2021-2022學(xué)年北京各地九年級物理期末試題匯總08 電功率選擇題（一）含答案

試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁第參考答案：1．A【解析】A．焦耳（J）是國際單位制中功、電功、熱量、能的單位，故A符合題意；B．伏特（V）是國際單位制中電壓的單位，故B沒有合題意；C．瓦特（W）是國際單位制中功率及電功率的單位，故C沒有合題意；D．安培（A）是國際單位制中電流的單位，故D沒有合題意。故選A。2．D【解析】A．風(fēng)扇主要是將電能轉(zhuǎn)化為機械能，故A沒有符合題意；B．電腦都安裝有風(fēng)扇，是為散熱，避免電流的熱效應(yīng)給電腦帶來危害，故B沒有符合題意；C．清潔機器人主要是將電能轉(zhuǎn)化為機械能，故C沒有符合題意；D．電暖氣是利用電流熱效應(yīng)將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，供工人們?nèi)∨?，故D符合題意。故選D。3．B【解析】由圖甲可知，R0和Rx串聯(lián)，電流表測電路中的電流。AB．由圖乙可知，Rx的阻值隨所受壓力F的增大而減小，當(dāng)壓力增大時，Rx的阻值減小，R0沒有變，電路中的總電阻減小，電源電壓沒有變，由歐姆定律可知，電路中的電流增大，即通過壓敏電阻Rx電流變大，故A錯誤，B正確；CD．由圖乙可知，當(dāng)踏板壓力F變小時，Rx的阻值增大，R0沒有變，電路中的總電阻增大，電源電壓沒有變，由歐姆定律可知，電路中的電流減小，根據(jù)U=IR可知，R0兩端電壓變小，根據(jù)P=UI可知，電路總功率變小，故CD錯誤。故選B。4．C【解析】A．抽油煙機，利用電能轉(zhuǎn)化為機械能工作的，故A沒有符合題意；B．電冰箱利用電能轉(zhuǎn)化為機械能，因為是利用壓縮機工作的，故B沒有符合題意；C．電餅鐺利用電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能工作，故是利用電流的熱效應(yīng)，故C符合題意；D．電視機是利用電能轉(zhuǎn)化為光能工作的，故D沒有符合題意。故選C。5．D【解析】A．由圖可知，隔板向上運動，帶動滑動變阻器滑片向上運動，則R0阻值減小，電路總電阻減小，故A錯誤；B．由于電路總電阻減小，所以電路電流增大，則電流表示數(shù)變大，故B錯誤；C．電壓表測R0兩端電壓，由于R0阻值減小，根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點，所以其分壓減小，則電壓表示數(shù)減小，故C錯誤；D．由于電路中電阻減小，電流變大，電源電壓恒定，根據(jù)，所以電路總功率變大，故D正確。故選D。6．A【解析】A．電烤箱工作時，將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，利用了電流的熱效應(yīng)來加熱的，故A符合題意；B．電子鐘工作時，主要將電能轉(zhuǎn)化為光能和聲能，沒有是利用電流的熱效應(yīng)來工作的，故B沒有符合題意；C．榨汁機工作時，電能主要轉(zhuǎn)化為機械能，沒有是利用電流的熱效應(yīng)來工作的，故C沒有符合題意；D．洗衣機工作時，電能主要轉(zhuǎn)化為機械能，沒有是利用電流的熱效應(yīng)來工作的，故D沒有符合題意。故選A。7．C【解析】A．筆記本電腦工作時，電能并沒有是主要轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而是轉(zhuǎn)化為光能和聲能，沒有是利用電流熱效應(yīng)工作的，故A沒有符合題意；B．