略不計(jì)?，F(xiàn)將一個物體輕輕放在活塞上，活塞最終靜止在B位置（圖中未畫出），則活塞A在B位置時氣體的溫度與在A位置時氣體的溫度相同B在B位置時氣體的壓強(qiáng)比在A位置時氣體的壓強(qiáng)大C在B位置時氣體單位體積內(nèi)的分子數(shù)比在A位置時氣體單位體積內(nèi)的分子數(shù)少D在B位置時氣體分子的平均速率比在A位置時氣體分子的平均速率大參考答案：BD解析：氣體被壓縮做功，體

2、積變小，壓強(qiáng)變大，氣缸絕熱，溫度升高，密度增大，在B位置時氣體分子的平均速率比在A位置時氣體分子的平均速率大。2. 氣球以10m/s的速度勻速上升，某時刻在氣球正下方距氣球5m處有石子以20m/s的速度豎直上拋，不計(jì)阻力，g10 m/s2；則（ ）A石子恰能擊中氣球B石子一定不能擊中氣球C若氣球速度增大，石子一定不能擊中氣球D若氣球速度減小，石子可能不能擊中氣球參考答案：CA3. 雨滴從高空下落，由于空氣阻力作用，其加速度逐漸減小，直到為零，在此過程中雨滴的運(yùn)動情況是 （ ） A速度不斷減小，加速度為零時，速度最小 B速度不斷增大，加速度為零時，速度最大 C速度一直保持不變 D速度的變化率越來

3、越小參考答案：BD4. （單選）如圖所示的電路中，有一自耦變壓器，左側(cè)并聯(lián)一只理想電壓表V1后接在穩(wěn)定的交流電源上；右側(cè)串聯(lián)燈泡L和滑動變阻器R，R上并聯(lián)一只理想電壓表V2。下列說法中正確的是（ ） A.若F不動，滑片P向下滑動時，V1示數(shù)變大，V2示數(shù)變小B.若F不動，滑片P向下滑動時，燈泡消耗的功率變小C.若P不動，滑片F(xiàn)向下移動時，V1、V2的示數(shù)均變小D.若P不動，滑片F(xiàn)向下移動時，燈泡消耗的功率變大參考答案：B5. 熱力學(xué)溫標(biāo)是通過下列方法建立起來的（A）先猜想，后實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證 （B）對規(guī)律作合理外推（C）對規(guī)律作合理外推 （D）對規(guī)律作合理外推參考答案：C二、 填空題：本題共8小題，每

4、小題2分，共計(jì)16分6. 如圖為“用DIS（位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計(jì)算機(jī)）研究加速度和力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置。（1）在該實(shí)驗(yàn)中必須采用控制變量法，應(yīng)保持_不變，用鉤碼所受的重力作為_，用DIS測小車的加速度。（2）改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測量。在某次實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)可畫出a-F關(guān)系圖線（如圖所示）。 分析此圖線的OA段可得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是_。（單選題）此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是A小車與軌道之間存在摩擦 B導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)C所掛鉤碼的總質(zhì)量太大 D所用小車的質(zhì)量太大參考答案：（1）小車的總質(zhì)量，小車所受外力，（4分）（2）在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比

5、，C，7. 如圖所示，一輛長，高，質(zhì)量為的平頂車，車頂面光滑，在牽引力為零時，仍在向前運(yùn)動，設(shè)車運(yùn)動時受到的阻力與它對地面的壓力成正比，且比例系數(shù)。當(dāng)車速為時，把一個質(zhì)量為的物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）輕輕放在車頂?shù)那岸?，并開始計(jì)時。那么，經(jīng)過t= s物塊離開平頂車；物塊落地時，落地點(diǎn)距車前端的距離為s= m。（?。﹨⒖即鸢福?.31 4.168. 已知地球半徑R、自轉(zhuǎn)周期T、地球表面重力加速度g，則其第一宇宙速度為_。地球同步衛(wèi)星離地面的高度為_。參考答案：，9. 1905年愛因斯坦提出的狹義相對論是以狹義相對性原理和 這兩條基本假設(shè)為前提的；在相對于地面以0.8c運(yùn)動的光火箭上的人觀測到地面上的的生命

6、進(jìn)程比火箭上的生命進(jìn)程要（填快或慢）。參考答案：光速不變原理 ，慢10. （5分）某測量員是這樣利用回聲測距離的：他站在兩平行峭壁間某一位置鳴槍，經(jīng)過1.00秒鐘第一次聽到回聲，又經(jīng)過0.50秒鐘再次聽到回聲。已知聲速為340m/s，則兩峭壁間的距離為 m。參考答案：答案：425解析：測量員先后聽到兩次回聲分別是前（離他較近的墻）后兩墻對聲波的反射所造成的。設(shè)測量員離較近的前墻壁的距離為x，則他到后墻壁的距離為 。所以有 解得兩墻壁間的距離s425m。11. （選修34）（5分）某種媒質(zhì)的折射率為，有一束光從該媒質(zhì)射向真空，要使真空中有折射光，入射角應(yīng)滿足的條件是_。 參考答案：答案： i45

