江西省景德鎮(zhèn)市2013屆高三物理第二次質(zhì)檢試題(含解析)新人教版

1、江西省景德鎮(zhèn)市2013屆高三物理第二次質(zhì)檢試題（含分析）新人教版作者：日期：2江西省景德鎮(zhèn)市2013屆高三第二次質(zhì)檢物理試卷一、選擇題（共8小題，每題3分，滿分24分）1（3分）物理學國際單位制中有基本單位和導出單位，以下物理量的單位用基本單位表示，正確的選項是（）A功率的單位用基本單位表示是N?m/sB電容的單位用基本單位表示是C/VC電量的單位用基本單位表示是A?sD磁通量的單位用基本單位表示是2T?m考點：力學單位制分析：國際單位制規(guī)定了七個基本物理量分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質(zhì)的量它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關系式推到出來的物理量的單

2、位叫做導出單位解答：解：A、功率的單位用N?m/s來表示時，此中的N是導出單位，不是基本單位，所以A錯誤B、電容的單位用C/V來表示時，此中的C和V都不是基本單位，是導出單位，所以B錯誤C、電量的單位用A?s來表示時，此中的A和S分別是電流和時間的基本單位，所以C正確D、磁通量的單位用2D錯T?m來表示時，此中的T是導出單位，不是基本單位，所以誤應選C評論：國際單位制規(guī)定了七個基本物理量，這七個基本物理量分別是誰，它們在國際單位制分別是誰，這都是需要學生自己記著的2（3分）以以下圖，圓滑固定斜面C傾角為，質(zhì)量均為m的兩物塊A、B一起以某一初速沿斜面向上做勻減速直線運動已知物塊A上表面是水平的，

3、則在該減速運動過程中，下列說法正確的選項是（）A物塊A遇到B的摩擦力水平向左B物塊B遇到A的支持力做負功C物塊B的機械能減少D兩物塊A、B之間的摩擦力大小為mgsincos考點：機械能守恒定律；力的合成與分解的運用；牛頓第二定律專題：機械能守恒定律應用專題分析：依據(jù)整體法求出AB共同的加快度，將加快度分解為水平方向和豎直方向，隔斷對B分析，求出A、B之間的支持力和摩擦力解答：解：A、對整體分析，其加快度沿斜面向下，可將此加快度分解為水平方向和豎直方向，再隔斷B分析可得，故B定會遇到A是加大水平向左的摩擦力，依據(jù)牛頓第三定律，則物塊A遇到B的摩擦力水平向右，故A錯誤3B、物塊B遇到A的支持力向上

4、，物體B有向上的位移，故支持力做正功故B錯誤C、采納逆推法，沒有A的阻攔作用，B將會自由落體運動，故加快降落時B對A做正功，減速上漲時，A對B做正功，故A機械將增添，故C錯誤D、對整體分析，其加快度沿斜面向下，可將此加快度分解為水平方向和豎直方向，水平方向上的加快度a1=acos=gsincos，豎直方向上的分速度a2=asin=gsin2隔斷對B分析，A對B的摩擦力f=ma1=mgsincos故D正確應選D評論：解決此題的重點可以正確地進行受力分析，運用牛頓第二定律進行求解，注意整體法和隔斷的運用3（3分）以以下圖，一理想變壓器原線圈匝數(shù)為n1=1000匝，副線圈匝數(shù)為n2=200匝，將原線

5、圈接在u=200sin100t（V）的交流電壓上，副線圈上電阻R和理想交流電壓表并連接入電路，此刻A、B兩點間接入不一樣的電子元件，則以下說法正確的選項是（）A在A、B兩點間串通一只電阻R，穿過鐵芯的磁通量的最大變化率為0.2Wb/sB在A、B兩點間接入理想二極管，電壓表讀數(shù)為40VC在A、B兩點間接入一只電容器，只提升交流電頻率，電壓表讀數(shù)增大D在A、B兩點間接入一只電感線圈，只提升交流電頻率，電阻R耗費電功率減小考點：變壓器的構造和原理專題：交流電專題分析：依據(jù)變壓器變壓比公式獲得輸出電壓，依占有效值定義求解電壓有效值；電感器的感抗與頻率成正比，電容器的容抗與頻率成反比解答：解：A、在A、