電視機工作時，電能并沒有是主要轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，而是轉(zhuǎn)化為光能和聲能，沒有是利用電流熱效應(yīng)工作的，故B沒有符合題意；C．電暖氣工作時，電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，使周圍環(huán)境溫度升高，利用電流熱效應(yīng)工作，故C符合題意；D．電風(fēng)扇工作時，電能轉(zhuǎn)化為機械能，沒有是利用電流熱效應(yīng)工作，故D沒有符合題意。故選C。8．C【解析】A．電熱水壺和電視機的額定電壓相同，用電器正常工作時的電壓和額定電壓相等，電熱水壺和電視機正常工作時的電壓相等，故A錯誤；BC．電熱水壺的額定功率大于電視機的額定功率，正常工作時的功率和額定功率相等，電熱水壺的額定功率較大，所以電熱水壺的實際功率較大，電功率表示電流做功快慢的物理量，所以電熱水壺做功較快，兩電熱水壺正常工作時的電壓相等，由可知，通過兩用電器的電流沒有相等，故B錯誤，C正確；D．電熱水壺的實際功率較大，由W=Pt可知，相同時間內(nèi)，電熱水壺消耗的電能較大，故D錯誤。故選C。9．C【解析】A．電風(fēng)扇工作時，主要是電能轉(zhuǎn)化為機械能，沒有是利用電流的熱效應(yīng)，故A沒有符合題意；B．電視機工作時，主要將電能轉(zhuǎn)化為光能、聲能和少部分內(nèi)能，沒有是利用電流的熱效應(yīng)，故B沒有符合題意；C．電熱水壺工作時，電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，是利用電流的熱效應(yīng)，故C符合題意；D．筆記本電腦工作時，主要將電能轉(zhuǎn)化為光能、聲能和少部分內(nèi)能，沒有是利用電流的熱效應(yīng)，故D沒有符合題意。故選C。10．C【解析】A．電爐絲是利用電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能工作的，需要電阻比較大，產(chǎn)生的熱量多，故A沒有符合題意；B．電熨斗是利用電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能工作的，需要電阻比較大，產(chǎn)生的熱量多，故B沒有符合題意；C．輸電導(dǎo)線為了減小電能的損耗，電阻越小越好，故超導(dǎo)體適合做導(dǎo)線，故C符合題意；D．變阻器需要電阻稍微大一定的材料，故D沒有符合題意。故選C。11．C【解析】A．洗衣機工作時將電能主要轉(zhuǎn)化為機械能，沒有利用電流的熱效應(yīng)工作，故A沒有符合題意；B．電風(fēng)扇工作時將電能主要轉(zhuǎn)化為機械能，沒有利用電流的熱效應(yīng)工作，故B沒有符合題意；C．電飯鍋主要是利用電流的熱效應(yīng)將飯煮熟的，故C符合題意；D．電視機工作時，電能主要轉(zhuǎn)化為聲能和光能，沒有是利用電流的熱效應(yīng)工作的，故D沒有符合題意。故選C。12．A【解析】①R1的阻值為故①正確；從圖乙可知，當(dāng)P在a點時，只有定值電阻接入，此時的電壓表也測量電源電壓，則電源電壓為3V；當(dāng)P在b端時，滑動變阻器全部接入，此時總電阻，電源電壓沒有變，電流最小，故當(dāng)電流為0.1A，電壓表的示數(shù)為1V時，滑動變阻器全部接入，此時滑動變阻器的電壓為2V，則此時滑動變阻器的值為故②正確；③電流表示數(shù)為0.1A時，20s內(nèi)R2產(chǎn)生的熱量為故③錯誤；④電流表示數(shù)為0.2A時，總電阻為此時滑動變阻器接入的阻值為R1、R2消耗電功率之比為故④錯誤；故A正確，BCD錯誤。故選A。13．