黑龍江省伊春市二中2022年物理高一第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、

2、關于共點力的合成，下列說法正確的是（）A.兩個分力的合力一定比分力大B.兩個分力大小一定，夾角越大，合力越小C.兩個力合成，其中一個力增大，另外一個力不變，合力一定增大D.現(xiàn)有三個力，大小分別為3N、6N、8N，這三個力的合力最小值為1N2、一顆子彈垂直射向并排靠在一起且固定的三塊木塊，射穿最后一塊時速度恰好減為零，已知子彈在這三塊木板中穿行時加速度保持不變，它通過這三塊木板所用時間之比為123，則這三塊木板厚度之比為（）A.531B.11169C.2781D.16813、如圖所示是剪式千斤頂，當搖動把手時，螺紋軸就能迫使千頂?shù)膬杀劭繑n，從而將汽車頂起。當車輪剛被頂起時，汽車對千斤頂?shù)膲毫椋?/p>

3、此時千斤頂兩臂間的夾角為，則下列判斷正確的是（）A.此時兩臂受到的壓力大小均為B.此時千斤頂對汽車的支持力大小為C.若繼續(xù)搖動把手，將汽車頂起，兩臂受到的壓力將增大D.若繼續(xù)搖動把手，將汽車頂起，兩臂受到的壓力將減小4、如圖所示，小球從高處下落到正下方豎直放置的輕彈簧上，那么小球從接觸彈簧開始到將彈簧壓縮到最短的過程中（彈簧一直保持豎直），下列說法中正確的是（）A.小球受到的彈力先增大后減小B.小球的速度一直在減小C.小球的加速度先減小后增大D.小球一直處于失重狀態(tài)5、如圖所示，用力F推放在光滑水平面上的物體P，Q，R，使其一起做勻加速運動若P和Q之間的相互作用力為6N，Q和R之間的相互作用力

4、為4N，Q的質量是2kg，那么R的質量是A.1kgB.2kgC.3kgD.4kg6、關于平拋運動和圓周運動，下列說法正確的是A.平拋運動過程中物體在相等時間內速度的改變量一定相等B.平拋運動中速度方向不斷變化，因而加速度一定是變化的C.做圓周運動的物體加速度方向一定指向圓心D.勻速圓周運動是加速度不變的運動7、我國載人飛船已多次成功發(fā)射和回收假設載人艙在豎直降落時所受空氣阻力與速度的平方成正比，即f=kv2，其中k為比例系數(shù)若載人艙的質量為m，重力加速度為g則A.k的單位用國際單位制中的基本單位表示是kg/mB.載人艙降落過程加速度大小先減小后增大C.降落距離足夠大時，載人艙最終的速度大小為D

5、.載人艙的速度大小為時，加速度大小為8、有一種游戲，游戲者手持乒乓球拍托球移動，距離大者獲勝。若某人在游戲中沿水平面做勻加速直線運動，球拍與球保持相對靜止且球拍平面和水平面之間的夾角為，如圖所示設球拍和球質量分別為M、m，不計球拍和球之間的摩擦，不計空氣阻力，則（）A.運動員的加速度大小為gtanB.球拍對球的作用力大小為mgC.球拍對球的作用力大小為mgcosD.運動員對球拍的作用力大小為9、如圖所示，在探究牛頓運動定律的演示實驗中，若1、2兩個相同的小車所受拉力分別為F1、F2，車中所放砝碼的質量分別為m1、m2，打開夾子后經過相同的時間兩車的位移分別為x1、x2，則在實驗誤差允許的范圍內

6、，有（）A.當m1m2、F12F2時，x12x2B.當m1m2、F12F2時，x22x1C.當m12m2、F1F2時，x12x2D.當m12m2、F1F2時，x22x110、將一個力F分解為兩個分力F1和F2，則下列說法中正確的是( )A.F1和F2是物體實際受到的力B.F1和F2兩個分力在效果上可以取代力FC.物體受到F1，F(xiàn)2和F三個力的作用D.F是F1和F2的合力11、關于牛頓第二定律，正確的說法是（）A.物體的質量跟外力成正比，跟加速度成反比B.加速度的方向一定與合外力的方向一致C.物體的加速度跟物體所受的合外力成正比，跟物體的質量成反比D.由于加速度跟合外力成正比，整塊磚的重力加速度

7、一定是半塊磚重力加速度的2倍12、如圖是一物體做勻變速直線運動的速度時間圖象，下面說法正確的是（）A.前4s內，物體先沿正方向運動，后沿負方向運動B.前4s內，物體先沿負方向運動，后沿正方向運動C.前4s內，當t2s時，物體距離出發(fā)點最遠D.當t4s時，物體回到出發(fā)點二填空題(每小題6分，共18分)13、如圖1所示是在做“驗證牛頓第二定律”的實驗時的裝置，實驗中使用的是電火花打點計時器，所用的電源是_（填“直流”或“交流”）電源，電壓為_V，頻率是50Hz放在水平桌面的小車（包括里面的鉤碼）的總質量為M，懸掛的每個鉤碼的質量為m掛一個鉤碼時，水平木板上的小車恰好勻速運動，掛5個同樣鉤碼時小車帶

