四川省瀘州市瀘縣第二中學2022-2023學年物理高一上期末學業(yè)水平測試試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、在同一高度將質(zhì)量相等的三個小球以大小相同的速度分別豎直上拋、豎直下拋、水平拋出，不計空氣阻力從拋出到落地過程中，三球A.運動時間相同B.落地時的動量相同C.落地時的動能相同D.落地時重力的

2、功率相同2、如圖所示，細繩MO與NO所能承受的最大拉力相同，長度MONO，則在不斷增加重物G的重力過程中（繩OC不會斷）（）A.OM繩先被拉斷B.ON繩先被拉斷C.ON繩和OM繩同時被拉斷D.因無具體數(shù)據(jù)，故無法判斷哪條繩先被拉斷3、如圖所示，A、B為兩個質(zhì)量相等的小球，由細線相連，再用輕質(zhì)彈簧懸掛起來，在A、B間細線燒斷后的瞬間，A、B的加速度分別是A.A、B的加速度大小均為g，方向都豎直向下B.A的加速度為0，B的加速度大小為g、豎直向下C.A的加速度大小為g、豎直向上，B的加速度大小為g、豎直向下D.A的加速度大于g、豎直向上，B的加速度大小為g、豎直向下4、靜止在光滑水平地面上的物體的

3、質(zhì)量為，在水平恒力推動下開始運動，末它的速度達到，則的大小為（ ）A.B.C.D.5、關于牛頓第一定律的說法中，正確的是（）A.由牛頓第一定律可知，物體在任何情況下始終處于靜止狀態(tài)和勻速直線運動狀態(tài)B.牛頓第一定律只是反映慣性大小的，因此也叫慣性定律C.牛頓第一定律反映了物體不受外力作用時的運動規(guī)律，因此，物體在不受力時才有慣性D.牛頓第一定律既揭示了物體保持原有運動狀態(tài)的原因，又揭示了運動狀態(tài)改變的原因6、如圖，一很長的不可伸長的柔軟細繩跨過光滑定滑輪，繩兩端各系一小球和,球質(zhì)量為，靜置于地面，球質(zhì)量為3；用手托住，高度為，此時輕繩剛好拉緊，從靜止開始釋放球至球上升至最高點的過程中A.落地前

4、，球減小的重力勢能等于球增加的重力勢能B.落地前，球和球的速度大小始終相等C.落地前，球的加速度大于球的加速度D.從釋放開始，球能上升的最大高度為7、如圖所示，是在同一條直線上運動的甲、乙兩車的xt圖象，下列說法正確的是（）A.乙做直線運動，甲做曲線運動B.t1時刻兩車位移相同C.甲的加速度一定越來越大D.0t1時間內(nèi)某時刻，兩車速度相同8、如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，O點為彈簧在原長時物塊的位置物體由A點靜止釋放，沿粗糙程度相同的水平面向右運動，最遠到達B點在從A到B的過程中，物塊A.加速度先減小后增大B.經(jīng)過O點時的速度最大C.所受彈簧彈力先做正功后做負功D.所受彈簧彈

5、力做的功大于克服摩擦力做的功9、 (多選)如圖所示,A、B、C三個物體質(zhì)量相等,它們與傳送帶間的動摩擦因數(shù)相同三個物體隨傳送帶一起勻速運動,運動方向如圖中箭頭所示下列說法正確的是A.A物體受到的摩擦力不為零,方向向右B.三個物體中只有A物體受到的摩擦力為零C.B、C兩物體受到摩擦力大小相等,方向相反D.B、C兩物體受到的摩擦力大小相等,方向相同10、如圖所示，質(zhì)量為m的物體用輕繩AC懸掛于天花板上，在輕繩上某一點O施加一個水平外力F使物體靜止，若保持OA繩與水平面間的夾角為不變，將力F從水平方向在豎直平面內(nèi)逆時針緩慢旋轉(zhuǎn)90，則下列關于輕繩AO所受的拉力T和外力F的大小的判斷，正確的是（）A.

6、T一直變小B.T一直變大C.F先變小后變大D.F先變大后變小11、關于自由落體運動的加速度g，下列說法中正確的是 （ ）A.同一地點輕重物體的g值一樣大B.重物體的g值大C.g值在地面任何地方一樣大D.g值在赤道處小于南北兩極處12、如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為3m和2m，兩物塊靜止疊放在水平地面上，A、B間的動摩擦因數(shù)為，B與地面間的動摩擦因數(shù)為（0）最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，現(xiàn)對B施加一水平推力F，則下列說法正確的是（）A.若Fmg，A、B間的摩擦力一定為零B.無論F為多大時，A相對B都不會滑動C.當F3mg時，A的加速度為gD.若去掉B上的力，而將F3mg的力作用

