【精選5份合集】廣東省深圳市2020-2021學年高一物理下學期期末預測試題

高一(下)學期期末物理模擬試卷1．(本題9分)一只船在靜水中的速度為，它要橫渡一條寬的河，水流速度為，下列說法正一、單項選擇題：本題共1．(本題9分)一只船在靜水中的速度為，它要橫渡一條寬的河，水流速度為，下列說法正A．過河時間可能是A．過河時間可能是B．過河時間可能是D．這只船對地的速度一定是B．過河時間可能是D．這只船對地的速度一定是本題9分如圖所示，水平轉(zhuǎn)臺上放著一枚硬幣，當轉(zhuǎn)臺勻速轉(zhuǎn)動時，硬幣沒有滑動，關(guān)于這種情下硬幣的受力情況，下列說法正確的是（ ）A．受重力和臺面的持力B．受重力、臺面的支持力和向心力CD．受重力、臺面的支持力和靜摩擦力9分秋千擺O視為質(zhì)點騎跨。繩的質(zhì)量、空氣阻力均不計。在擺繞O點沿豎直平面從PQ點的過程中，游戲者所受拉力不變C

動能始終不變D本題9分一個質(zhì)點在恒力F作用下，在xOy平面上從O點運動到B點的軌跡如圖所示，且在A點時的速度方向與x軸平行，則恒力F的方向可能是( )A．沿＋x方向 B．沿－x方向 C．沿＋y方向 D．沿－y方向本題9分盧瑟福的α粒子散射實驗的結(jié)果（ A．證明了質(zhì)子的存在B．證明了原子核是由質(zhì)子和中子組成的C．說明原子中的電子只能在某些不連續(xù)的軌道上運動D．說明原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量都集中在一個很小的核上如圖所示，楔形木塊abc固定在水平面上，粗糙斜面ab和粗糙斜面bc與水平面的夾角相同，頂角b處安裝一個定滑輪。質(zhì)量分別為m(M 的滑塊，通過不可伸長的輕繩跨過定滑輪連接，輕繩與斜面平行。兩滑塊由靜止釋放后，沿斜面做勻加速運動。若不計滑輪的質(zhì)量和摩擦，在兩滑塊沿斜面運動的程中（ ）m做的功等于m機械能的增加M做的功小于M減少的重力勢能輕繩對m做的功等于m增加的動能與m克服摩擦力所做的功之和D．兩滑塊與輕繩組成的系統(tǒng)的機械能損失等于m9分v0勻速行駛，發(fā)動機功率為P，快進入鬧市區(qū)時，司機減小了油A．B．C．A．B．C．D．假設地球和火星都繞太陽做勻速圓周運動，已知地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，那么（）地球公轉(zhuǎn)周期大于火星的公轉(zhuǎn)周期B．地球公轉(zhuǎn)的線速度小于火星公轉(zhuǎn)的線速度C．地球公轉(zhuǎn)的加速度小于火星公轉(zhuǎn)的加速度D9分人造地球衛(wèi)星在離地面的高度等于地球半徑R處運行，已知地面上的重力加速度為g，則此衛(wèi)星做勻速圓周運動的線速度等于2gR4RgRg2gR4RgRgA． C． 2(本題9分有一顆行星，其近地衛(wèi)星的線速度大小為va勻加速上升的電梯中，用彈簧測力計懸掛質(zhì)量為m的物體時，看到彈簧測力計的示數(shù)G，則這顆行星的質(zhì)量是G(FA．mv4

G(FB．mv2

mv2G(F

mv4G(Fma)6424420分(9分關(guān)于地球同步衛(wèi)星，下列說法中正確的是A．如果需要，可以定點在北京的正上方B．衛(wèi)星的運行周期與地球的自轉(zhuǎn)周期相同C．在軌道上運行的線速度大于7.9km/sD．所有同步衛(wèi)星離地面的高度都相等0如圖所示先后用不同的交流電源給同一盞燈泡供電第一次燈泡兩端的電壓隨時間按正弦規(guī)律變化如圖甲所示；第二次燈泡兩端的電壓變化規(guī)律如圖乙所示。若圖甲、乙中的UT所表示的電壓、周期值是相等的，則以下說法正確的( )02第一次燈泡兩端的電壓有效值是 U02232U029E15E