8、動的紙帶如圖2所示，每相鄰兩點之間有四個點沒有畫出來，紙帶上數(shù)字的單位是厘米，都是該點到點“0”的距離，該紙帶_（填“是”或“不是”）從開始的“0”點就做勻加速直線運動小車做勻加速直線運動段的加速度a=_m/s2（保留三位有效數(shù)字），g=9.8m/s2，=_（用分數(shù)表示）14、在“驗證牛頓第二定律”實驗中，某同學做出的 a 關系圖線，如圖所示，從圖象中可以看出，作用在物體上的恒力F=_N。當物體的質量為2 kg時，它的加速度為_m/s2。15、在做完“驗證力的平行四邊形定則”實驗后，某同學將其實驗操作過程進行了回顧，并在筆記本上記下如下幾條體會，其中正確的是_和_。（填序號字母）A.用彈簧測力

9、計拉橡皮條時，必須使彈簧測力計的彈簧與木板平面平行B.用兩只彈簧測力計拉橡皮條時，必須使兩細繩套間的夾角為C.用兩只彈簧測力計拉時合力的圖示F和用一只彈簧測力計拉時拉力的圖示F雖不完全重合，但在誤差允許范圍內仍可以說明“力的平行四邊形定則”成立D.若用兩只彈簧測力計拉時，拉力F1、F2方向不變，大小各增加1N，則合力F的方向不變，大小必增加1N三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，斜面高為h，水平面上D、C兩點距離為L?？梢钥闯少|點的物塊從斜面頂點A處由靜止釋放，沿斜面AB和水平面BC運動，斜面和水平面銜接處用一長度可以忽略不計的光滑彎曲軌道連接，圖中沒有畫出，不計經過銜接處B點的速度大

10、小變化，最終物塊停在 水平面上C點。已知物塊與斜面和水平面間的滑動摩擦系數(shù)均為。請證明：斜面傾角稍微增加后，（不改變斜面粗糙程度）從同一位置A點由靜止釋放物塊，如圖中虛線所示，物塊仍然停在同一位置C點。17、（10分）如圖所示，一質量M=40kg、長L=2.5m的平板車靜止在光滑的水平地面上.一質量m=10kg可視為質點的滑塊，以v0=5m/s的初速度從左端滑上平板車，滑塊與平板車間的動摩擦因數(shù)=0.4，取g=10m/s2.（1）分別求出滑塊在平板車上滑行時，滑塊與平板車的加速度大??；（2）計算說明滑塊能否從平板車的右端滑出.參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給

11、出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】A合力可以比分力都大，也可以比分力都小，或者大于一個分力，小于另一個分力，A錯誤；B力的合成滿足平行四邊形定則，當兩個分力的大小一定，若夾角越大，則平行四邊形中與分力共頂點的對角線越段，即合力越小，故B正確；C當兩個力方向相反時，若其中一個力大小不變，另一個力增大時，合力將變小，C錯誤；D3N和6N進行力的合成后，合力的范圍為：3N9N，第三個力8N在這個范圍內，故這三個力的最小合力為0，D錯誤。故選B。2、B【解析】子彈運動的過程為勻減速直線運動，直到末速

12、度為零，我們可以應用逆過程，相當于子彈初速度為零做勻加速直線運動。所以第三塊木板的厚度為第二塊木板的厚度為第一塊木板的厚度為所以x1：x2：x3=11：16：9故B正確，ACD錯誤。故選B。3、D【解析】A由于兩臂間的夾角為，根據(jù)力的分解可知此時兩臂受到的壓力大小均為，A錯誤；B根據(jù)牛頓第三定律，此時千斤頂對汽車的支持力大小為，B錯誤；CD若繼續(xù)搖動把手，將汽車頂起，兩臂間的夾角減小，合力不變，因此兩臂受到的壓力將減小，C錯誤，D正確。故選D。4、C【解析】A彈簧的壓縮量不斷變大，故彈簧的彈力不斷變大，故A錯誤；BCD小球開始下落時，只受重力作用做加速運動，當和彈簧接觸時，受到彈簧彈力作用，開

13、始時彈簧壓縮量小，因此重力大于彈力，此時：mg-kx=ma隨著彈簧壓縮量的增加，彈力增大，加速度減小，但是物體仍加速運動，當mg=kx時，速度最大，然后彈簧繼續(xù)被壓縮，當mg=kx時，加速度等于零，速度最大，物體繼續(xù)向下運動，彈簧繼續(xù)被壓縮，彈力大于重力，物體開始減速運動，所以整個過程中物體先加速后減速運動，加速度先減小后增大，小球先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)，故BD錯誤，C正確故選C【點睛】下落過程中正確對小球進行受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律即可判斷其加速度的變化情況，然后進一步判斷速度變化情況5、D【解析】對Q受力分析由牛頓第二定律F=ma可得即：6-4=2a解得：a=1m/s2對R分析

