2023屆寧夏長慶中學(xué)高一物理第一學(xué)期期末聯(lián)考模擬試題含解析

1、2022-2023學(xué)年高一上物理期末模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖 ，一個物體從 A 點出發(fā)向右運動 10m 到達 B 點，然后向左運動 4m 到達 C 點在整個過程中，物體的位移大小為A.4mB.6mC.10m

2、D.14m2、如圖所示，馬拖著一根質(zhì)量為m的樹干在粗糙的水平地面上作加速直線運動，加速度大小為a，已知馬對樹干的拉力大小為F1，樹干對馬的拉力大小為F2，則有（ ）A.F1 F2B.F1=F2C.F12(m+M)g時,木板便會開始運動D.無論怎樣改變F的大小,木板都不可能運動二、實驗題11、（4分）在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗中，采用圖1所示的裝置（1）關(guān)于本實驗的操作，下列說法中正確的是_（填字母代號）A.在探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系時，每次改變小車質(zhì)量時都應(yīng)平衡摩擦力B.平衡摩擦力時，應(yīng)將木板不帶滑輪一端適當(dāng)墊高C.平衡摩擦力時，應(yīng)將小車后面拖著的紙帶穿過打點計時器D.正確平衡摩擦力

3、后，若改變小車質(zhì)量重復(fù)實驗時，則需要再次平衡摩擦力E.可以先釋放小車再接通打點計時器的電源（2）某次實驗中打點計時器在紙帶上依次打出一系列的點，取A、B、C、D、E五個計數(shù)點，距離如圖2所示，每兩個計數(shù)點間有四個點未畫出，且計時器打點周期為0.02s，則打C點的瞬間，紙帶的速度大小為_m/s，紙帶運動的加速度a=_m/s2。（計算結(jié)果都保留兩位有效數(shù)字）（3）在探究加速度與力的關(guān)系的實驗中，得出如圖所示的aF圖線，發(fā)現(xiàn)圖線既不過原點，又不是直線，其原因可能是_（填字母代號）A沒有完全平衡摩擦力，且小車質(zhì)量較大B.平衡摩擦力過度，且小車質(zhì)量較大C.平衡摩擦力過度，砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量較大D.沒有

4、完全平衡摩擦力，且砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量較大12、（10分）某同學(xué)設(shè)計了一個“探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關(guān)系”的實驗，圖甲為實驗裝置簡圖（1）該實驗應(yīng)采用的物理學(xué)思想方法是_法，實驗要求砂和砂桶的總質(zhì)量_小車質(zhì)量（選填“遠大于”或“遠小于” 或“大于” 或“小于”）；（2）在利用打點計時器和小車來做“探究加速度a跟F、m之間關(guān)系”的實驗時，下列說法中正確的是_A連接砝碼盤和小車的細繩應(yīng)跟長木板保持平行B平衡摩擦力時，應(yīng)將砝碼盤及盤內(nèi)砝碼通過定滑輪拴在小車上C小車釋放前應(yīng)靠近打點計時器，且應(yīng)先接通電源再釋放小車D平衡摩擦力后，若改變小車和砝碼的總質(zhì)量后需要重新平衡摩擦力（3）某同學(xué)在探究

5、加速度與力的關(guān)系時，根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的a一F圖線如圖乙所示，則實驗存在的問題是_三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）甬金高速東陽出口收費站增設(shè)了ETC（不停車電子收費系統(tǒng)）通道，汽車通過ETC通道和人工收費通道的流程如圖所示，假設(shè)汽車以v0=20m/s朝收費站沿直線行駛，在靠近收費站時需要提前減速：如果過ETC通道，在收費站中心線前d=10m處減速至v=5m/s，勻速通過中心線后，再加速至v0正常行駛；如果過人工收費通道，在中心線處速度減至零，經(jīng)過t=20s繳費成功后，再啟動汽車勻加速至v

6、0正常行駛設(shè)汽車加速和減速過程均為勻變速，且加速度大小均為a=1m/s2求：（1）汽車過ETC通道時，從開始減速到剛恢復(fù)正常行駛過程中所需要的時間；（2）汽車過人工收費通道，從開始減速到恢復(fù)正常行駛過程中的總位移大??；（3）汽車通過ETC通道比通過人工收費通道節(jié)約的時間是多少14、（14分）在車站我們經(jīng)?？吹嚼欣钕湫凶叩穆每?，現(xiàn)將拉行李箱的過程簡化如圖所示。假設(shè)行李箱的質(zhì)量m=3kg，行李箱與地面之間的動摩擦因數(shù)=，人的拉力F與水平方向夾角=37斜向上，g取10m/s2，且sin37=0.6，cos37=0.8。問：（1）人拉著行李箱勻速前進，拉力F是多大？（2）若保持拉力方向不變，要使箱

