2023年新課標(biāo)i高考物理試卷附詳細(xì)解析

第46頁〔共46頁〕2023年新課標(biāo)I高考物理試卷一、選擇題〔此題共8小題，每題6分，在每題給出的四個選項中，第1-5題只有一項符合題目要求。第6-8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分〕1．〔6分〕兩相鄰勻強(qiáng)磁場區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不同，方向平行，一速度方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直的帶電粒子〔不計重力〕，從較強(qiáng)磁場區(qū)域進(jìn)入到較弱磁場區(qū)域后，粒子的〔〕A．軌道半徑減少，角速度增大B．軌道半徑減少，角速度減少C．軌道半徑增大，角速度增大D．軌道半徑增大，角速度減少2．〔6分〕如圖，直線a、b和c、d是處于勻強(qiáng)電場中的兩組平行線，M、N、P、Q是它們的交點，四點處的電勢分別為φM，φN，φP，φQ，一電子由M點分別到N點和P點的過程中，電場力所做的負(fù)功相等，那么〔〕A．直線a位于某一等勢面內(nèi)，φM＞φQB．直線c位于某一等勢面內(nèi)，φM＞φNC．假設(shè)電子由M點運(yùn)動到Q點，電場力做正功D．假設(shè)電子由P點運(yùn)動到Q點，電場力做負(fù)功3．〔6分〕〔2023春?河津市校級期末〕一理想變壓器的原，副線圈的匝數(shù)比為3：1，在原、副線圈的回路中分別接有阻值相同的電阻，原線圈一側(cè)接在電壓為220V的正弦交流電源上，如下列圖，設(shè)副線圈回路中電阻兩端的電壓為U，原、副線圈回路中電阻消耗的功率的比值為k，那么〔〕A．U=66V，k=B．U=22V，k=C．U=66V，k=D．U=22V，k=4．〔6分〕〔2023春?合肥校級期末〕如圖，一半徑為R，粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平，一質(zhì)量為m的質(zhì)點自P點上方高度R處由靜止開始下落，恰好從P點進(jìn)入軌道，質(zhì)點滑到軌道最低點N時，對軌道的壓力為4mg，g為重力加速度的大小，用W表示質(zhì)點從P點運(yùn)動到N點的過程中克服摩擦力所做的功，那么〔〕A．W=mgR，質(zhì)點恰好可以到達(dá)Q點B．W＞mgR，質(zhì)點不能到達(dá)Q點C．W=mgR，質(zhì)點到達(dá)Q點后，繼續(xù)上升一段距離D．W＜mgR，質(zhì)點到達(dá)Q點后，繼續(xù)上升一段距離5．〔6分〕〔2023春?泉州校級期末〕一帶有乒乓球發(fā)射機(jī)的乒乓球臺如下列圖，水平臺面的長和寬分別為L1和L2，中間球網(wǎng)高度為h，發(fā)射機(jī)安裝于臺面左側(cè)邊緣的中點，能以不同速率向右側(cè)不同方向水平發(fā)射乒乓球，發(fā)射點距臺面高度為3h，不計空氣的作用，重力加速度大小為g，假設(shè)乒乓球的發(fā)射率v在某范圍內(nèi)，通過選擇適宜的方向，就能使乒乓球落到球網(wǎng)右側(cè)臺面上，到v的最大取值范圍是〔〕A．＜v＜L1B．＜v＜C．＜v＜D．＜v＜6．〔6分〕〔2023春?河津市校級期末〕1824年，法國科學(xué)家阿拉果完成了著名的“圓盤實驗〞．實驗中將一銅圓盤水平放置，在其中心正上方用柔軟細(xì)線懸掛一枚可以自由旋轉(zhuǎn)的磁針，如下列圖．實驗中發(fā)現(xiàn)，當(dāng)圓盤在磁針的磁場中繞過圓盤中心的豎直軸旋轉(zhuǎn)時，磁針也隨著一起轉(zhuǎn)動起來，但略有滯后．以下說法正確的是〔〕A．圓盤上產(chǎn)生了感應(yīng)電動勢B．圓盤內(nèi)的渦電流產(chǎn)生的磁場導(dǎo)致磁針轉(zhuǎn)動C．在圓盤轉(zhuǎn)動的過程中，磁針的磁場穿過整個圓盤的磁通量發(fā)生了變化D．圓盤中的自由電子隨圓盤一起運(yùn)動形成電流，此電流產(chǎn)生的磁場導(dǎo)致磁針轉(zhuǎn)動7．〔6分〕〔2023春?哈爾濱校級期末〕如圖〔a〕，一物塊在t=0時刻滑上一固定斜面，其運(yùn)動的v﹣t圖線如圖〔b〕所示，假設(shè)重力加速度及圖中的v0，v1，t1均為量，那么可求出〔〕A．斜面的傾角B．物塊的質(zhì)量C．物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)D．物塊沿斜面向上滑行的最大高度8．〔6分〕我國發(fā)射的“嫦娥三號〞登月探測器靠近月球后，先在月球外表附近的近似軌道上繞月運(yùn)行，然后經(jīng)過一系列過程，在離月面4m高處做一次懸?！部烧J(rèn)為是相對于月球靜止〕，最后關(guān)閉發(fā)動機(jī)，探測器自由下落，探測器的質(zhì)量約為1.3×103kg，地球質(zhì)量約為月球的81倍，地球半徑約為月球的3.7倍，地球外表的重力加速度大小約為9.8m/s2，那么此探測器〔〕A．在著陸前的瞬間，速度大小約為8.9m/sB．懸停時受到的反沖擊作用力約為2×103NC．從離開近月圓軌道到著陸這段時間內(nèi)，機(jī)械能守恒D．在近月圓軌道上運(yùn)行的線速度小于人造衛(wèi)星在近地圓軌道上運(yùn)行的線速度二、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部，第9-12題為必考題，每個考生都必須作答，第13題-18題為選考題，考生根據(jù)要求作答〔一〕必考題9．〔6分〕某物理小組的同學(xué)設(shè)計了一個粗測玩具小車通過凹形橋最低點時的速度的實驗，所用器材有：玩具小車，壓力式托盤秤，凹形橋模擬器〔圓弧局部的半徑為R=0.20m〕完成以下填空：〔1〕將凹形橋模擬器靜置于托盤秤上，如圖〔a〕所示，托盤秤的示數(shù)為1.00kg〔2〕將玩具小車靜置于凹形橋模擬器最低點時，托盤秤的示數(shù)如圖〔b〕所示，該示數(shù)為kg．