6、B兩點間串通一只電阻R，輸入電壓最大值為200V283V，故均勻每匝電壓為0.283V，故磁通量的最大變化率為0.283Wb/s，故A錯誤；B、輸入電壓為200V，依據(jù)，故輸出電壓為40V；在A、B兩點間接入理想二極管，會過濾掉負半周電流，設電壓表讀數(shù)為U，則依占有效值定義，有故B錯誤；C、在A、B兩點間接入一只電容器，只提升交流電頻率，電容器容抗減小，故R分得4的電壓增添，電壓表讀數(shù)增添，故C正確；D、在A、B兩點間接入一只電感線圈，只提升交流電頻率，感抗增添，故R分得的電壓減小，電壓表讀數(shù)減小，故D正確；應選CD評論：此題重點是明確變壓器的輸入和輸出電壓成正比，而后轉變成恒定電路的動向分析

7、問題，不難4（3分）有一個消毒用電器P，電阻為20k，它只有在電壓高于24V時才能工作今用一個光敏電阻R1對它進行控制，光敏電阻在光照時為100，黑暗時為1000電源電動勢E為36V，內(nèi)阻不計，還有一個定值電阻R2，電阻為1000以下電路電鍵閉合后能使消毒用電器在光照時正常工作，黑暗時停止工作的是（）ABCD考點：閉合電路的歐姆定律專題：恒定電流專題分析：依據(jù)閉合電路歐姆定律逐項分析四個電路，當消毒用電器P所占電壓高于24V時才能正常工作解答：解：A、在光照時，光敏電阻為100，P電阻為20k，R2電阻為1000，P占的電壓超出，正常工作；黑暗時，光敏電阻1000，P占的電壓超出，正常工作，故

8、A錯誤；B、同理可以求得B電路中光照和黑暗時，P占的電壓超出，正常工作，故B錯誤；C、電路C中P與R2并聯(lián)，電阻略小于1000，能使消毒用電器在光照時正常工作，黑暗時停止工作，故C正確；D、電路D中P與R1并聯(lián)，光照時并聯(lián)部分電阻小于100，黑暗時電阻略小于1000，不可以使消毒用電器在光照時正常工作，黑暗時停止工作，故D錯誤應選C評論：此題主要觀察了閉合電路歐姆定律的直接應用，要求同學們能依據(jù)電路圖求出P的電壓，難度大5（3分）以以下圖，在傾角為的斜面上固定有兩根足夠長的平行圓滑導軌，兩導軌間距為L，金屬導體棒ab垂直于兩導軌放在導軌上，導體棒ab的質(zhì)量為m，電阻為R，導軌電阻不計，空間有垂

9、直于導軌平面的勻強磁場，磁感覺強度為B當金屬導體棒ab由靜止開始向下滑動一段時間t0，再接通開關S，則關于導體棒ab運動的vt圖象（以以下圖所示）不行能的是（）5ABCD考點：導體切割磁感線時的感覺電動勢；勻變速直線運動的圖像；閉合電路的歐姆定律專題：電磁感覺中的力學識題分析：開關閉合前，金屬棒勻加快直線運動，vt圖象是傾斜的直線；開關閉合后，金屬棒可能做勻速直線運動，可能做加快度減小的加快度運動，也可能做加快度減小的減速運動，依據(jù)運動狀況選擇圖象解答：解：A、開關閉合前，金屬棒勻加快直線運動，vt圖象是傾斜的直線，開關閉合后，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生感覺電流，遇到沿斜面向上的安培力，若安培力大小