7、子不離開地面，F(xiàn)的最大值是多少？15、（13分）如圖所示，放在水平地面上的木板B長為1.2m，質(zhì)量為M=1kg，B與地面間的動摩擦因數(shù)為1=0.1；一質(zhì)量為m=2kg的小鉛塊A放在B的左端，A、B之間動摩擦因數(shù)為2=0.3剛開始A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)使A獲得3m/s向右的初速度(g=10m/s2)，求：（1）A、B剛開始運動時的加速度；（2）通過計算說明，A最終是否滑出B；參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】位移大小為從初位置

8、指向末位置的有向線段的長度，則x=AC=10-4=6m，方向從A指向C，即向右故選B點睛：此題主要考查了位移與路程的基本概念，要理解位移是矢量，有大小，也有方向，大小只取決于初末位置路程是標(biāo)量，只有大小，沒有方向，是指運動路徑的總長度屬于基礎(chǔ)題2、B【解析】作用力和反作用力等大反向，結(jié)合圖和題干，可知馬對樹干的拉力大小為和樹干對馬的拉力大小為為作用力和反作用力，故，故B正確，ACD錯誤點睛：本題是簡單的牛頓第三定律的應(yīng)用，掌握作用力與反作用力的特征：大小相等，方向相反，作用在不同物體上，兩個力互為產(chǎn)生的原因和結(jié)果，且大小變化具有同時性3、D【解析】做曲線運動的質(zhì)點，其軌跡上某一點的速度方向就在

9、通過該點的曲線的切線方向上，故選D.考點：曲線運動【名師點睛】此題考查了對曲線運動的理解；要知道曲線運動的速度的方向是不斷再變化的，軌跡上某一點的速度方向就在通過該點的曲線的切線方向上，做曲線運動的物體所受的合力方向指向曲線的凹向的方向，這些特點都應(yīng)該熟悉.4、C【解析】物體A、B之間的輕彈簧被壓縮了，彈簧彈力為：；AB木塊A受到向左的彈力為8N，A不動，故靜摩擦力為8N，向右，故AB錯誤；CD用的水平拉力作用在木塊B上，木塊B受彈簧向右的彈力為向左推力為1N，B仍然處于靜止?fàn)顟B(tài)，故B受到的摩擦力，故C正確、D錯誤；5、D【解析】A在v-t圖象中圖線與橫軸圍成的面積表示其位移，故由圖可知04s

10、內(nèi)的位移為所以04s內(nèi)的平均速度為故A錯誤；B在v-t圖象中圖線斜率表示物體的加速度，故46s內(nèi)的加速度為故B錯誤；C在v-t圖象中圖線與橫軸圍成的面積表示其位移，故由圖可知08s內(nèi)的位移為故C錯誤；D由圖像可知在56s內(nèi)物體沿反方向做加速運動，故速度和加速度方向相同，均為負方向，故D正確。故選D。6、AC【解析】設(shè)三個物體的重力均為G。如圖，將甲、丙兩個物體所受的拉力分解為水平和豎直兩個方向。則三個物體對地面的壓力大小分別為N甲GF1N乙GN丙G+F2可見，甲受地面的彈力最小，丙受地面的彈力最大。由摩擦力公式fN，相同，所以甲物體所受的摩擦力最小，丙物體所受的摩擦力最大。A.三個物體所受的摩

11、擦力大小相同。與上述結(jié)論不符，故A錯誤；B.甲物體所受的摩擦力最小，受地面的彈力最小。與上述結(jié)論相符，故B正確；C.乙物體所受的摩擦力最大，受地面的彈力最小。與上述結(jié)論不符，故C錯誤；D.丙物體所受的摩擦力最大，受地面的彈力最大。與上述結(jié)論相符，故D正確。本題選錯誤的答案，故選：AC。7、AD【解析】某電梯中用細繩懸掛一重物，當(dāng)電梯在豎直方向運動時，突然發(fā)現(xiàn)繩子斷了，說明繩子的拉力增大了，說明物體處于超重狀態(tài)，具有向上的加速度，由此可判定電梯運動狀態(tài)【詳解】某電梯中用細繩懸掛一重物，當(dāng)電梯在豎直方向運動時，突然發(fā)現(xiàn)繩子斷了，說明繩子的拉力增大了，說明物體處于超重狀態(tài)，具有向上的加速度，說明電梯

12、具有向上的加速度，則電梯可能是向上做加速運動，也可能是向下做減速運動，故BC錯誤，AD正確。故選AD?！军c睛】首先要會判定超重和失重，其次要夠由超重和失重判定物體的運動狀態(tài)，重點把握加速度的方向8、BC【解析】A由圖像可知，雨滴的速度先增大后不變，故A錯誤；B因為v-t圖像的斜率等于加速度，可知加速度逐漸減小，故B正確；C加速度逐漸減小，根據(jù)：F=ma可知雨滴受到的合力逐漸減小，故C正確；D根據(jù)mg-f=ma可知雨滴受到的空氣阻力逐漸變大，故D錯誤。故選BC.9、BD【解析】ABC貨物所受的摩擦力方向與相對運動趨勢的方向相反，貨物相對傳送帶有向下運動的趨勢，所以靜摩擦力方向沿傳送帶向上，故B正