〔3〕將小車從凹形橋模擬器某一位置釋放，小車經(jīng)過最低點后滑向另一側(cè)，此過程中托盤秤的最大示數(shù)為m，屢次從同一位置釋放小車，記錄各次的m值如表所示：序號12345m〔kg〕1.801.751.851.751.90〔4〕根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可求出小車經(jīng)過凹形橋最低點時對橋的壓力為N，小車通過最低點時的速度大小為m/s〔重力加速度大小取9.8m/s2，計算結(jié)果保存2位有效數(shù)字〕10．〔9分〕圖〔a〕為某同學(xué)改裝和校準(zhǔn)毫安表的電路圖，其中虛線框內(nèi)是毫安表的改裝電路．〔1〕毫安表表頭的內(nèi)阻為100Ω，滿偏電流為1mA；R1和R2為阻值固定的電阻．假設(shè)使用a和b兩個接線柱，電表量程為3mA；假設(shè)使用a和c兩個接線柱，電表量程為10mA．由題給條件和數(shù)據(jù)，可以求出R1=Ω，R2=Ω．〔2〕現(xiàn)用一量程為3mA、內(nèi)阻為150Ω的標(biāo)準(zhǔn)電流表A對改裝電表的3mA檔進(jìn)行校準(zhǔn)，校準(zhǔn)時需選取的刻度為0.5、1.0、1.5、2.0、2.5、3.0mA．電池的電動勢為1.5V，內(nèi)阻忽略不計；定值電阻R0有兩種規(guī)格，阻值分別為300Ω和1000Ω；滑動變阻器R有兩種規(guī)格，最大阻值分別為750Ω和3000Ω．那么R0應(yīng)選用阻值為Ω的電阻，R應(yīng)選用最大阻值為Ω的滑動變阻器．〔3〕假設(shè)電阻R1和R2中有一個因損壞而阻值變?yōu)闊o窮大，利用圖〔b〕的電路可以判斷出損壞的電阻．圖〔b〕中的R′為保護(hù)電阻，虛線框內(nèi)未畫出的電路即為圖〔a〕虛線框的電路．那么圖中的d點應(yīng)和接線柱〔填“b〞或“c〞〕相連．判斷依據(jù)是．11．〔12分〕如圖，一長為10cm的金屬棒ab用兩個完全相同的彈簧水平地懸掛在勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.1T，方向垂直于紙面向里，彈簧上端固定，下端與金屬棒絕緣，金屬棒通過開關(guān)與一電動勢為12V的電池相連，電路總電阻為2Ω，開關(guān)斷開時兩彈簧的伸長量均為0.5cm，閉合開關(guān)，系統(tǒng)重新平衡后，兩彈簧的伸長量與開關(guān)斷開時相比均改變了0.3cm，重力加速度大小取10m/s2，判斷開關(guān)閉合后金屬棒所受安培力的方向，并求出金屬棒的質(zhì)量．12．〔20分〕〔2023春?合肥校級期末〕一長木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊，在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為4.5m，如圖〔a〕所示，t=0時刻開始，小物塊與木板一起以共同速度向右運(yùn)動，直至t=1s時木板與墻壁碰撞〔碰撞時間極短〕，碰撞前后木板速度大小不變，方向相反，運(yùn)動過程中小物塊始終未離開木板，碰撞后1s時間內(nèi)小物塊的v﹣t圖線如圖〔b〕所示，木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2，求：〔1〕木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ1及小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ2〔2〕木板的最小長度；〔3〕木板右端離墻壁的最終距離．三、選考題：從下面的3道物理題中，任選一題作答。如果多做，那么按第一題計分，物理-選修3-313．〔5分〕以下說法正確的是〔〕A．將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒是非晶體B．固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同方向上有不同的光學(xué)性質(zhì)C．由同種元素構(gòu)成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體D．在適宜的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫wE．在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變14．〔10分〕如圖，一固定的豎直汽缸由一大一小兩個同軸圓筒組成，兩圓筒中各有一個活塞，大活塞的質(zhì)量為m1=2.50kg，橫截面積為s1=80.0cm2，小活塞的質(zhì)量為m2=1.50kg，橫截面積為s2=40.0cm2，兩活塞用剛性輕桿連接，間距保持為l=40.0cm，汽缸外大氣的壓強(qiáng)為p=1.00×105Pa，溫度為T=303K，初始時大活塞與大圓筒底部相距，兩活塞間封閉氣體的溫度為T1=495K，現(xiàn)汽缸內(nèi)氣體溫度緩慢下降，活塞緩慢下移，忽略兩活塞與汽缸壁之間的摩擦，重力加速度大小g取10m/s2，求：〔1〕在大活塞與大圓筒底部接觸前的瞬間，缸內(nèi)封閉氣體的溫度〔2〕缸內(nèi)封閉的氣體與缸外大氣到達(dá)熱平衡時，缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)．物理-選修3-415．〔2023春?