10、等于重力沿斜面向下的分力，棒將做勻速直線運動，vt圖象平行于t軸故A圖是可能的故A錯誤B、C開關閉合前，金屬棒勻加快直線運動，vt圖象是傾斜的直線，開關閉合后，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生感覺電流，遇到沿斜面向上的安培力，若安培力大小大于重力沿斜面向下的分力，棒將做減速直線運動，速度減小，感覺電流減小，棒所受的安培力減小，加快度減小，vt圖象的斜率減小，當安培力減至與重力沿斜面向下的分力大小相等時，棒開始做勻速直線運動故B圖象是不行能的，C可能故B正確，C錯誤D、開關閉合后，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生感覺電流，遇到沿斜面向上的安培力，若安培力大小小于重力沿斜面向下的分力，棒將做加快直線運動，速度增大，感覺電

11、流增大，棒所受的安培力增大，加快度減小，vt圖象的斜率減小，當安培力增至與重力沿斜面向下的分力大小相等時，棒開始做勻速直線運動故D圖象是可能的，故D錯誤應選B評論：此題的解題重點是分析棒的受力狀況，來分析其運動狀況，要考慮各種可能的狀況開關閉合后，當棒做變速運動時，加快度老是減小的6（3分）均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場如圖所示，在半球面AB上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，CD為經(jīng)過半球極點與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點，OM=ON=2R已知M點的場強盛小為E，則N點的場強盛小為（）ABCDEE+E考點：電場強度；電場的疊加專題：電場力與

12、電勢的性質(zhì)專題6分析：均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場，假設將帶電量為2q的球面放在O處在M、N點所產(chǎn)生的電場和半球面在M點的場強對比求解解答：解：若將帶電量為2q的球面放在O處，均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場則在M、N點所產(chǎn)生的電場為E=，由題知當半球面以以下圖產(chǎn)生的場強為E，則N點的場強為E=E，應選A評論：此題解題重點是抓住對稱性，找出兩部分球面上電荷產(chǎn)生的電場關系7（3分）一宇宙飛船沿橢圓軌道繞地球運轉，機械能為E，經(jīng)過遠地點P時，速度為v，加快度大小為a，以以下圖，當飛船運動到P時實行變軌，轉到圓形軌道上運轉，則飛

13、船在軌道上運轉時（）A速度大于vB加快度大小為aC機械能等于ED機械能大于E考點：人造衛(wèi)星的加快度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用專題：人造衛(wèi)星問題分析：研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，依據(jù)萬有引力供給向心力，列出等式表示出所要比較的物理量即可解題解答：解：A、衛(wèi)星要從低軌道到高軌道需要加快而后做離心運動，所以軌道上運轉的速度大于v故A正確B、依據(jù)萬有引力供給向心力，即G得：a=G，M、r不變，所以加快度大小仍為a；故B正確C、D：飛船在軌道上的遠地點P重點火加快，戰(zhàn)勝引力做功后v增大，做離心運動才能變軌到軌道上運轉，所以機械能要增大所以C錯誤、D正確應選AB評論：解決此題的重點是掌握萬

14、有引力供給向心力，不可以考慮一個變量而忽視了另一個變量的變化78（3分）以以下圖，以直角三角形AOC為界限的有界勻強磁場所區(qū)，磁感覺強度為B，A=60，AO=a在O點擱置一個粒子源，可以向各個方向發(fā)射某種帶負電粒子，粒子的比荷為q/m，發(fā)射速度大小都為v0，且滿足v0=，發(fā)射方向由圖中的角度表示關于粒子進入磁場后的運動（不計重力作用），以下說法正確的選項是（）A粒子有可能打到A點B以=60飛入的粒子在磁場中運動時間最短C以30飛入的粒子在磁場中運動的時間都相等D在AC界限上只有一半地域有粒子射出考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力專題：帶電粒子在磁場中的運動專題分析：帶電粒子