7、在A上，則B的加速度為二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖所示，在動摩擦因數(shù)0.2的水平面上，質(zhì)量m2kg的物塊與水平輕彈簧相連，物塊在與水平方向成45角的拉力F作用下處于靜止狀態(tài)，此時水平面對物塊的支持力恰好為零g取10m/s2，則此時彈簧彈力的大小為_N,如果撤去拉力F，撤去瞬間，物體的加速度大小為_m/s2.14、（10分）現(xiàn)在的智能手機都有連拍功能，某同學設置手機連拍的時間間隔為，然后把手機用支架固定，對一輛沿直線向右減速行駛的玩具小車進行連拍，拍得小車連續(xù)幾個位置的間距如下圖所示。(1)根據(jù)圖中數(shù)據(jù)判定小車減速過程中_(填“是”或“不是”）做勻減速直線運動

8、，汽車經(jīng)過圖中位置的速度大小為_；(2)從左邊第一個位置開始計時，第1秒內(nèi)小車的平均速度_，小車減速過程中的加速度大小為_。(以上計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖甲所示，t0時，水平地面上質(zhì)量m1kg的物體在水平向左、大小恒為10N的力T的作用下由靜止開始運動，同時施加一水平向右的拉力F，拉力F隨時間變化關系圖象如圖乙所示，物體與地面間動摩擦因數(shù)0.5，（g10m/s2）求：（1）2s末物體的速度大?。唬?）前2s內(nèi)物體的位移；（3）t為多少時體的速度為0。16、（12分）如圖，位于水平地面上的木塊質(zhì)量為M20kg受到大小

9、為F100N、方向與水平方向成a53角的拉力作用后由靜止開始水平向右做勻加速直線運動若木塊與地面之間的動摩擦因數(shù)為0.2，求：（1）畫出木塊的受力示意圖，求木塊對地面的壓力？（2）木塊的加速度多大？（3）拉力作用下木塊在前5s內(nèi)的位移多大？17、（12分）如圖，足夠長的長木板靜止在水平地面上，在長木板的左端放有一質(zhì)量大小不計的物塊，現(xiàn)對物塊施加一水平向右的恒力，當物塊在木板上滑過1m的距離時，撤去恒力，已知長木板的質(zhì)量kg，物塊的質(zhì)量kg，木板與地面間的動摩擦因數(shù)，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取m/s2）（1）求力作用的時間；（2）求整個過程中長木板在地面上滑過的距離

10、參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】A根據(jù)拋體運動的規(guī)律可知，三球落地的時間不同，豎直上拋時間最長，豎直下拋時間最短，故A錯誤；BC小球運動過程中，只有重力做功，機械能守恒，故末速度相等，但方向不同，則動能相等，落地時的動量不相同，故B錯誤，C正確；D落地時速度相等，但方向不同，根據(jù)P=mgvy可知，重力的瞬時功率不等，故D錯誤；故選C2、A【解析】O點受力平衡，對O點進行受力分析，受到重物的拉力，OM繩的拉力和ON繩的拉力，合力為零根據(jù)平行四邊形定則及MONO得：OM繩的拉力大于ON繩的拉力，所以當重力逐漸增大，OM繩先

11、達到最大拉力，OM繩先斷。故選A。3、C【解析】對整體分析，彈簧的拉力為細線的彈力剪斷細繩的瞬間，對A，瞬間加速度：方向豎直向上；對B，只受重力的作用，故加速度的大小為方向向下，故C正確，ABD錯誤；故選C。4、A【解析】在水平恒力推動下物體做勻加速直線運動的加速度為由牛頓第二定律得A 與計算結(jié)果相符，故A正確B.與計算結(jié)果不符，故B錯誤C.與計算結(jié)果不符，故C錯誤D.與計算結(jié)果不符，故D錯誤5、D【解析】牛頓第一定律的內(nèi)容：物體只在不受外力或所受外力的合力為零時，才保持靜止狀態(tài)或勻速直線運動狀態(tài)；牛頓第一定律說明力是改變物體運動狀態(tài)（或產(chǎn)生加速度）的原因，一切物體總具有慣性。故選D。6、B【

12、解析】本題可以分為兩個過程來求解，首先根據(jù)ab系統(tǒng)的機械能守恒，可以求得a球上升h時的速度的大小，之后，b球落地，a球的機械能守恒，從而可以求得a球上升的高度的大小【詳解】根據(jù)能量關系，b落地前，b球減小的重力勢能等于a球增加的重力勢能于ab的動能增量之和，選項A錯誤； b落地前，ab用同一根繩子連接，可知a球和b球的速度大小始終相等，b球的加速度等于a球的加速度，選項B正確，C錯誤；設a球到達高度h時兩球的速度v，根據(jù)機械能守恒：b球的重力勢能減小轉(zhuǎn)化為a球的重力勢能和a、b球的動能即：3mgh=mgh+（3m+m）v2，解得兩球的速度都為，此時繩子恰好松弛，a球開始做初速為的豎直上拋運動，