13、確，AC錯誤；D貨物隨傳送帶一起向上勻速運動，因此共受到三個力，分別為重力、支持力與靜摩擦力，故D正確；故選BD。10、BD【解析】A、由于木板相對于地面是否剛要滑動不清楚，地面的靜摩擦力不一定達到最大，則木板受到地面的摩擦力的大小不一定是2(m+M)g;故A錯誤.B、對木板：水平方向受到木塊向右滑動摩擦力f1和地面的向左的靜摩擦力f2，而f1=1mg，由平衡條件得：f2=f1=1mg；故B正確.C、D、由題分析可知，木塊對木板的摩擦力f1不大于地面對木板的最大靜摩擦力，當(dāng)F改變時，f1不變，則木板不可能運動；故C錯誤，D正確.故選BD.二、實驗題11、 .BC .0.11 .0.20 .D【

14、解析】（1）1AD.在探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系時，因平衡摩擦力時滿足mgsin=mgcos，則與質(zhì)量m無關(guān)，則每次改變小車質(zhì)量時不需要重新平衡摩擦力，選項AD錯誤；B.平衡摩擦力時，應(yīng)將木板不帶滑輪一端適當(dāng)墊高，選項B正確；C.平衡摩擦力時，應(yīng)將小車后面拖著的紙帶穿過打點計時器，選項C正確；E.實驗時應(yīng)該先接通打點計時器的電源再釋放小車，選項E錯誤；故選BC。（2）23每兩個計數(shù)點間有四個點未畫出，且計時器打點周期為0.02s，可知相鄰兩計數(shù)點之間的時間T=0.1s；則打C點的瞬間，紙帶的速度大小為因為x=0.2cm，由x=aT2可得（3）4由圖像可知，當(dāng)力F到達一定值時小車才有加速度，可知原因

15、是平衡摩擦力不夠或者沒有平衡摩擦力；圖像發(fā)生彎曲，是由于當(dāng)砝碼質(zhì)量變大時，砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量較大，不再滿足遠小于小車的質(zhì)量；故選D。12、 .控制變量 .遠小于 .AC .平衡摩擦力過度【解析】（1）探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關(guān)系需采用控制變量法進行實驗在探究加速度a與物體質(zhì)量m關(guān)系時，應(yīng)保持砂和砂桶的質(zhì)量的不變?yōu)榱吮ＷC砂和砂桶的重力等于繩子的拉力，要求砂和砂桶質(zhì)量遠小于小車質(zhì)量（2）細線的拉力等于小車所受的合力，連接砝碼盤和小車的細繩應(yīng)跟長木板保持平行，且需要平衡摩擦力，故A正確；平衡摩擦力時，不能將砝碼盤及盤內(nèi)砝碼通過定滑輪拴在小車上，故B錯誤；小車釋放前應(yīng)靠近打點計時器，且應(yīng)

16、先接通電源再釋放小車，故C正確；平衡摩擦力后，若改變小車和砝碼的總質(zhì)量后，不需要重新平衡摩擦力，故D錯誤所以AC正確，BD錯誤（3）由a一F圖線可知，F(xiàn)=0時，加速度a不為零，可知平衡摩擦力時木板傾角過大三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（1）32s；（2）400m；（3）27.25s?！窘馕觥浚?）根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式求出加速和減速的位移，以及勻速運動的位移大小求出總位移；（2）、（3）根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出勻加速和勻減速運動的時間，結(jié)合通過ETC通道和人工收費通道的

17、時間求出節(jié)約的時間【詳解】（1）汽車過ETC通道時，從開始減速到恢復(fù)正常行駛過程中的時間為：s（2）汽車通過人工收費通道時，位移為：m（3）汽車過ETC通道時有：187.5m所以總位移=385m汽車通過人工收費通道時，時間為：=60s二者的位移差為：=15m在這段位移內(nèi)過ETC通道時汽車勻速直線運動，所以有：s【點晴】解決本題的關(guān)鍵理清汽車在兩種通道下的運動規(guī)律，結(jié)合勻變速直線運動的位移公式和時間公式進行求解14、（1） 10N；（2）50N?！窘馕觥浚?）對箱子進行受力分析，如圖所示：并且沿水平和豎直方向正交分解，由平衡條件可得：f=FcosFsin+FN=mg又f=FN代入數(shù)據(jù)解得：F=10N（2）箱子恰好要離開地面時拉力最大，此時FN=0，由（1）可知豎直方向上有：Fmsin=mg解得：Fm=50N15、（1）aA=3m/s2水平向左；aB=3m/s2水平向右（2）沒能滑出.【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律分別求出A、B的加速度；（2）當(dāng)A、B的速度相同時，A不再相對于B運動，結(jié)合速度時間公式求出A在B上滑行的時間，通過位移關(guān)系求出A對B的位移大小，再求出相對位移大??；【詳解】（1）以A為研究對象