B【解析】當(dāng)三個開關(guān)都閉合時，等效電路圖如圖甲所示；當(dāng)只閉合開關(guān)S，滑動變阻器的滑片置于某點時，等效電路圖如圖乙所示：D．圖甲中，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且燈泡正常發(fā)光，所以，電源電壓U=U額=6V故D錯誤；A．由P=UI可得，通過燈泡的電流IL===0.5A所以燈泡電阻RL===12Ω故A錯誤；C．因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，三個開關(guān)都閉合時，通過R的電流IR=I-IL=0.6A-0.5A=0.1A由I=可得，定值電阻R的阻值R===60Ω故C錯誤；B．圖乙中燈泡消耗的電功率=PL=×3W=0.75W由P=I2R可得，此時電路中的電流I′===0.25A電路消耗的總功率P=UI=6V×0.25A=1.5W故B正確。故選B。14．C【解析】A．由圖乙知道，R的阻值隨它的溫度的升高而變小，故A錯誤；B．由圖丙知道，R0的U-I圖像是一條過原點的傾斜的直線，說明R0是定值阻值，阻值沒有隨它兩端電壓的變化而變化，故B錯誤；CD．由圖知道，R與R0串聯(lián)，閉合開關(guān)后，由于R的阻值隨它的溫度的升高而變小，則由串聯(lián)電路電阻的特點知道，電路的總電阻減小，由歐姆定律知道，電流增大，電流表的示數(shù)變大，由知道，R0的電功率變大；由串聯(lián)分壓知道，R兩端電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，故C正確，D錯誤。故選C。15．D【解析】A．由圖得，燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測量燈泡的電壓。由得，燈泡的電阻為當(dāng)電壓表的示數(shù)為3V，通過小燈泡中的電流是故A沒有符合題意；B．小燈泡的電功率是故B沒有符合題意；C．電路中消耗的總功率為故C沒有符合題意；D．滑動變阻器的電壓為由歐姆定律得，滑動變阻器接入電路的阻值為故D符合題意。故選D。16．D【解析】A．甲燈的額定功率為60W，乙燈的額定功率為30W，甲燈的額定功率大于乙燈的額定功率，故A錯誤；B．電燈實際功率取決于實際電壓的高低，由于甲燈和乙燈實際工作的電壓沒有清楚，所以它們的實際功率大小無法比較，故B錯誤；C．根據(jù)公式W=Pt，兩燈消耗的電能多少取決于功率和工作的時間，雖然甲燈和乙燈均正常工作時甲的功率大于乙的功率，但由于工作時間沒有確定，消耗的電能多少無法比較，故C錯誤；D．根據(jù)公式甲燈和乙燈均正常工作，且消耗相同的電能，由于P甲>P乙，那么t甲<t乙，故D正確。故選D。17．D【解析】由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)，電壓表測R2兩端電壓，電流表測電路中的電流，從乙圖可以看出通過R2的電流I與其兩端電壓電壓U的關(guān)系。A．由圖乙可知，滑片P從最左端移動到最右端定值電阻當(dāng)滑片在最右端時所以電源電壓故A錯誤；B．由圖乙可知，當(dāng)滑動變阻器兩端電壓為5V時，電路電流I=0.1A。此時滑片置于最右端，所以滑動變阻器阻值故B錯誤；C．當(dāng)電流表示數(shù)為0.1A，電阻R消耗電功率為P1==（0.1A）210Ω=0.1W故C錯誤；D．當(dāng)電流表示數(shù)為0.6A時，滑動變阻器阻值是0Ω，電路消耗總功率故D正確。故選D。18．C【解析】由題意可知，電源電壓為36V，工作電流為0.5A，故由P=UI可知，電動機的總功率為P總=UI=36V×0.5A=18W工作時間為1min，故可知電動機所做的總功為W總=P總t=18W×60s=1080J由題意可知，電動機做的有用功為將物體提升所做的功，故可得電動機所做的有用功為W有=Gh=440N×2m=880J故可得電動機的效率為可知最接近80%，故ABD沒有符合題意，C符合題意。