和動能總

k隨它離開地面的高度h的變化如圖所示。取地面為零勢能參考面，重力加速度g取10m/s2。由圖中數(shù)據(jù)可知A．物體的質(zhì)量為1kgBC．從地面至h＝2m，物體的動能減少30JD．物體運動到最高點的過程中克服阻力做功(9分A．月球的軌道半徑和月球的公轉(zhuǎn)周期B．月球的半徑和月球的自轉(zhuǎn)周期C．人造衛(wèi)星的質(zhì)量和衛(wèi)星的周期D．人造衛(wèi)星離地面的高度、衛(wèi)星的周期和地球的半徑(9分AB以一定的角速度轉(zhuǎn)動，下列說法正確A．P、Q兩點的線速度相同C．P、Q兩點的線速度之比為3

B．P、Q兩點的角速度相同D．P、Q兩點的角速度之比為3：1(本題9分如圖，小球自a點由靜止自由下落到b點時，與彈簧接觸，至c點時彈簧被壓縮到最短，若不計彈簧質(zhì)量和空氣阻力，在小球由－－c的運動過程中（ ．小球的機械能守恒C．小球在b點時動能最大三、實驗題2816

小球的機械能不守恒D．小球在c點時系統(tǒng)的彈性勢能最大9分.12mv2

mgh 驗證機械能守恒定律時，打點計時器在紙帶上開始打下的兩點間的距離應接近B．C．B．C．在實驗中，所用重錘的質(zhì)量m=1打點的時間間隔T=0.02通過規(guī)范操作得到的一條點跡清晰的紙帶如圖所示，其中O為打下的起始.A、、、D為四個連續(xù)的計時點.打點計時器在打下O點到打下B點的過程中，重錘動能的增加量ΔEk= 重力勢能的減少量ΔEp= 取g=9.8結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)A．根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，算出打點計時器打下各點時重鍾對應的速度v，測出其下落的距離關(guān)于v2隨h變化的關(guān)系，下列四幅圖中可能正確的.填選項前的字母A．D．(9分用如圖所示裝置來探究功和動能變化的關(guān)系，木板上固定兩個完全相同的遮光條、用不可伸長的細線將木板通過兩個滑輪與彈簧測力計CDP為小桶（內(nèi)有砂子，滑輪質(zhì)量、摩擦不計，重力加速度大小為D．實驗中軌道應傾斜一定角度，這樣做的目的.d.實驗主要步驟如下：①測量木板（含遮光條）的質(zhì)量M，測量兩遮光條間的距離L，按圖正確連接器材；小桶P（內(nèi)有沙子）的質(zhì)（填需要不需要遠小于木塊（含遮光條）的質(zhì)量．③將木板左端與軌道左端對齊，靜止釋放木板，木板在細線拉動下運動，記錄彈簧測力計示數(shù)F及遮光t21A先后經(jīng)過光電門的時間為tt21