7、 12. 兩個傾角相同的滑桿上分別套A、B兩圓環(huán)，兩環(huán)上分別用細(xì)線懸吊著兩物體C、D，如圖所示，當(dāng)它們都沿滑桿一起向下滑動時，A的懸線與桿垂直，B的懸線豎直向下，則（ ）A. A環(huán)與桿無摩擦力B. B環(huán)與桿無摩擦力C. A環(huán)做的是勻速運(yùn)動D. B環(huán)做的是勻速運(yùn)動參考答案：AD【詳解】AC.假設(shè)A環(huán)與桿間的摩擦力為f，對A環(huán)受力分析，受重力、拉力、支持力、沿桿向上的摩擦力f，如圖，根據(jù)牛頓第二定律，有mAgsin-f=mAa 對C，據(jù)牛頓第二定律有mCgsin=mCa聯(lián)立解得：f=0a=gsin故A正確，C錯誤；BD.對D球受力分析，受重力和拉力，由于做直線運(yùn)動，合力與速度在一條直線上或者合力為

8、零，故合力只能為零，物體做勻速運(yùn)動；再對B求受力分析，如圖，受重力、拉力、支持力，由于做勻速運(yùn)動，合力為零，故必有沿桿向上的摩擦力。故B錯誤，D正確。13. 一光滑圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，環(huán)上套著兩個小球A和B（中央有孔），A、B間由細(xì)繩連接著，它們處于如圖中所示位置時恰好都能保持靜止?fàn)顟B(tài)。此情況下，B球與環(huán)中心O處于同一水平面上，A、B間的細(xì)繩呈伸直狀態(tài)，與水平線成30夾角。已知B球的質(zhì)量為m，則細(xì)繩對B球的拉力為_，A球的質(zhì)量為_。參考答案：2mg，2m三、 實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. （10分）在“用單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)單擺的擺角（即單擺偏離平衡

9、位置的最大角度）逐漸減小。一次測量中，他使用擺長為0.960m的單擺，如圖所示。擺球從擺角5開始振動，某次當(dāng)擺球從A到B經(jīng)過平衡位置O時開始計(jì)時，發(fā)現(xiàn)該單擺隨后經(jīng)過30次全振動的總時間是59.6s，經(jīng)過50次全振動停止在平衡位置。（1）該同學(xué)測得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣戎导s為_m/s2；由于空氣阻力的影響，該同學(xué)測得的重力加速度值_（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）。（2）如果用“擺角專用測量儀”測得擺角隨單擺左右擺動次數(shù)的增加而均勻減小，即從計(jì)時開始，擺球從O運(yùn)動到B，對應(yīng)的擺角為14.00；接著從O運(yùn)動到A對應(yīng)的擺角為2；然后又從O運(yùn)動到B對應(yīng)的擺角為3；請寫出擺角n與n的關(guān)系式n=_。（3）該

10、單擺50次全振動通過的總路程約為_m（保留一位小數(shù)）；空氣對該單擺的平均阻力大小f是擺球所受重力大小mg的_倍。參考答案：答案：（1） 9.6 m/s2；偏小。（2）（n100）（3）6.7 m（保留一位小數(shù)）；倍。15. 以下是驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)步驟，請完成有關(guān)內(nèi)容。用圖釘把白紙釘在水平桌面上的方木板上用圖釘把橡皮條的一端固定在A點(diǎn)，橡皮條的另一端拴上兩個細(xì)繩套. 用兩只彈簧測力計(jì)分別鉤住細(xì)繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條與繩的結(jié)點(diǎn)伸長到某一位置O，如圖所示，記錄 ，用鉛筆描下O點(diǎn)的位置及此時 只用一只彈簧測力計(jì)通過細(xì)繩套把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到 ，記下彈簧測力計(jì)的讀數(shù)和細(xì)繩套的方向改

11、變兩彈簧測力計(jì)拉力的大小和方向，再重做兩次實(shí)驗(yàn)參考答案：. 兩彈簧測力計(jì)的讀數(shù) 兩細(xì)繩套的方向相同的位置O四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. 如圖所示，一質(zhì)量為8m的長木板靜止在光滑水平面上，某時刻一質(zhì)量為m的小鐵塊以速度移從木板的右端滑上木板，已知鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度大小為g，木板足夠長，求： (1)塊與木板的加速度大小：(2)當(dāng)木板在水平面上加速滑行的距離為x時，鐵塊在木板上滑行的長度為多少？參考答案：【知識點(diǎn)】 牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的位移與時間的關(guān)系 A2 A8 C2【答案解析】(1) (2) 解析：對鐵塊 解得 對木板 解得 木板的位移 解得 鐵塊的位