故選C。19．D【解析】A．由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)接入電路，電流表測電路中電流，電壓表測R2兩端電壓，由串聯(lián)電路的電壓規(guī)律可知，R2兩端電壓越小，則R1兩端電壓越大，由圖乙可知，R2兩端電壓最小為0，則此時R1兩端電壓，等于電源電壓，為6V，故A錯誤；B．因電源電壓沒有變，故由P=UI可知，電路中電流越大，則電路總功率越大，由圖乙可知，此時電路中電流為Imax=0.6A，故B錯誤；C．由串聯(lián)電路電阻等比例分壓可知，滑動變阻器接入電路中的阻值越大，則R2兩端電壓越大，由歐姆定律可知，此時電路中電流越小，由圖乙可知，R2兩端電壓為Umax=5V，此時電路中的電流為Imin=0.1A，故由歐姆定律可知，此時R2的阻值為故C沒有符合題意；D．由BC中分析可知，當(dāng)電路中電流最小時，此時電路中總功率，此時R2的阻值，為50Ω，此時電路中的電流最小，為Imin=0.1A，故由P=UI可知，此時R2的電功率為P2=I2minR2=（0.1A）2×50Ω=0.5W故D符合題意。故選D。20．A【解析】由圖中可知，R1與R2串聯(lián)接入電路，電流表測電路中電流，電壓表測滑動變阻器R2兩端電壓，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向右滑動時，接入電路中的阻值變小，電路中的總電阻變小，而電源電壓沒有變，故由歐姆定律可知，電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)變大；當(dāng)滑動變阻器接入電路中的阻值變小時，由串聯(lián)電路電阻等比例分壓可知，此時滑動變阻器兩端電壓變小，即電壓表的示數(shù)變??；因電路中的電流變大，而定值電阻R1的阻值沒有變，故由P=I2R可知，R1消耗的電功率變大。故A正確，BCD錯誤。故選A。21．C【解析】A．?dāng)?shù)碼照相機工作時主要把電能轉(zhuǎn)化為光能，沒有是利用電流熱效應(yīng)工作，故A沒有符合題意；B．電風(fēng)扇工作時主要把電能轉(zhuǎn)化為機械能，沒有是利用電流熱效應(yīng)工作，故B沒有符合題意；C．電飯鍋工作時主要把電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，是利用電流熱效應(yīng)工作，故C符合題意；D．電視機工作時主要把電能轉(zhuǎn)化為光能和聲能，沒有是利用電流熱效應(yīng)工作，故D沒有符合題意。故選C。22．A【解析】由圖中可知，滑動變阻器與小燈泡串聯(lián)接入電路，電流表測電路中的電流，將滑動變阻器的滑片P向右移動一段距離后，滑動變阻器接入電路中的阻值變大，電路中的總電阻變大，電源電壓沒有變，故由歐姆定律可知，電路中的電流變小，故電流表示數(shù)變?。挥蒔=I2R可知，小燈泡的實際功率變小，故小燈泡的亮度將變暗。故A符合題意，BCD沒有符合題意。故選A。23．D【解析】由題意可知，兩個燈泡的規(guī)格沒有同，由可得，兩個燈泡的電阻大小關(guān)系為R1>R2，由電路圖可知，兩個燈泡串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路中電流處處相等可得，通過L1和L2的電流一定相等；由U=IR可知，兩燈泡通過的電流相等，而兩燈泡的電阻沒有相等，則L1和L2兩端的電壓一定沒有相等；由P=UI可知，燈泡兩端的電壓沒有相等，通過兩燈泡的電流相等，則兩個燈泡的電功率一定沒有相等；由串聯(lián)電路中的電壓規(guī)律可得U=U1+U2，即兩個燈泡的電壓之和等于電源電壓220V，則每個燈泡兩端的實際電壓都小于額定電壓220V，則L1和L2都沒有能正常發(fā)光。