A通過光電門的過程中木板動能的變化量

= ，1 合外力對木板做功 （用字母、tt、、、F1 ④在小桶中增加砂子，重復③的操作，比較W、ΔEk的大小，得出實驗結(jié)論.四、解答題：本題共4題，每題5分，共20分9（6分）本題9分3年6月1名航天員再次探訪天宮一號，并開展相關(guān)空間科學試驗．已知地球表面處的重力加速度為R，設神舟十號飛船繞地球做勻速圓周運動的周期為T．求：M和平均密度ρ；（6分）本題9分如圖所示，一長度L＝4、傾角＝的光滑斜面B和一固定粗糙水平臺平滑連接，水平臺長度L＝2mH＝1.6，下方有一半球體與水平臺相切，半球體半徑1與水平面夾角為α＝53°，整個軌道處于豎直平面內(nèi)。一物塊可視為質(zhì)點）C處，在斜面頂端A處由靜止釋放另一物塊（可視為質(zhì)點，物塊a下滑到C處與物塊b發(fā)生彈性碰撞，物塊a與b碰撞后，物塊bD點。已知物塊aBCμ＝0.11043（sin5，cos5。求ab碰撞前的速度大??；b速度大??；a最終停在何處。11（6分）本題9分半徑＝m的4圓弧軌道下端與一水平軌道連接，水平軌道離地面高度＝1，如圖所示，有一質(zhì)量m＝1.0kgA由靜止開始滑下，經(jīng)過水平軌道末端B4g10B點運動到地面所用的時間；滑塊落在地面上時速度的大??；滑塊在整個軌道上運動時克服摩擦力做的功．2（8分）本題9分一轟炸機在海面上方mvs的速度追趕一艘位于正前下方以v2=20m/ss。求：炸彈從被釋放到落到水面的時間；（結(jié)果保留一位小數(shù)(3)要能準確擊中敵艦，s應為多大？參考答案一、單項選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的【解析】AB、當船頭與岸垂直時，過河時間最短，最小時間，當船頭方向指向其【解析】AB、當船頭與岸垂直時，過河時間最短，最小時間，當船頭方向指向其它方向，渡河時間大于10s，故B錯誤，A正確；1、由已知小船在靜水中速度v2>v，由矢量合成的平行四邊形C錯誤；1DD。【點睛】根據(jù)平行四邊形定則判斷合速度的方向能否垂直河岸，從而確定能否垂直渡河．當船頭的方向與河岸垂直時，渡河時間最短，根據(jù)等時性求出最短的時間，從而判斷渡河時間的可能值。2．D【解析】【詳解】當轉(zhuǎn)臺勻速轉(zhuǎn)動時，硬幣受重力、臺面向上的支持力和指向圓心的靜摩擦力作用，故選D.【點睛】注意向心力是物體所受所有力的合力，不是物體所受的力；靜摩擦力與物體的相對運動趨勢的方向相反，表明物體相對于轉(zhuǎn)臺有向外滑動的趨勢．3．D【解析】【詳解】A.設繩子與豎直方向夾角為θ，人的軌跡是圓，對人受力分析，沿繩方向的合力提供向心力，則：v2 v2T-mgcosθ=m

LT=mgcosθ+mLP點擺至最低點的過程中，θ減小，v變大，則T增大；由最低點擺至Q點的過程中，θ變大，v變小，則T減小，所以T先增大后減小，故A錯誤；BCD.運動過程中，只有重力和繩的拉力做功，人的機械能守恒，由P點擺至最低點的過程中，重力勢能減小，動能增加；由最低點擺至Q點的過程中，重力勢能增加，動能減少，故BC錯誤，D正確。4．D【解析】由于物體做的是曲線運動，根據(jù)物體做曲線運動的條件可知，物體受到的恒力的方向應該斜向右下方，可能沿-y方向，故D正確．5．D【解析】【詳解】此實驗不能說明質(zhì)子的存在，故A錯誤；此實驗不能說明原子核的構(gòu)成，故B的電子的運動情況。故D粒子散射實驗中大多數(shù)α90°，有的超過了180°甚至被彈了回來，說明了原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量都集中在一個很小的核上。故D。6．D【解析】【詳解】AC、根據(jù)動能定理可知，輕繩對m做的功等于m增加的機械能與m克服摩擦力所做的功之和，輕繩對m做的功大于m機械能的增加，故A、C錯誤。B、根據(jù)重力做功與重力勢能變化的關(guān)系可知，重力對M做的功等于M重力勢能的變化，故B錯誤。D、根據(jù)能量守恒定律，兩滑塊與輕繩組成的系統(tǒng)的機械能損失等于M、m克服摩擦力所做的功之和，故D正確。7．B【解析】PP

f

P P，當以

P運動時，

Fv0fF

v0 2 2可知速度減小，牽引力增大，加速度大小為a

，故做加速度減小的減速運動，AC錯誤；當阻力mPfvPv v v和牽引力相等時有2 v ，解得v 0，即最終以0勻速運動，故B正確D錯誤．0 2 28．D【解析】【詳解】