河津市校級期末〕在雙縫干預(yù)實驗中，分別用紅色和綠色的激光照射用同一雙縫，在雙縫后的屏幕上，紅光的干預(yù)條紋間距△x1與綠光的干預(yù)條紋間距△x2相比，△x1△x2〔填“＞〞“=〞或“＜〞〕，假設(shè)實驗中紅光的波長為630nm，雙縫與屏幕的距離為1.00m，測得地1條到第6條亮條紋中心間的距離為10.5mm，那么雙縫之間的距離為mm．16．〔2023春?南陽月考〕甲、乙兩列簡諧橫波在同一介質(zhì)中分別沿x軸正向和負(fù)向傳播，波速均為v=25cm/s，兩列波在t=0時的波形曲線如下列圖，求：〔1〕t=0時，介質(zhì)中偏離平衡位置位移為16cm的所有質(zhì)點的x坐標(biāo)；〔2〕從t=0開始，介質(zhì)中最早出現(xiàn)偏離平衡位置位移為﹣16cm的質(zhì)點的時間．物理-選修3-517．在某次光電效應(yīng)實驗中，得到的遏止電壓Ue與入射光的頻率v的關(guān)系如下列圖，假設(shè)該直線的斜率和截距分別為k和b，電子電荷量的絕對值為e，那么普朗克常量可表示為，所用材料的逸出功表示為．18．如圖，在足夠長的光滑水平面上，物體A、B、C位于同一直線上，A點位于B、C之間，A的質(zhì)量為m，B、C的質(zhì)量都為M，三者均處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)使A以某一速度向右運(yùn)動，求m和M之間應(yīng)滿足什么條件，才能使A只與B、C各發(fā)生一次碰撞．設(shè)物體間的碰撞都是彈性的．2023年新課標(biāo)I高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題〔此題共8小題，每題6分，在每題給出的四個選項中，第1-5題只有一項符合題目要求。第6-8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分〕1．〔6分〕兩相鄰勻強(qiáng)磁場區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不同，方向平行，一速度方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直的帶電粒子〔不計重力〕，從較強(qiáng)磁場區(qū)域進(jìn)入到較弱磁場區(qū)域后，粒子的〔〕A．軌道半徑減少，角速度增大B．軌道半徑減少，角速度減少C．軌道半徑增大，角速度增大D．軌道半徑增大，角速度減少考點：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動．專題：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動專題．分析：通過洛倫茲力提供向心力得知軌道半徑的公式，結(jié)合該公式即可得知進(jìn)入到較弱磁場區(qū)域后時，半徑的變化情況；再利用線速度與角速度半徑之間的關(guān)系式，即可得知進(jìn)入弱磁場區(qū)域后角速度的變化情況．解答：解：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中足勻速圓周運(yùn)動的向心力等于洛倫茲力，由牛頓第二定律有：qvB=得：R=從較強(qiáng)磁場區(qū)域進(jìn)入到較弱磁場區(qū)域后．B減小，所以R增大．線速度、角速度的關(guān)系為：v=ωR線速度v不變，半徑R增大，所以角速度減小，選項D正確，ABC錯誤．應(yīng)選：D點評：解答該題要明確洛倫茲力始終不做功，洛倫茲力只是改變帶電粒子的運(yùn)動方向．還要熟練的掌握半徑公式R=和周期公式等．2．〔6分〕如圖，直線a、b和c、d是處于勻強(qiáng)電場中的兩組平行線，M、N、P、Q是它們的交點，四點處的電勢分別為φM，φN，φP，φQ，一電子由M點分別到N點和P點的過程中，電場力所做的負(fù)功相等，那么〔〕A．直線a位于某一等勢面內(nèi)，φM＞φQB．直線c位于某一等勢面內(nèi)，φM＞φNC．假設(shè)電子由M點運(yùn)動到Q點，電場力做正功D．假設(shè)電子由P點運(yùn)動到Q點，電場力做負(fù)功考點：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢．專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題．分析：電子由M點分別到N點和P點的過程中，電場力所做的負(fù)功相等，說明電勢能增加相等，據(jù)此分析電勢上下．解答：解：AB、據(jù)題，電子由M點分別到N點和P點的過程中，電場力做負(fù)功相等，那么電勢能增加相等，電勢降低，那么N、P兩點的電勢相等，d位于同一等勢面內(nèi)，根據(jù)勻強(qiáng)電場等勢面分布情況知，直線a不是中一等勢面，直線c位于某一等勢面內(nèi)，且φM＞φN．故A錯誤，B正確．C、由上分析知，直線c位于某一等勢面內(nèi)，M、Q的電勢相等，假設(shè)電子由M點運(yùn)動到Q點電場力不做功，故C錯誤．D、電子由P點運(yùn)動到Q點與電子由P點運(yùn)動到M點電場力做功相等，所以電場力做正功，故D錯誤．應(yīng)選：B．點評：解決此題的關(guān)鍵要抓住電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，知道負(fù)電荷在電勢高處電勢能?。?．〔6分〕〔2023春?河津市校級期末〕一理想變壓器的原，副線圈的匝數(shù)比為3：1，在原、副線圈的回路中分別接有阻值相同的電阻，原線圈一側(cè)接在電壓為220V的正弦交流電源上，如下列圖，設(shè)副線圈回路中電阻兩端的電壓為U，原、副線圈回路中電阻消耗的功率的比值為k，那么〔〕A．U=66V，k=B．U=22V，k=C．U=66V，k=D．U=22V，k=考點：變壓器的構(gòu)造和原理．專題：交流電專題．