15、以同樣的速率，不一樣的速度方向，進入磁場，運動軌跡的曲率半徑同樣，從而依據(jù)不一樣的磁場狀況，即可求解解答：解：A、依據(jù)，可知粒子的運動半徑R=a，所以當=60入射時，粒子恰好從A點飛出，故A正確；B、當=60飛入的粒子在磁場中運動時間恰好是周期，是在磁場中運動時間最長，故B錯誤；C、當=0飛入的粒子在磁場中，粒子恰好從AC中點飛出，在磁場中運動時間也恰好是，從0到60在磁場中運動時間先減小后增大，故C錯誤；D、當=0飛入的粒子在磁場中，粒子恰好從AC中點飛出，所以在AC界限上只有一半地域有粒子射出，故D正確；應選：AD評論：觀察帶電粒子以同樣的速率，不一樣速度方向，射入磁場中，依據(jù)磁場的界限來

16、確立運動狀況，并聯(lián)合半徑與周期公式來分析談論二、非選擇題：包含必考題和選考題兩部分第22題第32題為必考題，每個小題考生都一定作答第33題第40題為選考題，考生依據(jù)要求作答（一）必考題（11題，共129分）9（6分）某研究性學習小組在做“考據(jù)機械能守恒定律”的實驗中，已知打點計時器所用電源的頻率為50HZ，查適合地重力加快度g=9.8m/s2測得所用重物的質(zhì)量為1.00kg，實驗中獲得一條點跡清楚的紙帶，把第一個點記作0，每兩個計數(shù)點之間還有幾個點未畫出，另選擇連續(xù)的3個計數(shù)點A、B、C作為丈量的點，以以下圖，經(jīng)丈量知道A、B、C各點到O點的距離分別為50.50cm、86.00cm、131.1

17、0cm依據(jù)以上數(shù)據(jù)可以獲知兩計數(shù)點間的時間間隔為0.1s，重物由O點運動到B點，重力勢能減少了8.43J，動能增添了8.12J（保留三位有效數(shù)字）8考點：考據(jù)機械能守恒定律專題：實驗題；機械能守恒定律應用專題分析：利用逐差法h=gT2可以求出兩計數(shù)點間的時間間隔紙帶實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的剎時速度從而求出動能依據(jù)功能關系得重力勢能減小量等于重力做功的數(shù)值解答：解：依據(jù)h=gT2將h=（131.1086.00）（86.0050.50）=9.6cm，當?shù)刂亓涌於萭=9.8m/s2所以解得T0.1s重力勢能減小量Ep=

18、mgh=1.09.800.8600J=8.43J利用勻變速直線運動的推論得：vB=2EkB=mvC=8.12J故答案為：0.1s，8.43，8.12評論：運用運動學公式和動能、重力勢能的定義式解決問題是該實驗的慣例問題，同時要熟練應用基本物理規(guī)律解決實驗問題10（9分）某待測電阻Rx的阻值約為20，現(xiàn)要丈量其阻值，實驗室供給器械以下：A電流表A1（量程150mA，內(nèi)阻約為10）B電流表A2（量程20mA，內(nèi)阻r2=30）C電壓表V（量程15V，內(nèi)阻15k）D定值電阻R0=100E滑動變阻器R，最大阻值約為10F電源E，電動勢E=9V（內(nèi)阻不計）G電鍵S及導線若干（1）丈量時要求電表讀數(shù)不得小于