GMrMm v2 GMr兩天體運動均為萬有引力提供向心力，即G

m m2rmr2 r T2

rma，解得：v 、GMr342r3GMGMr342r3GM

aGMr2

；所以軌道半徑越大，線速度v

越小、角速度

越小、周期T越大、向心加速度a越?。畵?jù)r火

r D正確，ABC三項錯誤．地9．A【解析】

GmM

mv2

v GMgR2gR2GMgR2GMrr2 r考點：萬有引力提供向心力點評：本題考查了萬有引力提供向心力的常見公式的推導和理解。10．D【解析】【詳解】對物體根據(jù)牛頓第二定律可得Fmgma解得Fmagm在地球表面，根據(jù)萬有引力等于重力和萬有引力提供向心力可得，GMmR2

mg

mv2R解得Mv4 mv4Gg G(Fma)D正確，ABC【點睛】質(zhì)量．6424420分11．BD【解析】【分析】【詳解】同步衛(wèi)星的軌道是一定的（赤道的上方，故A錯誤；地球同步衛(wèi)星與地球同步，則周期相同，故B正確；GMmr2

mv2r

得 ，GMr42r3GMr42r3GM地球同步衛(wèi)星與地球同步，則周期相同，根據(jù)GMmr2

m2T2

r，解得：T 可知，軌道半徑的大小都相等，即高度相同，故D正確。故選BD．12．AD【解析】【詳解】21U＝21

U，A項正確；0U20

U

T U2 T

，則根據(jù)有效值的定義有

2 T 0

0 U2 R R 2 R 2 2100＝2 U，B項錯；100U212根據(jù)電功率的定義式可知12RAC【解析】

∶P＝1∶5，C項錯、D項正確?！驹斀狻扛鶕?jù)能量守恒定律得：Ep=E-Ek；由圖知，h=4mEp=40JEp=mghm=1kgA正確。Ek=100-15hh=6m0B錯誤。h=2m時，Ek=70J100J30JC正確。Ek=100-15h0時，h=

203m；總能量E=100-5h；當h=

203m

2003

J，初始總能量為200 100100J，損失的能量即為物體運動到最高點的過程中克服阻力做功，有：100J-AD

3

3 D錯誤?！窘馕觥恐灰捞祗w的一顆衛(wèi)星或行星的周期和軌道半徑，利用公式G

Mmm42

r就可以計算出中心天體的r2 T2ADBC【解析】【詳解】AB．P、QAB的距離不同，即軌道半徑不同，根據(jù)vr點的線速度不同，A錯誤B正確；CD．因為rP

Rsin60

R，r Rsin3032 Q3

1R v2 ，轉(zhuǎn)動的半徑之比為根據(jù) 知R v兩點的線速度之比1，C正確D【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道共軸轉(zhuǎn)動的點角速度大小相等，同一條皮帶相連的點的線速度大小相等．BD【解析】ac的運動過程，小球除重力做功外，彈簧的彈力對小球做功，故小球的機械能不守恒；對小球和彈A項錯誤，B項正確．小球從b點接觸彈簧，彈力逐漸增大，開始小于重力，到bcbccb點的動能不是最大，所以C選項錯誤，D點睛：明確機械能守恒的條件是只有重力（或彈簧的彈力）b到cbc之間某位置速度最大，到c點速度減為零，彈簧壓縮到最短．三、實驗題共2小題，每題8分，共1617．2； C；【解析】【詳解】111(1)[1]．根據(jù)x= gt2= 100.022m=2mm知，選擇的紙帶第、2兩個打點間的距離應接近2mm.2 2(2)[2]．重錘下落的速度xv=