分析：首先計算出通過副線圈的電流，由變比關(guān)系可知原線圈的電流，繼而可表示出與原線圈串聯(lián)的電阻的分壓，結(jié)合題意即可在原線圈上列出電壓的等式，可求出副線圈上的電壓．利用焦耳定律可表示出兩個電阻的功率，繼而可解的比值k．解答：解：由題意知：副線圈的電流為：I2=那么原先圈的電流為：I1==與原線圈串聯(lián)的電阻的電壓為：UR=I1R=由變壓器的變比可知，原線圈的電壓為3U，所以有：解得：U=66V原線圈回路中的電阻的功率為：P1=R=副線圈回路中的電阻的功率為：P2=所以k==選項A正確，BCD錯誤應(yīng)選：A點評：該題的突破口是表示出原線圈中的電流和原線圈回路中的電阻的分壓，找出原線圈的電壓和原線圈回路中的電阻的分壓的數(shù)值關(guān)系．該題類似于遠(yuǎn)距離輸電的情況．4．〔6分〕〔2023春?合肥校級期末〕如圖，一半徑為R，粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平，一質(zhì)量為m的質(zhì)點自P點上方高度R處由靜止開始下落，恰好從P點進(jìn)入軌道，質(zhì)點滑到軌道最低點N時，對軌道的壓力為4mg，g為重力加速度的大小，用W表示質(zhì)點從P點運(yùn)動到N點的過程中克服摩擦力所做的功，那么〔〕A．W=mgR，質(zhì)點恰好可以到達(dá)Q點B．W＞mgR，質(zhì)點不能到達(dá)Q點C．W=mgR，質(zhì)點到達(dá)Q點后，繼續(xù)上升一段距離D．W＜mgR，質(zhì)點到達(dá)Q點后，繼續(xù)上升一段距離考點：動能定理．專題：動能定理的應(yīng)用專題．分析：對N點運(yùn)用牛頓第二定律，結(jié)合壓力的大小求出N點的速度大小，對開始下落到N點的過程運(yùn)用動能定理求出克服摩擦力做功的大?。プQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功，根據(jù)動能定理分析Q點的速度大小，從而判斷能否到達(dá)Q點．解答：解：在N點，根據(jù)牛頓第二定律有：，解得，對質(zhì)點從下落到N點的過程運(yùn)用動能定理得，，解得W=．在NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功，對NQ段運(yùn)用動能定理得，，因為，可知vQ＞0，所以質(zhì)點到達(dá)Q點后，繼續(xù)上升一段距離．故C正確，A、B、D錯誤．應(yīng)選：C．點評：此題考查了動能定理和牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，知道在最低點，靠重力和支持力的合力提供向心力，通過牛頓第二定律求出N點的速度是關(guān)鍵．注意在NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功．5．〔6分〕〔2023春?泉州校級期末〕一帶有乒乓球發(fā)射機(jī)的乒乓球臺如下列圖，水平臺面的長和寬分別為L1和L2，中間球網(wǎng)高度為h，發(fā)射機(jī)安裝于臺面左側(cè)邊緣的中點，能以不同速率向右側(cè)不同方向水平發(fā)射乒乓球，發(fā)射點距臺面高度為3h，不計空氣的作用，重力加速度大小為g，假設(shè)乒乓球的發(fā)射率v在某范圍內(nèi)，通過選擇適宜的方向，就能使乒乓球落到球網(wǎng)右側(cè)臺面上，到v的最大取值范圍是〔〕A．＜v＜L1B．＜v＜C．＜v＜D．＜v＜考點：平拋運(yùn)動．專題：平拋運(yùn)動專題．分析：球要落在網(wǎng)右側(cè)臺面上，臨界情況是與球網(wǎng)恰好不相撞，還有與球臺邊緣相碰，根據(jù)高度求出平拋運(yùn)動的時間，根據(jù)幾何關(guān)系求出最小的水平位移和最大的水平位移，從而得出最小速度和最大速度．解答：解：假設(shè)球與網(wǎng)恰好不相碰，根據(jù)3h﹣h=得，，水平位移的最小值，那么最小速度．假設(shè)球與球臺邊緣相碰，根據(jù)3h=得，，水平位移的最大值為xmax=，那么最大速度，故D正確，A、B、C錯誤．應(yīng)選：D．點評：解決此題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，抓住臨界情況，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式靈活求解，難度中等．6．〔6分〕〔2023春?河津市校級期末〕1824年，法國科學(xué)家阿拉果完成了著名的“圓盤實驗〞．實驗中將一銅圓盤水平放置，在其中心正上方用柔軟細(xì)線懸掛一枚可以自由旋轉(zhuǎn)的磁針，如下列圖．實驗中發(fā)現(xiàn)，當(dāng)圓盤在磁針的磁場中繞過圓盤中心的豎直軸旋轉(zhuǎn)時，磁針也隨著一起轉(zhuǎn)動起來，但略有滯后．以下說法正確的是〔〕A．圓盤上產(chǎn)生了感應(yīng)電動勢B．圓盤內(nèi)的渦電流產(chǎn)生的磁場導(dǎo)致磁針轉(zhuǎn)動C．在圓盤轉(zhuǎn)動的過程中，磁針的磁場穿過整個圓盤的磁通量發(fā)生了變化D．圓盤中的自由電子隨圓盤一起運(yùn)動形成電流，此電流產(chǎn)生的磁場導(dǎo)致磁針轉(zhuǎn)動考點：楞次定律．專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．分析：通過題意明確渦流的產(chǎn)生，再根據(jù)磁極和電流間的相互作用分析磁鐵的運(yùn)動．解答：解：A、圓盤在轉(zhuǎn)動中由于切割磁感線從而在圓盤內(nèi)部產(chǎn)生電動勢及渦流，該渦流產(chǎn)生的磁場帶動磁針轉(zhuǎn)動；故AB正確；C、由于圓盤面積不變，距離磁鐵的距離不變，故整個圓盤中的磁通量沒有變化；故C錯誤；D、電流是由于圓盤切割磁感線而產(chǎn)生的；不是因為自由電子移動產(chǎn)生的；故D錯誤；應(yīng)選：AB．