故ABC錯誤，D正確。故選D。24．C【解析】A．由圖可知，滑動變阻器和定值電阻串聯(lián)在電路中，電壓表測量定值電阻R1兩端的電壓，滑動變阻器的滑片P從右端移動到左端的過程中，滑動變阻器接入電路中的電阻變小，電流表示數(shù)變大，由歐姆定律可知，電壓表示數(shù)變大，當(dāng)滑動變阻器滑片在最左端時，滑動變阻器電阻為零，電路中電流，電壓表示數(shù)，且等于電源電壓，由圖乙可知，電壓表示數(shù)值，即電源電壓為2.5V，故A錯誤；B．由可知，當(dāng)電路中電流的時候，電路總功率，由圖可知，電路中電流為0.5A，即電路總功率時，電流表的示數(shù)為0.5A，故B錯誤；C．當(dāng)滑動變阻器滑片在最右端時，滑動變阻器電阻，此時電路中電流最小，為0.1A，此時電壓表示數(shù)為0.5V，滑動變阻器兩端的電壓為此時滑動變阻器的電阻，即滑動變阻器的值為故C正確；D．電壓表示數(shù)時，電流表的示數(shù)也，由可知，此時電流總功率，故D錯誤。故選C。25．D【解析】由圖甲得，燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測量滑動變阻器的電壓，電流表測量電路的電流。A．由圖乙得，隨著電壓表示數(shù)的減小，電流表示數(shù)增大，通過小燈泡的電流增大，故A錯誤；BC．由圖乙得，當(dāng)電壓表的示數(shù)為4V時，電流表的示數(shù)在0.25A，此時燈泡的電壓為小燈泡的電功率為故BC錯誤；D．當(dāng)燈泡的電壓為4V時，滑動變阻器的電壓為由圖像得，此時電路中的電流為0.2A，由得，滑動變阻器接入電路的阻值為故D正確。故選D。26．B【解析】根據(jù)圖甲可知，兩電阻串聯(lián)，電壓表測量滑動變阻器的電壓，根據(jù)圖乙可知，當(dāng)電流為0.5A，電壓表的示數(shù)為6V，則電源電壓為根據(jù)圖乙可知，當(dāng)電流為1.5A時，電壓表的示數(shù)為3V，則此時的電源電壓為聯(lián)立兩式可知電源電壓與電阻當(dāng)電壓表的示數(shù)為4.5V，定值電阻的電壓為電阻R0消耗的電功率大小是故B符合題意。故選B。27．D【解析】AB．圖甲中，定值電阻R0和電阻R串聯(lián)，電壓表測R兩端的電壓，由乙圖可知，熱敏電阻R兩端的電壓UR跟溫度t之間的關(guān)系是溫度越高，熱敏電阻R兩端的電壓增大，且UR跟t之間是函數(shù)關(guān)系，可設(shè)UR=kt+b根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知，定值電阻R0兩端的電壓U0=U-UR=U-kt-b=-kt+U-b功率為定值電阻的功率P0與溫度t之間的關(guān)系是二次函數(shù)關(guān)系，故AB錯誤；C．根據(jù)串聯(lián)電路電流規(guī)律可知電路中的電流R的功率為R的功率與溫度t之間的關(guān)系是二次函數(shù)關(guān)系，故C錯誤；D．電源的電壓沒有變，電路總功率為所以P-t圖線應(yīng)是一條斜向下的直線，故D正確。故選D。28．A【解析】A．由圖可知，電視的額定功率是250W，1kW·h的電能可供該液晶彩色電視正常工作的時間故A正確；B．由彩電銘牌知其額定電壓（正常工作電壓）為220V～240V，沒有可以接在380V電壓下使用，故B錯誤；C．彩電正常工作時，1h內(nèi)消耗電能W=Pt=250W×3600s=9×105J故C錯誤；D．與60W的燈相比，在正常工作時彩電額定功率大，消耗電能快，故D錯誤。故選A。29．