31.48.1 103m/s=0.5825m/s，B 20.02重錘動能增加量=△E 1=K 2

mv2B

10.58252J≈0.170J.121[3]．從打下計數(shù)點O到打下計數(shù)點B的過程中，重錘重力勢能減小量△Ep=mgh=1×9.8×1.76×10?3J≈0.172J(3)[4]．根據(jù)機械能守恒定律得1解得1

mv22v2gh2可知圖線為過原點的傾斜直線，故選18．平衡木板受到的摩擦力 不需要

1M(d2

d2 2 t2 t22 1【解析】【詳解】第一空.為了使繩子拉力充當合力，即細線拉力做的功等于合力對小車做的功應先平衡摩擦力；第二空.測量木板（含遮光條）的質(zhì)量M，測量兩遮光條間的距離L，按圖正確連接器材；由于有彈簧秤能夠測量拉力，所以沒有必要使小桶P的總質(zhì)量遠小于木板的質(zhì)量；第三空.、At、

，則遮光條B、A通過光電門的速度分別為v

d，v d

E

M(d2

1 2 1 t1d2)，則動能的變化為：2 t2

k 2 t2

t2 .13gR2T22第四空.合力所做的功就是繩子拉力做的功，W3gR2T229（）M

R2gG

;

3g

r【解析】（））由飛船做圓周運動，萬有引力做向心力求解．M，飛船質(zhì)量為m由飛船在地表時所受重力等于萬有引力可得：GMmmgR2M4

gRG地球體積V

R33解得：地球密度M 3gV 4GR GMm 設飛船的軌道半徑為由萬有引力做向心力可得： m rr2 T 3gR2T3gR2T22【點睛】萬有引力問題的運動，一般通過萬有引力做向心力得到半徑和周期、速度、角速度的關(guān)系，然后通過比較半徑來求解，若是變軌問題則由能量守恒來求解．（）（）（）物塊a最終停在B處。【解析】【詳解】abaAC的過程，根據(jù)動能定理得：mgLa AB

sinmgLa

12 mv22aa解得：va=6m/s設物塊abbCDx=r+rcosα豎直位移h=H-rsinα又根據(jù)平拋運動的規(guī)律有x=vbt1

．碰撞后物體做平拋運動，由幾何關(guān)系，bbbh2gt2聯(lián)立解得vb=4m/s、b發(fā)生彈性碰撞，取水平向右為正方向，由動量守恒定律和動能守恒分別得bbmava=mava′+mv。bb1 1 1mv2 mv2 mv22 aa 2 aa 2 bb解得va′=-2m/s設物塊a在BC上運動的總路程為S。對物塊a，根據(jù)動能定理得1mgS0 mv2a 2 aa解得S=2m因為LBC=2m，所以最終物塊a停止在B點。521．(1)t5【解析】【詳解】

5s (2)v=6m/s (3)Wf

2JBC做平拋運動，則豎直方向上有：1h2gt2解得：5t 5s5豎直速度：v gt2 5m/sy則落在地面上時速度的大小為：v2v2B yvv2v2B yAB運用動能定理得：1mgRWf

mv202 B代入數(shù)據(jù)解得：fW 2Jf2（）（）（）【解析】【詳解】h

1gt22hg得2hgvy

gtvv2v2v21yvtsvt1 2解得s=800m高一(下)學期期末物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共10440題目要求的A．B．本題9分如圖所示，一根長為L的輕桿端用鉸鏈固定在水平面上，輕桿靠在一個高為h的物塊上，某時刻桿與水平方向的夾角為θ，物塊水平向右運動的速度為v，則此時AA．B．C．D．本題9分C．D．經(jīng)典力學和相對論是各自獨立的學說，互不相容B．相對論是在否定了經(jīng)典力學的基礎上建立起來的C．相對論和經(jīng)典力學是兩種不同的學說，二者沒有聯(lián)系D家庭常用電器電視機洗衣機空調(diào)電腦戶均數(shù)量（臺）1121電器待機功耗臺）102310本題9分家庭常用電器電視機洗衣機空調(diào)電腦戶均數(shù)量（臺）1121電器待機功耗臺）102310A．6106度 B．6108度本題9分下列說法正確的是A．