點評：此題要注意明確電流的形成不是因為自由電子運(yùn)動，而是由于圓盤切割磁感線產(chǎn)生了電動勢，從而產(chǎn)生了渦流．7．〔6分〕〔2023春?哈爾濱校級期末〕如圖〔a〕，一物塊在t=0時刻滑上一固定斜面，其運(yùn)動的v﹣t圖線如圖〔b〕所示，假設(shè)重力加速度及圖中的v0，v1，t1均為量，那么可求出〔〕A．斜面的傾角B．物塊的質(zhì)量C．物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)D．物塊沿斜面向上滑行的最大高度考點：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的圖像．專題：牛頓運(yùn)動定律綜合專題．分析：由圖b可求得物體運(yùn)動過程及加速度，再對物體受力分析，由牛頓第二定律可明確各物理量是否能夠求出．解答：解：由圖b可知，物體先向上減速到達(dá)最高時再向下加速度；圖象與時間軸圍成的面積為物體經(jīng)過的位移，故可出物體在斜面上的位移；圖象的斜率表示加速度，上升過程及下降過程加速度均可求，上升過程有：mgsinθ+μmgcosθ=ma1；下降過程有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2；兩式聯(lián)立可求得斜面傾角及動摩擦因數(shù)；但由于m均消去，故無法求得質(zhì)量；因上升位移及夾角，那么可求得上升的最大高度；應(yīng)選：ACD．點評：此題考查牛頓第二定律及圖象的應(yīng)用，要注意圖象中的斜率表示加速度，面積表示位移；同時注意正確的受力分析，根據(jù)牛頓第二定律明確力和運(yùn)動的關(guān)系．8．〔6分〕我國發(fā)射的“嫦娥三號〞登月探測器靠近月球后，先在月球外表附近的近似軌道上繞月運(yùn)行，然后經(jīng)過一系列過程，在離月面4m高處做一次懸?！部烧J(rèn)為是相對于月球靜止〕，最后關(guān)閉發(fā)動機(jī)，探測器自由下落，探測器的質(zhì)量約為1.3×103kg，地球質(zhì)量約為月球的81倍，地球半徑約為月球的3.7倍，地球外表的重力加速度大小約為9.8m/s2，那么此探測器〔〕A．在著陸前的瞬間，速度大小約為8.9m/sB．懸停時受到的反沖擊作用力約為2×103NC．從離開近月圓軌道到著陸這段時間內(nèi)，機(jī)械能守恒D．在近月圓軌道上運(yùn)行的線速度小于人造衛(wèi)星在近地圓軌道上運(yùn)行的線速度考點：萬有引力定律及其應(yīng)用．專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題．分析：根據(jù)萬有引力提供向心力得月球外表重力加速度，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得出著陸前的瞬間速度；根據(jù)二力平衡得出懸停時受到的反沖擊作用力大??；根據(jù)v=判斷線速度關(guān)系．解答：解：A、根據(jù)萬有引力等于重力=mg，g=地球質(zhì)量約為月球的81倍，地球半徑約為月球的3.7倍，地球外表的重力加速度大小約為9.8m/s2，所以月球外表的重力加速度大小約為g′=1.66m/s2，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得在著陸前的瞬間，速度大小約v==3.6m/s，故A錯誤；B、登月探測器懸停時，二力平衡，F(xiàn)=mg′=1.3×103×1.66≈2×103N，故B正確；C、從離開近月圓軌道到著陸這段時間內(nèi)，有外力做功，機(jī)械能不守恒，故C錯誤；D、根據(jù)v=，地球質(zhì)量約為月球的81倍，地球半徑約為月球的3.7倍，所以在近月圓軌道上運(yùn)行的線速度小于人造衛(wèi)星在近地圓軌道上運(yùn)行的線速度，故D正確；應(yīng)選：BD．點評：解答此題要知道除重力以外的力對物體做功等于物體機(jī)械能的變化量，月球重力加速度約為地球重力加速度的，關(guān)于萬有引力的應(yīng)用中，常用公式是在地球外表重力等于萬有引力，衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動萬有引力提供圓周運(yùn)動向心力．二、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部，第9-12題為必考題，每個考生都必須作答，第13題-18題為選考題，考生根據(jù)要求作答〔一〕必考題9．〔6分〕某物理小組的同學(xué)設(shè)計了一個粗測玩具小車通過凹形橋最低點時的速度的實驗，所用器材有：玩具小車，壓力式托盤秤，凹形橋模擬器〔圓弧局部的半徑為R=0.20m〕完成以下填空：〔1〕將凹形橋模擬器靜置于托盤秤上，如圖〔a〕所示，托盤秤的示數(shù)為1.00kg〔2〕將玩具小車靜置于凹形橋模擬器最低點時，托盤秤的示數(shù)如圖〔b〕所示，該示數(shù)為1.40kg．〔3〕將小車從凹形橋模擬器某一位置釋放，小車經(jīng)過最低點后滑向另一側(cè)，此過程中托盤秤的最大示數(shù)為m，屢次從同一位置釋放小車，記錄各次的m值如表所示：序號12345m〔kg〕1.801.751.851.751.90〔4〕根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可求出小車經(jīng)過凹形橋最低點時對橋的壓力為7.9N，小車通過最低點時的速度大小為1.4m/s〔重力加速度大小取9.8m/s2，計算結(jié)果保存2位有效數(shù)字〕考點：向心力．專題：勻速圓周運(yùn)動專題．