19、其量程的，那應選擇的電表是AB（填電表前面的字母符號）2）請你在虛線框內(nèi)畫出丈量Rx的實驗原理圖（圖中元件使用題干中相應英文字母符號注明）3）實驗時電流表A1的讀數(shù)為I1，電流表A2的讀數(shù)為I2，用已知的和測得的物理量表示Rx=（用字母表示）9考點：伏安法測電阻專題：實驗題；恒定電流專題分析：（1）實驗需要電源、導線，而后依據(jù)題目要求選擇電流表、電壓表、滑動變阻器2）依據(jù)實驗原理及所選實驗器械設計實驗電路3）依據(jù)電路構造、應用歐姆定律可以求出待測電阻阻值的表達式解答：解：（1）因為電源電動勢為4V，電壓表V量程為15V，達不到其量程的三分之一，故電壓表不可以使用；可用電流表A2與定值電阻R0串

20、通擴大其電壓量程，看作電壓表與電流表A1配合使用伏安法丈量待測電阻阻值，因為改裝的電壓表內(nèi)阻已知，故電流表A1采納外接法，改裝的電壓表電壓量程為20mA130=2.6V，滑動變阻器最大阻值為5，沒法起到限流作用，故滑動變阻器采納分壓式接法；經(jīng)過估量當電流表A1滿偏時，電流表A2也正好滿篇，特別般配，所以滿足電表讀數(shù)不得小于量程的三分之一，故電表選擇A、B2）電流表A2與定值電阻R0串通構成電壓表，滑動變阻器采納分壓接法，電流表采納外接法，實驗電路圖以以下圖（3）待測電阻兩端電壓U=I2（R0+r2），經(jīng)過待測電阻的電流IX=I1I2，待測電阻Rx=，故答案為：（1）AB2）如右圖所示3）評論：

21、此題觀察了實驗器械的采納，實驗器械的采納是此題的難點，也是正確解題的重點，選擇實驗器械時，既要吻合題目要求，又要滿足：安全性原則、精確性原則與方便實驗操作性原則1011（14分）一足夠長水平淡色傳遞帶以V0勻速運動，現(xiàn)將一可視為質(zhì)點的小煤塊輕放在其上方，已知煤塊與傳遞帶間的動摩擦因數(shù)為經(jīng)過一準時間后達到共同速度令傳遞帶忽然停下，此后不再運動，到最后煤塊也停下已知重力加快度為g求：1）煤塊第一次達到與傳遞帶相對靜止所用的時間；2）煤塊在傳遞帶上劃出的印跡長度考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關系；勻變速直線運動的位移與時間的關系專題：傳遞帶專題分析：（1）由牛頓第二定律求出煤塊的加

22、快度，而后由速度公式求出煤塊相對傳遞帶靜止所需要的時間2）由勻變速運動規(guī)律求出煤塊相關于傳輸帶的位移，而后求出印跡的長度解答：解：（1）以煤塊為研究對象，由牛頓第二定律得：mg=ma，解得，煤塊的加快度a=g，達到V0所用時間t=；2）在煤塊與傳遞帶達到共同速度的過程中，傳遞帶運動的距離煤塊運動的距離此過程中劃出的印跡長度為傳遞帶忽然停下后，煤塊連續(xù)做勻減速運動，直至停下，這一過程煤塊向前運動的距離為考慮重疊部分，最后劃出的印跡長度為；答：（1）煤塊第一次達到與傳遞帶相對靜止所用的時間為；（2）煤塊在傳遞帶上劃出的印跡長度為評論：分析清楚煤塊的運動過程，應用牛頓第二定律與運動學公式即可正確解題

23、12（18分）從陰極K發(fā)射的電子經(jīng)電勢差U0=4500V的陽極加快后，沿平行于板面的方向從中央射入兩塊長L1=10cm，間距d=4cm的平行金屬板AB以后，在離金屬板邊沿L2=75cm處放11置一個直徑D=20cm的帶有記錄紙的圓筒（如圖1所示），整個裝置放在真空內(nèi)，電子發(fā)射的初速度不計已知電子質(zhì)量m=0.91030kg，電子電量e=1.61019C，不考慮相對論效應（1）若在兩金屬板上加上U1=1000V的直流電壓（AB），為使電子沿入射方向做勻速直線運動，應加如何的磁場？（2）若在兩金屬板上加上U2=1000cos2t（V）的交流電壓，并使圓筒繞中心軸按圖2示方向以=4rad/s的角速度勻