C61010

D61012度兩勻變速直線運動的合運動一定是曲線運動CD．做平拋運動的物體在相同的時間內(nèi)速度的變化不同本題9分關(guān)于對平拋運動的理解，以下說法正確的是（ A．只要時間足夠長，其速度方向可能沿豎直方向B．在任意相等的時間內(nèi)速度的變化量相同可以運用化曲為直D．平拋運動的水平位移與豎直高度無關(guān)9分如圖所示，平行板電容器兩板間的距離為q的AB的是平行板電容器兩板間的電場是勻強電場0的勻加速直線運動2qU粒子到達負極板時的速度大小為m運動過程中，粒子的電勢能不斷增大本題9分假設墻壁光滑.球?qū)Ρ诘膲毫Φ淖兓闆r是A．懸線拉力變小B．懸線拉力變大C．球?qū)Ρ诘膲毫ψ冃9分)20174月，我國成功發(fā)射的天舟一號貨運飛船與天宮二號空間實驗室完成了首次交會對接，對接形成的組合體仍沿天宮二號原來的軌道（可視為圓軌道）合體運行的：（）A．周期變大B．速率變大C．動能變大D．向心加速度變大9分如圖所示，一個質(zhì)量為m的物體以某一速度從A點沖上傾角為的斜面，其運動的加速度為34g，這物體在斜面上上升的最大高度為34mghmgh動能損失了mghD(9分

32mghA．勻速圓周運動是一種勻速運動 B．勻速圓周運動是一種勻變速運動C．作勻速圓周運動的物體的受的合外力為零D．物體做勻速圓周運動時所受的合外力不是恒力6424420分本題9分、、c三點是實線與虛線的交點。則該粒子（）帶負電c點受力最大b點的電勢能大于在c點的電勢能ab點的動能變化大于有bc點的動能變化(9分有一個質(zhì)量為m的小木塊，由碗邊滑向碗底，碗內(nèi)表面是半徑為R的作用，木塊運動的速率不變，則A．它的加速度為零B．它所受合力為零CD．它的加速度大小恒定如圖所示，長為Lm的小球，繞著固定點O不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．小球通過最高點時速度可能為零BC．小球通過最低點時速度的最小值等于2gLD．小球通過最低點時輕繩拉力的最小值等于6mg在傾角為的斜面頂端，將甲、乙兩個小球分別以2v和v的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落該斜面上。那么，下列說法中正確的是（ ）A．甲、乙兩球落地點到頂端的水平位移之比為B．甲、乙兩球落點到頂點的距離之比為2：1C．甲、乙兩球落在斜面上的速度方向相同D2：19分bc3（）、c的線速度大小相等，且大于a的線速度、ca的環(huán)繞周期、c的向心加速度大小相等，且小于a的向心加速度D．c加速可追上同一軌道上的b，b減速可等候同一軌道上的c(9分A．速度一定變化B．加速度一定變化C．合力一定不為零D．合力方向與速度方向一定不在同一直線上三、實驗題:共2小題，每題8分，共16分本題9分某學習小組利用如圖1所示裝置驗證機械能守恒定律．(1)實驗中，應先通電還是先釋放(2)如圖2所示，a、b、c以及d、e、f分別是連續(xù)相鄰的三個打點，C、d間還有些點圖中未畫出，用刻度尺分別測得a、c間距為x，d、f間距為x，b、e間距為x．1 2 1(1)已知打點計時器的打點周期為T,當?shù)刂亓铀俣葹間,若重錘質(zhì)量為m,從b到e過程，重錘重力勢能的減少量為E ，動能的增加量E ．P K9分在利用自由落體法驗證機械能守恒定律的一次實驗中，重物的質(zhì)量m=1kg，在紙帶上打出一系列的點，如圖所示(相鄰記數(shù)點A、B、C時間間隔為0.02s，g=9.8m/s2)，那么：B打點計時器打下計數(shù)點B時的速度v= m/sBPk從起點P到打下計數(shù)點B的過程中物體的重力勢能減少量△E= 此過程中物體動能增加量△E （以上三空結(jié)果均保留兩位有效數(shù))Pk四、解答題：本題共4題，每題5分，共20分9（6分）質(zhì)量為g1s（6分）如圖1所示是某游樂場的過ft車，現(xiàn)將其簡化為如圖1所示的模型：傾角、m的ABR=10cmBCDEFBF點與圓心等高，E為圓軌道最高點；圓軌道在FFG3所m=50g的滑塊(可視為質(zhì)點)AABμ與FG段的動摩擦因數(shù)μ1=0.5，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s1．