分析：〔2〕根據(jù)量程為10kg，最小分度為0.1kg，注意估讀到最小分度的下一位；〔4〕根據(jù)表格知最低點小車和凹形橋模擬器對秤的最大壓力平均值為mg，根據(jù)Fm=m橋g+FN，知小車經(jīng)過凹形橋最低點時對橋的壓力FN，根據(jù)FN=m0g+m0，求解速度．解答：解：〔2〕根據(jù)量程為10kg，最小分度為0.1kg，注意估讀到最小分度的下一位，為1.40kg；〔4〕根據(jù)表格知最低點小車和凹形橋模擬器對秤的最大壓力平均值為：Fm=N=m橋g+FN解得：FN=7.9N根據(jù)牛頓運(yùn)動定律知：FN﹣m0g=m0，代入數(shù)據(jù)解得：v=1.4m/s故答案為：〔2〕1.40，〔4〕7.9，1.4．點評：此題考查讀數(shù)和圓周運(yùn)動的知識，注意估讀，在力的問題注意分析受力和力的作用效果．10．〔9分〕圖〔a〕為某同學(xué)改裝和校準(zhǔn)毫安表的電路圖，其中虛線框內(nèi)是毫安表的改裝電路．〔1〕毫安表表頭的內(nèi)阻為100Ω，滿偏電流為1mA；R1和R2為阻值固定的電阻．假設(shè)使用a和b兩個接線柱，電表量程為3mA；假設(shè)使用a和c兩個接線柱，電表量程為10mA．由題給條件和數(shù)據(jù)，可以求出R1=15Ω，R2=35Ω．〔2〕現(xiàn)用一量程為3mA、內(nèi)阻為150Ω的標(biāo)準(zhǔn)電流表A對改裝電表的3mA檔進(jìn)行校準(zhǔn)，校準(zhǔn)時需選取的刻度為0.5、1.0、1.5、2.0、2.5、3.0mA．電池的電動勢為1.5V，內(nèi)阻忽略不計；定值電阻R0有兩種規(guī)格，阻值分別為300Ω和1000Ω；滑動變阻器R有兩種規(guī)格，最大阻值分別為750Ω和3000Ω．那么R0應(yīng)選用阻值為300Ω的電阻，R應(yīng)選用最大阻值為3000Ω的滑動變阻器．〔3〕假設(shè)電阻R1和R2中有一個因損壞而阻值變?yōu)闊o窮大，利用圖〔b〕的電路可以判斷出損壞的電阻．圖〔b〕中的R′為保護(hù)電阻，虛線框內(nèi)未畫出的電路即為圖〔a〕虛線框的電路．那么圖中的d點應(yīng)和接線柱c〔填“b〞或“c〞〕相連．判斷依據(jù)是閉合開關(guān)時，假設(shè)電表指針偏轉(zhuǎn)，那么損壞的電阻是R1，假設(shè)電表指針不動，那么損壞的電阻是R2．考點：把電流表改裝成電壓表．專題：實驗題．分析：〔1〕根據(jù)串并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出電阻阻值．〔2〕應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律求出定值電阻與滑動變阻器的阻值，然后作出選擇．〔3〕有電流流過電表時電表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，沒有電流流過電表時電表指針不偏轉(zhuǎn)，根據(jù)電路圖分析答題．解答：解：〔1〕使用a、b接線柱時，Iab=Ig+=0.001+=0.003，使用a、c接線柱時，Iac=Ig+=0.001+=0.010，解得：R1=15Ω，R2=35Ω；〔2〕改裝后電流表內(nèi)阻：r==≈33Ω，R0作為保護(hù)電阻，電流最大時，電路總電阻約為：R=r+RA+R0===500Ω，R0=R﹣r﹣RA=500﹣33﹣150=317Ω，那么應(yīng)R0選300Ω；電路電流最小時：R滑=﹣R=﹣500=2500Ω＞750Ω，那么滑動變阻器應(yīng)選擇3000Ω的．〔3〕由圖示電路圖可知，圖中的d點與接線柱c相連時，閉合開關(guān)時，假設(shè)電表指針偏轉(zhuǎn)，那么損壞的電阻是R1，假設(shè)電表指針不動，那么損壞的電阻是R2；故答案為：〔1〕15；35；〔2〕300；3000；〔3〕c；閉合開關(guān)時，假設(shè)電表指針偏轉(zhuǎn)，那么損壞的電阻是R1，假設(shè)電表指針不動，那么損壞的電阻是R2．點評：此題考查了求電阻阻值、實驗器材的選擇、電路故障分析，知道電流表的改裝原理、分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題．11．〔12分〕如圖，一長為10cm的金屬棒ab用兩個完全相同的彈簧水平地懸掛在勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.1T，方向垂直于紙面向里，彈簧上端固定，下端與金屬棒絕緣，金屬棒通過開關(guān)與一電動勢為12V的電池相連，電路總電阻為2Ω，開關(guān)斷開時兩彈簧的伸長量均為0.5cm，閉合開關(guān)，系統(tǒng)重新平衡后，兩彈簧的伸長量與開關(guān)斷開時相比均改變了0.3cm，重力加速度大小取10m/s2，判斷開關(guān)閉合后金屬棒所受安培力的方向，并求出金屬棒的質(zhì)量．考點：安培力．分析：在閉合前，導(dǎo)體棒處于平衡狀態(tài)，在閉合后，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求的電流，根據(jù)F=BIL求的安培力，由共點力平衡求的質(zhì)量解答：解：閉合開關(guān)后，電流由b指向a，受到的安培力向下斷開時：2k△l1=mg開關(guān)閉合后2k〔△l1+△l2〕=mg+F受到的安培力為：F=BIL回路中電流為I=聯(lián)立解得m=0.01kg答：金屬棒的質(zhì)量為0.01kg點評：此題主要考查了共點力平衡，抓住通電前后的共點力平衡即可；12．〔20分〕〔2023春?