14、，由牛頓第二定律可得：其中a=1m/s2，所以=4kg。A.1kg，與結論不相符，選項A錯誤；B.2kg ，與結論不相符，選項B錯誤；C.3kg，與結論不相符，選項C錯誤；D.4kg ，與結論相符，選項D正確；故選D6、A【解析】平拋運動的加速度不變，做勻變速曲線運動，勻速圓周運動的加速度大小不變，方向時刻改變【詳解】A、平拋運動過程中速度的改變量，一定，則相等時間內速度的改變量一定相同，故A正確；B、做平拋運動的物體只受重力，是恒力，故加速度保持不變，恒為g，B錯誤；C、做勻速圓周運動的物體，其加速度方向一定指向圓心，做非勻速圓周運動的物體，其加速度方向不指向圓心故C錯誤；D、做勻速圓周運動

15、的物體，加速度方向每時每刻指向圓心，故加速度方向每時每刻發(fā)生變化，故D錯誤；故本題選A【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動和勻速圓周運動的特點，知道平拋運動的加速度不變，勻速圓周運動的加速度在變化7、ACD【解析】根據(jù)f=kv2可知k的單位；隨速度的增加，飛船受的阻力逐漸變大，則加速度逐漸減小，直到加速度等于零時勻速運動；根據(jù)平衡知識求解最終的速度；根據(jù)牛頓第二定律求解當載人艙的速度大小為時的加速度.【詳解】根據(jù)f=kv2可知，單位，選項A正確；根據(jù)mg-kv2=ma可知隨速度的增加，加速度逐漸減小，直到加速度等于零時勻速運動，選項B錯誤；當達到最終速度時滿足：mg=kv2，解得，選項C正確；載

16、人艙的速度大小為時，帶入mg-kv2=ma可得a=，選項D正確；故選ACD.8、AD【解析】A球和運動員具有相同加速度，對小球分析如圖所示則小球所受的合力為mgtan，根據(jù)牛頓第二定律得故A正確；BC根據(jù)平行四邊形定則知，球拍對球的作用力故BC錯誤；D對球拍和球整體分析，整體的合力為（M+m）a，根據(jù)平行四邊形定則知，運動員對球拍的作用力為故D正確。故選AD。9、AD【解析】小車做初速度為零的勻加速運動，由牛頓第二定律求出加速度、由勻變速運動的位移公式可以分析答題。【詳解】AB當m1m2、F12F2時，由Fma可知a12a2由xat2可得x12x2故A正確，B錯誤；CD當m12m2、F1F2時

17、a1a2由xat2可得x22x1故C錯誤，D正確；故選AD。【點睛】應用牛頓第二定律與運動學公式即可正確解題，注意兩小車運動時間相等。10、BD【解析】A分力不是物體所受到的力，故A錯誤。B分力的共同作用效果與合力的作用效果相同，故B正確。C分力不是物體所受到的力，F(xiàn)1、F2是兩個分力，故C錯誤。D一個力F分解為兩個分力F1和F2，則F是F1和F2的合力，故D正確。故選BD。11、BC【解析】A物體質量是物體的固有屬性，不隨外界條件的變化而變化，故A錯誤；B加速度是由合外力提供的，加速度的方向一定與合外力的方向一致，故B正確；C根據(jù)牛頓第二定律可得：可以得出物體的加速度跟物體所受的合外力成正比

18、，跟物體的質量成反比，故C正確；D加速度與合外力和物體質量都有關系，不能僅根據(jù)合外力大小判斷加速度大小，故D錯誤。故選BC。12、BCD【解析】物體在前2s內沿負方向運動，后2s內沿正方向運動，速度方向相反速度圖象的斜率表示加速度，t=2s前與t=2s后相比，直線的斜率相同，加速度相同在t=4s時，物體離出發(fā)點的位移最小為零.【詳解】AB速度的正負表示速度的方向，則知物體在前2s內沿負方向運動，后2s內沿正方向運動；故A錯誤，B正確.CD速度圖象與時間軸圍成的面積表示位移，圖線在時間軸上方，位移為正值，圖線在時間軸下方，位移為負值，所以可知，前2s內和后2s內位移大小相等、方向相反，則前4s內

19、的總位移為0當t2s時，物體距離出發(fā)點最遠，當t4s時，物體回到出發(fā)點，故C、D正確.故選BCD.【點睛】本題考查根據(jù)速度圖象分析物體運動情況的能力，明確縱坐標是瞬時速度，斜率是加速度，面積是位移二填空題(每小題6分，共18分)13、 (1).交流； (2).220； (3).不是； (4).2.90； (5). 【解析】實驗中使用的是電火花打點計時器，所用的電源是交流電源，電壓為220V，頻率是50Hz因x01=140cm；x12=215cm；x23=505cm，則x01:x12:x23=2:3:7，不是1:3:5故紙帶不是從開始的“0”點就做勻加速直線運動；根據(jù)牛頓定律可知，解得m:M:=29:345考點：驗證牛頓第二定律【名師點睛】本題考查驗證牛頓第二定律的實驗，關鍵是搞清實驗的基本原理；要注意掌握紙帶的處理；本實驗中有五組數(shù)據(jù)，采用了后4組利用逐差法求解；14、 .10 .5【解析】1由牛頓第二定律可