1=0.15，（1）E點時對軌道的壓力大小F；N（1）若要滑塊能在水平軌道FG上停下，求FG長度的最小值x；（3）若改變釋放滑塊的位置，使滑塊第一次運動到D點時速度剛好為零，求滑塊從釋放到它第5次返回軌道AB上離B點最遠時，它在AB軌道上運動的總路程s．1（6分）本題9分如圖所示為研究某種彈射裝置的示意圖，光滑的水平導軌MN右端N處與水平傳v=2.0m/s勻速傳動。三個m=1.0kgC置于水平導軌上，開始時在C間有一壓縮的輕彈簧，兩滑塊用細繩相連處于靜止狀態(tài)。滑塊Av0=4.0m/sCBB碰撞后粘合在一起，碰撞時間極短，可認為ABC的速度仍為零。因碰撞使連接C的細繩受擾動而突然斷開，彈簧伸展，從而使C、BC脫離彈簧后以速度vC=4.0m/s滑上傳送帶。已知滑塊C與傳送帶間的動摩擦因數(shù)=0.20，重力加速度g取10m/s2。mC在傳送帶上向右滑動距Ns；mp求彈簧鎖定時的彈性勢能E；pC在傳送帶上運動的整個過程中傳送帶對滑塊CI2（8分）將一個小球從某高度以s的初速度水平拋出。到落地時運動的水平距離為（不計空氣阻力，g取，求：(1)小球在空中運動的時間；(2)小球拋出時距地面的高度.參考答案一、單項選擇題：本題共10440題目要求的1．C【解析】【詳解】根據(jù)運動的效果可將物塊水平向右運動的速度，沿垂直于桿和沿平行于桿的方向分解成v2和v示。

，如圖所1根據(jù)平行四邊形定則可根據(jù)平行四邊形定則可得v＝vcosv＝vsin根據(jù)幾何關(guān)系可得L ＝12OB，由于Bv＝2vsinθ＝LOBvsinθ＝LOBω，所以Av＝Lω＝A，C正確?！窘馕觥拷?jīng)典力學和相對論應用條件不同，沒有矛盾，D對；3．B【解析】【詳解】一戶人家家電待機總功率為：P=10W+2W+2×3W+10W=28W；一戶人家農(nóng)機因待機一天消耗的電能為：00E 28203600J2.016106J；則每年濰坊市家庭用電器待機耗電總量為：E=300×104×365×E；代00入數(shù)據(jù)并轉(zhuǎn)換為度為單位可得：E=6.132×108度，故B正確，ACD錯誤。4．C【解析】【分析】【詳解】A心力，加速度大小恒定，方向始終指向圓心，故Cvgt可知，在相等的時間內(nèi)速度變化相同，所以D錯誤．5．B【解析】【分析】【詳解】當平拋運動下落時間無論多么長，由于存在水平方向的分速度，則速度方向不可能豎直向下，故A誤；由公式，可知平拋運動的物體在任意相等時間內(nèi)速度的變化量相同，故B正確；C化曲為直C錯誤；D．平拋運動的水平位移為xv0