合肥校級期末〕一長木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊，在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為4.5m，如圖〔a〕所示，t=0時刻開始，小物塊與木板一起以共同速度向右運(yùn)動，直至t=1s時木板與墻壁碰撞〔碰撞時間極短〕，碰撞前后木板速度大小不變，方向相反，運(yùn)動過程中小物塊始終未離開木板，碰撞后1s時間內(nèi)小物塊的v﹣t圖線如圖〔b〕所示，木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2，求：〔1〕木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ1及小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ2〔2〕木板的最小長度；〔3〕木板右端離墻壁的最終距離．考點：牛頓運(yùn)動定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動的位移與時間的關(guān)系；牛頓第二定律．專題：牛頓運(yùn)動定律綜合專題．分析：〔1〕對碰前過程由牛頓第二定律時行分析，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式可求得μ1；再對碰后過程分析同理可求得μ2；〔2〕分別對木板和物塊進(jìn)行分析，由牛頓第二定律求解加速度，由運(yùn)動學(xué)公式求解位移，那么可求得相對位移，即可求得木板的長度；〔3〕對木板和物塊達(dá)相同靜止后的過程進(jìn)行分析，由牛頓第二定律及運(yùn)動學(xué)公式聯(lián)立可求得位移；那么可求得木板最終的位置．解答：解：〔1〕設(shè)向右為正方向，木板與墻壁相碰前，小物塊和木板一起向右做勻變速運(yùn)動，加速度設(shè)為a1，小物塊和木板的質(zhì)量分別為m和M，由牛頓第二定律有：﹣μ1〔m+M〕g=〔m+M〕a1由圖可知，木板與墻壁碰前瞬時速度v1=4m/s；由運(yùn)動學(xué)公式可得：v1=v0+a1t1s0=v0t1+a1t12；式中t1=1s，s0=4.5m是木板碰間有的位移，v0是小物塊和木板開始運(yùn)動時的速度．聯(lián)立以上各式解得：μ1=0.1．在木板與墻壁碰撞后，木板以﹣v1的初速度向左做勻變速運(yùn)動，小物塊以v1的初速度向右做勻變速運(yùn)動．設(shè)小物塊的加速度為a2，由牛頓第二定律有：﹣μ2mg=ma2由圖可得：a2=t2=2s，v2=0；代入以上兩式可得：μ2=0.4；〔2〕設(shè)碰撞后木板的加速度為a3，經(jīng)過時間△t，木板和小物塊剛好具有共同速度v3，由牛頓第二定律及運(yùn)動學(xué)公式得：μ2mg+μ1〔M+m〕g=Ma3v3=﹣v1+a3△tv3=v1+a2△t碰撞后至木板和小物塊到達(dá)共同速度的過程中，木板運(yùn)動的位移為：s1=△t小物塊的位移為：s2=小物塊相對于木板的位移為：△s=s2﹣s1由以上各式解得：△s=6.0m；因為運(yùn)動過程中，小物塊沒有脫離木板，所以木板的最小長度應(yīng)為6.0m；〔3〕在小物塊和木板具有共同速度后，兩者向左做勻變速運(yùn)動直至停止，設(shè)加速度為a4，此過程中小物塊和木板運(yùn)動的位移為s3，由牛頓第二定律及運(yùn)動學(xué)公式可得；μ1〔m+M〕g=〔m+M〕a40﹣v23=2a4s3碰后木板運(yùn)動的位移為s=s1+s3解得：s=﹣6.5m；答：〔1〕木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ1為0.1；小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ2為0.4；〔2〕木塊的最小長度為6.0m〔3〕木板右端離墻壁的最終距離為6.5m點評：此題考查牛頓第二定律及運(yùn)動學(xué)公式的應(yīng)用，涉及兩個物體多個過程，題目中問題較多，但只要認(rèn)真分析，一步步進(jìn)行解析，是完全可以求解的．三、選考題：從下面的3道物理題中，任選一題作答。如果多做，那么按第一題計分，物理-選修3-313．〔5分〕以下說法正確的是〔〕A．將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒是非晶體B．固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同方向上有不同的光學(xué)性質(zhì)C．由同種元素構(gòu)成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體D．在適宜的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫wE．在熔化過程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變考點：*晶體和非晶體．分析：該題通過晶體和非晶體的特性進(jìn)行判斷．晶體是具有一定的規(guī)那么外形，各項異性，具有固定的熔點；非晶體沒有固定的熔點，沒有規(guī)那么的幾何外形，表現(xiàn)各項同性，由此可判斷各選項的正誤．解答：解：A、將一塊晶體敲碎后，得到的小顆粒還是晶體，選項A錯誤．B、固體可以分為晶體和非晶體兩類，有些晶體在不同方向上各向異性，具有不同的光學(xué)性質(zhì)，選項B正確．C、由同種元素構(gòu)成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石．選項C正確．D、在適宜的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)變?yōu)榉蔷w，某些非晶體也可以轉(zhuǎn)變?yōu)榫w，例如天然石英是晶體，熔融過的石英卻是非晶體．