13、同樣根據(jù)機械能守恒：mgh+mv2=mgH，解得a球能達到的最大高度H=1.5h，選項D錯誤故選B.【點睛】在a球上升的全過程中，a球的機械能是不守恒的，所以在本題中要分過程來求解，第一個過程系統(tǒng)的機械能守恒，在第二個過程中只有a球的機械能守恒7、BD【解析】Axt圖象只能表示直線運動規(guī)律，故甲乙均做直線運動，故A錯誤；Bt1時刻兩圖象相交，表示兩車到達同一位置即相遇，又從同一位置出發(fā)，故位移相同，故B正確；C圖象的斜率表示速度，知甲的速度變大，但加速度不一定變大，故C錯誤；D0t1時間內(nèi)兩圖象斜率有相同的地方，兩車有速度相同的時刻，故D正確。故選BD。8、AC【解析】彈力與摩擦力平衡的位置在

14、AO之間，平衡位置處速度最大、加速度為零；根據(jù)動能定理分析彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功關系【詳解】由于水平面粗糙且O點為彈簧在原長時物塊的位置，所以彈力與摩擦力平衡的位置在OA之間，加速度為零時彈力和摩擦力平衡，所以物塊在從A到B的過程中加速度先減小后反向增大，故A正確；物體在平衡位置處速度最大，所以物塊速度最大的位置在AO之間某一位置，即在O點左側(cè)，故B錯誤；從A到O過程中彈力方向與位移方向相同，彈力做正功，從O到B過程中彈力方向與位移方向相反，彈力做負功，故C正確；從A到B過程中根據(jù)動能定理可得W彈-W克f=0，即W彈=W克f，即彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功，故D錯誤故選AC【

15、點睛】本題關鍵是抓住彈簧的彈力是變化的，分析清楚物體向右運動的過程中受力情況，從而判斷出其運動情況，知道平衡位置速度最大、加速度為零9、BD【解析】A、A物體做水平方向的勻速直線運動，水平方向不受摩擦力，故A錯誤；BCD、B、C物體均有相對傳送帶向下滑動的趨勢，故均受到沿斜面向上的靜摩擦力，大小等于mgsin，故B、D正確，C錯誤；故選BD【點睛】關鍵是判斷兩個物體間是否存在摩擦力，需要判斷兩個物體間的相對運動或者相對運動趨勢，摩擦力方向和相對運動或者相對運動趨勢方向相反，BC兩物體有向下滑動的趨勢，受到沿斜面向上的靜摩擦力10、AC【解析】點O受到三個拉力而處于平衡狀態(tài)，其中向下的拉力的大小

16、和方向均不變，OA的拉力方向不變，根據(jù)平衡條件，三個力可以構成首尾相連的矢量三角形，如圖所示：從圖解法可以看出，OA的拉力T不斷減小，拉力F先減小后增加，當拉力F與OA垂直時F最小，故AC正確，BD錯誤。故選AC。11、AD【解析】同一地點重力加速度相同，重力加速度隨緯度增大而增大，故AD正確，BC錯誤；故選AD。12、AD【解析】當F作用在B上時，根據(jù)A、B之間的最大靜摩擦力，隔離對B分析求出整體的臨界加速度，通過牛頓第二定律求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力；當F作用在A上，根據(jù)隔離法求出發(fā)生相對滑動的最小拉力，判斷是否發(fā)生相對滑動，再結(jié)合牛頓第二定律進行求解；【詳解】A、B與地面間的最

17、大靜摩擦力，當時，AB處于靜止，對A分析，A所受的摩擦力為零，故A正確；B、A發(fā)生相對滑動的臨界加速度，對整體分析，解得：，所以當時，A相對B滑動，故B錯誤；C、當，可知AB保持相對靜止，一起做勻加速直線運動，加速度，故C錯誤；D、若去掉B上的力，而將的力作用在A上，B發(fā)生相對滑動的臨界加速度，對A分析，解得不發(fā)生相對滑動的最小拉力，可知的力作用在A上，AB一起做勻加速直線運動，加速度，故D正確【點睛】本題考查了摩擦力的計算和牛頓第二定律的綜合運用，解決本題的突破口在于通過隔離法和整體法求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .20 .8【解析

18、】根據(jù)“拉力F作用下處于靜止狀態(tài)、撤去力F的瞬間”可知，本題考查平衡狀態(tài)和牛頓第二定律，根據(jù)平衡條件，運用牛頓第二定律的瞬時性特點，列式計算.【詳解】(1)小球受重力、繩子的拉力以及彈簧的彈力處于平衡，根據(jù)共點力平衡得，彈簧的彈力為：F彈=mgtan45=201=20N.(2)撤去力F的瞬間，彈簧的彈力仍然為20N，小球此時受重力、支持力、彈簧彈力和摩擦力四個力作用；小球所受的最大靜摩擦力為：f=mg=0.220N=4N，根據(jù)牛頓第二定律得小球的加速度為：，合力方向向左,則加速度方向向左.【點睛】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識；利用牛頓第二定律答題時的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、進行正交分解、在坐標軸上利用牛頓第二定律建立方程進行解答14、 .是 .3.5 .2.0 .5.0【解析】(1)1從圖中發(fā)現(xiàn)相鄰的計數(shù)點的距離越來越小，而且相鄰的計數(shù)點的距離之差相等，即x=0.200m，所以小車