tv2h2hg知平拋運動的水平位移由初速度和拋出點的高度共同決定，故D。6．D【解析】【詳解】A．平行板電容器內(nèi)產(chǎn)生的是場強方向向右的勻強電場，故A正確；B．平行板電容器內(nèi)產(chǎn)生的是場強方向向右的勻強電場，粒子受向右的電場力作用，從而做勻加速直線運動，故B正確；C．根據(jù)動能定理有1qU2mv2所以粒子達到右極板的速度為2qUm2qUm故C正確；D．運動過程中電場力做正功，所以粒子的電勢能減小，故D7．B【解析】【詳解】分析足球的受力情況：重力、懸線的拉力T和墻的支持力N、G的合力F與T大小相等、方向相反，由平衡條件得NGtan，T G ，當懸線變短時，增大，coscosNNN，N正確．8．C【解析】【詳解】

對于繞地球運行的航天器，地球?qū)λ耐庥幸μ峁┫蛐牧?，則 GMmm對于繞地球運行的航天器，地球?qū)λ耐庥幸μ峁┫蛐牧?，則

，由公式rma，由公式r2 r T2可知，半徑不變，周期不變，速率不變，向心加速度不變．由于質(zhì)量增加，所以動能增大，故C正確，ABD錯誤．9．D【解析】A、物體在斜面上上升的最大高度為h，克服重力做功為mgh，則重力勢能增加了mgh．故A錯誤．B、根1據(jù)牛頓第二定律得：mgsin30°+f=ma，解得摩擦力大小為f4mg ，物體克服摩擦力做功為1 1W f2hf

2mgh，所以物體的機械能損失了2mgh．故B錯誤．C、D、合外力對物體做功為3 3合W =ma2h合

2mgh，則根據(jù)動能定理得知物體動能損失了2mgh,故C錯誤，D正確．故選D．【點睛】本題的關(guān)鍵要掌握常見的幾對功和能的關(guān)系：重力做功與重力勢能的關(guān)系有關(guān)，合力做功與動能的變化有關(guān)，除重力以外的力做功與機械能的變化有關(guān)．10．D【解析】【詳解】A．勻速圓周運動的速度大小不變，但是方向不斷變化，則是一種非勻速運動，選項AB．勻速圓周運動的加速度方向不斷變化，則是一種非勻變速運動，選項B錯誤；C．作勻速圓周運動的物體因為有向心加速度，則其受的合外力不為零，選項C錯誤；D．物體做勻速圓周運動時所受的合外力大小不變，方向不斷變化，則不是恒力，選項D正確；故選D.6424420分CD【解析】【詳解】A．根據(jù)粒子運動軌跡可知，粒子帶正電，選項A錯誤；B．根據(jù)庫侖定律可知，離點電荷最近時最大，選項BCbc點電場力做正功，動能增加，故粒子在b點電勢能一定大于在cC正確；Dab點電勢差大于bcab點的動能變化大bc點的動能變化，選項D正確。CD【解析】A、物塊下滑過程速率保持不變，做勻速圓周運動，加速度不等于零，合外力不等于零．故AB錯誤；CD點睛：物塊下滑過程速率保持不變，做勻速圓周運動，加速度不等于零，合外力不等于零．合外力提供向心力，大小不變，向心加速度大小不變，方向指向圓心，隨時間變化．BD【解析】【詳解】AB.小球剛好通過最高點時，繩子的拉力恰好為零，由重力提供向心力，則有：mgmv2LgLvgL

，即為小球通過最高點的最小速度。故A錯誤，B正確；CD.從最高點到最低點的過程中，機械能守恒，則有：1 15gLmg2L2mv22mv25gL解得：小球能通過最高點時最低點的最小速度為

，在最低點，由牛頓第二定律得：Fmgm

v2LF6mgC錯誤，D14．CD【解析】【詳解】AD、設小球落在斜面上時，位移與水平方向的夾角為θtan

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gt，只要落到斜面上，角度不vt 2v0 0變，t與初速度成正比，甲、乙兩小球運動的時間之比為2：1，甲、乙兩球飛行過程中水平方向的位移：x＝/r/