把晶體硫加熱熔化〔溫度超過300℃〕再倒進(jìn)冷水中，會變成柔軟的非晶硫，再過一段時間又會轉(zhuǎn)化為晶體硫．所以選項D正確．E、在熔化過程中，晶體要吸收熱量，雖然溫度保持不變，但是內(nèi)能要增加．選項E錯誤應(yīng)選：BCD點評：解答該題要熟練的掌握晶體和非晶體的特性，對于晶體有一下特點：1、晶體有整齊規(guī)那么的幾何外形；2、晶體有固定的熔點，在熔化過程中，溫度始終保持不變；3、晶體有各向異性的特點．非晶體是指組成物質(zhì)的分子〔或原子、離子〕不呈空間有規(guī)那么周期性排列的固體．它沒有一定規(guī)那么的外形，如玻璃、松香、石蠟等．它的物理性質(zhì)在各個方向上是相同的，叫“各項同性〞．它沒有固定的熔點．14．〔10分〕如圖，一固定的豎直汽缸由一大一小兩個同軸圓筒組成，兩圓筒中各有一個活塞，大活塞的質(zhì)量為m1=2.50kg，橫截面積為s1=80.0cm2，小活塞的質(zhì)量為m2=1.50kg，橫截面積為s2=40.0cm2，兩活塞用剛性輕桿連接，間距保持為l=40.0cm，汽缸外大氣的壓強(qiáng)為p=1.00×105Pa，溫度為T=303K，初始時大活塞與大圓筒底部相距，兩活塞間封閉氣體的溫度為T1=495K，現(xiàn)汽缸內(nèi)氣體溫度緩慢下降，活塞緩慢下移，忽略兩活塞與汽缸壁之間的摩擦，重力加速度大小g取10m/s2，求：〔1〕在大活塞與大圓筒底部接觸前的瞬間，缸內(nèi)封閉氣體的溫度〔2〕缸內(nèi)封閉的氣體與缸外大氣到達(dá)熱平衡時，缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)．考點：理想氣體的狀態(tài)方程．專題：理想氣體狀態(tài)方程專題．分析：〔1〕氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)題意求出氣體的狀態(tài)參量，應(yīng)用蓋呂薩克定律考慮求出氣體的溫度．〔2〕啟用它發(fā)生等容變化，應(yīng)用查理定律可以求出氣體的壓強(qiáng)．解答：解：〔1〕大活塞與大圓筒底部接觸前氣體發(fā)生等壓變化，氣體的狀態(tài)參量：V1=〔l﹣〕s2+s1=〔40﹣〕×40+×80=2400cm3，T1=495K，V2=s2l=40×40=1600cm3，由蓋呂薩克定律得：=，即：=，解得：T2=330K；〔2〕大活塞與大圓筒底部接觸后到氣缸內(nèi)氣體與氣缸外氣體溫度相等過程中氣體發(fā)生等容變化，大活塞剛剛與大圓筒底部接觸時，由平衡條件得：pS1+p2S2+〔m1+m2〕g=p2S1+pS2，代入數(shù)據(jù)解得：p2=1.1×105Pa，T2=330K，T3=T=303K，由查理定律得：=，即：=，解得：p3=1.01×105Pa；答：〔1〕在大活塞與大圓筒底部接觸前的瞬間，缸內(nèi)封閉氣體的溫度為330K；〔2〕缸內(nèi)封閉的氣體與缸外大氣到達(dá)熱平衡時，缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)為1.01×105Pa．點評：此題考查了求氣體的溫度與壓強(qiáng)，分析清楚氣體狀態(tài)變化過程、應(yīng)用蓋呂薩克定律與查理定律即可正確解題．物理-選修3-415．〔2023春?河津市校級期末〕在雙縫干預(yù)實驗中，分別用紅色和綠色的激光照射用同一雙縫，在雙縫后的屏幕上，紅光的干預(yù)條紋間距△x1與綠光的干預(yù)條紋間距△x2相比，△x1＞△x2〔填“＞〞“=〞或“＜〞〕，假設(shè)實驗中紅光的波長為630nm，雙縫與屏幕的距離為1.00m，測得地1條到第6條亮條紋中心間的距離為10.5mm，那么雙縫之間的距離為0.300mm．考點：雙縫干預(yù)的條紋間距與波長的關(guān)系．專題：光的干預(yù)專題．分析：首先判斷紅光和綠光的波長關(guān)系，結(jié)合公式△x=即可得知紅光的干預(yù)條紋間距△x1與綠光的干預(yù)條紋間距△x2之間的關(guān)系，對題干中的數(shù)據(jù)先進(jìn)行單位換算，利用公式△x=即可計算出雙縫間的距離．解答：解：紅光的波長大于綠光的波長，由公式△x=，可知紅光的干預(yù)條紋間距△x1與綠光的干預(yù)條紋間距△x2相比，△x1＞△x2，λ=630nm=6.3×10﹣7m，x=10.5mm=1.05×10﹣2m由公式△x=得：d===3×10﹣4m=0.300mm故答案為：＞，0.300點評：對于該題，要熟練的掌握七種顏色的光之間的頻率關(guān)系和波長的關(guān)系，了解公式△x=個物理量的含義，會應(yīng)用該公式進(jìn)行相關(guān)的計算和定性的分析，解答問題時，要注意單位的換算．16．〔2023春?南陽月考〕甲、乙兩列簡諧橫波在同一介質(zhì)中分別沿x軸正向和負(fù)向傳播，波速均為v=25cm/s，兩列波在t=0時的波形曲線如下列圖，求：〔1〕t=0時，介質(zhì)中偏離平衡位置位移為16cm的所有質(zhì)點的x坐標(biāo)；〔2〕從t=0開始，介質(zhì)中最早出現(xiàn)偏離平衡位置位移為﹣16cm的質(zhì)點的時間．考點：橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系．專題：振動圖像與波動圖像專題．分析：〔1〕由圖先讀出兩列波的波長和振幅，通過數(shù)學(xué)關(guān)系得知兩波長的最小公倍數(shù)，對波峰相遇時的點的坐標(biāo)進(jìn)行分別列式，即可求出介質(zhì)中偏離平衡位置位移為16cm的所有質(zhì)點的x坐標(biāo)．〔2〕先通過圖表示出t=0時，兩波波谷間的x坐標(biāo)之差的表達(dá)式，從而可計算出相向傳播的波谷間的最小距離，也就可以計算出從t=0開始，介質(zhì)中最早出現(xiàn)偏離平衡位置位移為﹣16cm的質(zhì)點