24、速轉動，確立電子在記錄紙上的偏轉位移隨時間變化的關系式并定性畫出1s鐘內(nèi)所記錄的圖形（電子穿過AB的時間很短，可以為這段時間內(nèi)板間電壓不變）考點：帶電粒子在勻強電場中的運動專題：帶電粒子在電場中的運動專題分析：1、依據(jù)動能定理求出電子入射磁場的初速度，在AB間遇到電場力和洛倫茲力均衡，列方程求解B大小，依據(jù)左手定章判斷B的方向2、先求出AB間的場強，依據(jù)平拋運動的知識求解偏距，再依據(jù)圓筒的運動特色分析偏轉位移隨時間變化的圖形解答：解：（1）由eU0=得電子入射速度v0=m/s=4107m/s加直流電壓時，板間場強E1=2.5104V/m電子做直線運動時，由條件eE1=ev0B，得應加磁場的磁感

25、覺強度B=6.25104T，方向垂直紙面向里（2）加交流電壓時，A、B兩極間場強E2=2.5104cos2t（V/m）電子飛出板間時偏距y1=（）2電子飛出板間時豎直速度vy=at1=?從飛離板到達圓筒時偏距12y2=vyt2=在紙上記錄落點的總偏距（m）因圓筒每秒鐘轉2周，故在1s內(nèi)，紙上圖形以以下圖答：（1）應加的磁場的磁感覺強度為6.25104T，方向垂直紙面向里（2）若在兩金屬板上加上U2=1000cos2t（V）的交流電壓，在1s內(nèi)，紙上圖形如上圖所示評論：此題中帶電粒子先加快后偏轉，運用動能定理求解加快電壓，運用運動的分解法研究類平拋運動，都是常用的思路此題有必定的難度，屬于難題三

26、、物理-選修3-313（6分）以下說法正確的選項是（）A兩個物體只需溫度相等，那么他們分子熱運動的均勻動能就相等B在自然界能的總量是守恒的，所以不存在能源危機C熱力學第必定律也可表述為第一類永動機不行能制成D熱力學第二定律可描述為“不行能使熱量由低溫物體傳達到高溫物體”E1kg的0C的冰比1kg的0C的水的內(nèi)能小些考點：熱力學第必定律；溫度是分子均勻動能的標記；能量守恒定律；熱力學第二定律專題：熱力學定理專題分析：A、溫度是均勻動能的標記；B、能量是守恒，但轉變有方向性，所以要節(jié)約；C、U=Q+W是熱力學第必定律；D、熱力學第二定律是描述能量轉變有方向性；E、冰化成水需要吸熱解答：解：A、溫度

27、是均勻動能的標記，所以兩個物體只需溫度相等，那么他們分子熱運動的均勻動能相等，故A正確；B、在自然界能的總量是守恒的，因為存在方向性，所以需要我們節(jié)約能源，故B錯誤；C、依據(jù)U=Q+W熱力學第必定律，也可表述為第一類永動機不行能制成，故C正確；D、熱力學第二定律可描述為“在外界做功下，能使熱量由低溫物體傳達到高溫物體”，故D錯誤；E、因為冰化成水需要吸熱，所以1kg的0C的冰比1kg的0C的水的內(nèi)能小些，故E正確；應選：ACE13x軸正向流傳，某時刻的他們的波形分別如圖甲、丙所TA），這兩列簡諧橫波的波形分別變成圖乙、丁所示，則評論：觀察熱力學基本知識，掌握熱力學第一、二定律，知識溫度是均勻動