12、移 鐵塊在木板上滑行的距離 【思路點(diǎn)撥】（1）分別對鐵塊和木板作受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度；（2）求出木板滑行時間，求出鐵塊的位移和木板位移作差可得相對位移本題主要考查牛頓第二定律和位移時間公式的應(yīng)用，注意結(jié)果的化簡17. 如圖甲所示，波源S從平衡位置y0處開始豎直向上振動(y軸的正方向)，振動周期為T0.01 s，產(chǎn)生的簡諧波向左、右兩個方向傳播，波速均為v80 m/s.經(jīng)過一段時間后，P、Q兩點(diǎn)開始振動，已知距離SP1.2 m，SQ2.6 ma.求此波的頻率和波長；b.若以Q點(diǎn)開始振動的時刻作為計(jì)時的零點(diǎn)，試在圖乙中分別畫出P、Q兩點(diǎn)的振動圖象參考答案：a. 由T0.01 s，f

13、得f Hz100 Hz，vT800.01 m0.8 m.b. 波源S起振的方向豎直向上，則波傳到P、Q兩點(diǎn)時，P、Q的起振方向均豎直向上，因SP1.2 m1，SQ2.6 m3，可見，當(dāng)Q開始振動時，質(zhì)點(diǎn)P已振動了1T，即Q開始振動時，質(zhì)點(diǎn)P在波谷，因此P、Q的振動圖線如圖所示答案：(1)100 Hz0.8 m(2)見解析圖18. 如圖所示，傾斜軌道AB的傾角為37，CD、EF軌道水平，AB與CD通過光滑圓弧管道BC連接，CD右端與豎直光滑圓周軌道相連小球可以從D進(jìn)入該軌道，沿軌道內(nèi)側(cè)運(yùn)動，從E滑出該軌道進(jìn)入EF水平軌道小球由靜止從A點(diǎn)釋放，已知AB長為5R，CD長為R，重力加速度為g，小球與斜

14、軌AB及水平軌道CD、EF的動摩擦因數(shù)均為0.5，sin37=0.6，cos37=0.8，圓弧管道BC入口B與出口C的高度差為1.8R求：（在運(yùn)算中，根號中的數(shù)值無需算出）（1）小球滑到斜面底端C時速度的大小（2）小球剛到C時對軌道的作用力（3）要使小球在運(yùn)動過程中不脫離軌道，豎直圓周軌道的半徑R應(yīng)該滿足什么條件？參考答案：【考點(diǎn)】： 動能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；向心力【專題】： 動能定理的應(yīng)用專題【分析】： （1）對球從A運(yùn)動至C過程運(yùn)用動能定理列式求解即可；（2）在C點(diǎn)，重力和支持力的合力提供向心力；根據(jù)牛頓第二定律列式求解支持力；然后再結(jié)合牛頓第三定律求解壓力；（3）要使小球不脫離軌道

15、，有兩種情況：情況一：小球能滑過圓周軌道最高點(diǎn)，進(jìn)入EF軌道情況二：小球上滑至四分之一圓軌道的點(diǎn)（設(shè)為Q）時，速度減為零，然后滑回D由動能定理列出等式求解： 解：（1）設(shè)小球到達(dá)C點(diǎn)時速度為v，小球從A運(yùn)動至C過程，由動能定理有：mg（5Rsin37+1.8R）mgcos37?5R=可得：vC=（2）小球沿BC軌道做圓周運(yùn)動，設(shè)在C點(diǎn)時軌道對球的作用力為FN，由牛頓第二定律，有：FNmg=m其中r滿足：r+r?sin53=1.8R聯(lián)立上式可得：FN=6.6mg由牛頓第三定律可得，球?qū)壍赖淖饔昧?.6mg，方向豎直向下 （3）要使小球不脫離軌道，有兩種情況：情況一：小球能滑過圓周軌道最高點(diǎn)，進(jìn)入EF軌道則小球在最高點(diǎn)應(yīng)滿足：mmg小球從C直到此最高點(diǎn)過程，由動能定理，有：mgRmg?2R=mvP2mvC2可得：RR=0.92R情況二：小球上滑至四分之一圓軌道的最高點(diǎn)時，速度減為零，然后滑回D則由動能定理有：mgRmg?R=0mvC2解得：R