28、能的標記，理解能量轉變需要方向性，重申要節(jié)約能源14（9分）以以下圖，A、B氣缸的長度均為60cm，截面積均為40cm2，C是可在氣缸內(nèi)無摩擦滑動的、體積不計的活塞，D為閥門整個裝置均由導熱資料制成本來閥門關閉，A內(nèi)有壓強PA=2.4105Pa的氧氣B內(nèi)有壓強PB=1.2105Pa的氫氣閥門打開后，活塞C向右挪動，最后達到均衡求：活塞C挪動的距離及均衡后B中氣體的壓強；活塞C挪動過程中B中氣體是吸熱還是放熱（簡要說明原由）（假設氧氣和氫氣均視為理想氣體，連接氣缸的管道體積可忽視）考點：理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學第必定律專題：壓軸題；理想氣體狀態(tài)方程專題分析：整個裝置均由導熱資料制成，活塞C向右

29、挪動時，兩氣缸內(nèi)氣體均發(fā)生等溫變化，均衡后兩部分氣體的壓強相等依據(jù)玻意耳定律，聯(lián)合關系條件求解依據(jù)熱力學第一定律分析吸放熱狀況解答：解：、由玻意耳定律得：對A部分氣體有：pALS=p（L+x）S，對B部分氣體有：pBLS=p（Lx）S，代入相關數(shù)據(jù)解得：x=20cm，p=1.8105Pa；、活塞C向右挪動的過程中活塞對B中氣體做功，而氣體發(fā)生等溫變化，內(nèi)能不變，故B中氣體向外界放熱5答：、活塞C挪動的距離為20cm，均衡后B中氣體的壓強1.810Pa；評論：此題采納是的隔斷法分別對兩部分氣體用玻意耳定律研究，同時要抓住兩部分氣體的相關條件，如壓強關系、體積關系等等四、物理-選修3-415（6分

30、）A、B兩列簡諧橫波均沿示，經(jīng)過時間t（t小于A波的周期A、B兩列波的波速vA、vB之比可能的是（）A1：1B3：2C1：3D3：1E1：5考點：波長、頻率和波速的關系；橫波的圖象專題：波的多解性14分析：由顛簸圖象讀出兩波的波長，依據(jù)題給條件，列出兩波的周期與時間t的關系，確立波速的關系，列出通項，分析特別值解答：=12cm又t=，t=kT，獲得T：T=2k：1，（k=0，1，解：由圖波長=24cm，ABBAB2，、），則由波速v=獲得，vA：vB=1：k當k=1時，vA：vB=1：1，當k=3時，vA：vB=1：3，當k=5時，vA：vB=1：5，因為k為整數(shù)，vA：vB3：1，也不行能等

31、于3：2應選ACE評論：此題觀察依據(jù)波的周期性列出通項的能力，解題時要注意條件t小于A波的周期TA，不可以得出t=（2n+）16（9分）如圖，厚度為D的玻璃磚與水平實驗桌成45角擱置紅色激光束平行于水平桌面射到玻璃磚的表面，在桌面上獲得兩個較亮的光點A、B，測得AB間的距離為L求玻璃磚對該紅色激光的折射率考點：光的折射定律專題：光的折射專題分析：依據(jù)幾何關系，聯(lián)合折射定律求出玻璃磚對該紅色激光的折射率解答：解：由折射定律有：=n直角三角形MNR中sin=MN=在直角三角形PQN中PN=L解得n=答：玻璃磚對該紅色激光的折射率為評論：此題觀察光的折射定律，對數(shù)學幾何的能力要求較高，需增強這種題型的訓練五、物理-選修3-517（6分）以以下圖為氫原子的能級表示圖，一群氫原子處于n=3的激發(fā)態(tài)，在向較低能級躍遷的過程中向外發(fā)出光子，并用這些光照耀逸出功為2.49eV的金屬鈉15這群氫原子能發(fā)出3種不一樣頻率的光，此中有2種頻率的光能使金屬鈉發(fā)生光電效應金屬鈉發(fā)出的光電子的最大初動能9.60eV考點：氫原子的能級公式和