B【解析】由電路圖可知，電路為燈泡L與滑動變阻器的串聯(lián)電路，電流表測該電路的電流，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓。當(dāng)滑動變阻器的滑片P向左移動一小段距離時，滑動變阻器接入電路的阻值變大，由串聯(lián)電路的電阻特點可知，電阻的總電阻變大，由歐姆定律可知，該電路的電流減小，即電流表的示數(shù)減??；由串聯(lián)分壓原理可知，滑動變阻器兩端的電壓變大，即電壓表的示數(shù)變大，電源兩端的電壓保持沒有變，由串聯(lián)電路電壓特點可知，小燈泡兩端的電壓減小，由P=UI可知，小燈泡的實際功率變小，又因為小燈泡的亮度取決于實際功率，故小燈泡變暗。故ACD錯誤，B正確。故選B。30．D【解析】A．當(dāng)聯(lián)動開關(guān)斷開時，電路為R1、R2的串聯(lián)電路，當(dāng)聯(lián)動開關(guān)閉合時，R2被短路，電路為R1、R3的并聯(lián)電路；設(shè)電源電壓為U，當(dāng)R1、R2串聯(lián)時，因為串聯(lián)電路電流處處相等，所以流過R1、R2的電流相等，且R1∶R2＝1∶3，，根據(jù)歐姆定律得，R1、R2通過的電流為當(dāng)聯(lián)動開關(guān)閉合時，R1、R3并聯(lián)，且R2＝R3，R1∶R2＝1∶3，根據(jù)歐姆定律，流過R1的電流為通過R3的電流為則通過R1和R3的電流之比為故A錯誤；B．當(dāng)R1、R2串聯(lián)時，R1兩端的電壓為R2兩端的電壓為當(dāng)聯(lián)動開關(guān)閉合時，R1、R3并聯(lián)，故R1和R3兩端的電壓U3=U4=U所以故B錯誤；CD．當(dāng)R1、R2串聯(lián)時，根據(jù)P=UI可得，R1、R2的電功率分別為R1、R3并聯(lián)時，根據(jù)P=UI可得，R1、R3的電功率分別為所以故C錯誤，D正確。故選D。31．D【解析】A．根據(jù)乙圖可知，當(dāng)滑動變阻器的阻值為10Ω時，滑動變阻器的功率為0.9W，根據(jù)可知，電流的大小為此時滑動變阻器兩端的電壓為則電源電壓為當(dāng)滑動變阻器的阻值為20Ω時，滑動變阻器的功率為0.8W，同理可知，此時的電流為此時滑動變阻器兩端的電壓為則電源電壓為根據(jù)電源電壓沒有變，可以得出故A錯誤；B．當(dāng)滑動變阻器的阻值為零時，滑動變阻器的電壓為零，根據(jù)圖乙可知，滑動變阻器的阻值為20Ω，根據(jù)串聯(lián)分壓，電阻越大，電壓表的示數(shù)越大，故當(dāng)滑動變阻器的阻值時，電壓表的示數(shù)，故電壓表的示數(shù)為4V，故B錯誤；CD．當(dāng)只有定值電阻接入時，總電阻最小，電流表的示數(shù)，故電流表的示數(shù)為當(dāng)滑動變阻器的全部接入時，此時滑動變阻器的阻值為20Ω，電流為0.2A，故電流表的示數(shù)變化了0.4A，故C錯誤，故D正確。故選D。32．C【解析】根據(jù)燈泡L1標(biāo)有“3V3W”、燈泡L2標(biāo)有“6V6W”，可計算兩個燈泡的電阻為AB．若乙為電流表，則燈泡L2會被短路，所以乙為電壓表，測量的是燈泡L2兩端的電壓；若甲為電壓表，則燈泡L2沒有會發(fā)光，故甲為電流表，測量的是燈泡L2的電流，故AB錯誤；CD．在知道兩個電表情況下及兩燈的發(fā)光情況可以推斷，兩個燈泡并聯(lián)接入電路，且兩燈兩端的電壓為U=3V；由于燈泡L1兩端電壓等于額定電壓3V，則燈泡L1實際功率為P1′=P1=3W燈泡L2兩端電壓為U=3V，其實際功率為P2′=則電路的總功率為P=P1+P2′=3W+1.5W=4.5W通電時間t=1min，消耗電能為W=Pt=4.5W×60s=270J故C正確，D錯誤。故選C。33．B【解析】燈上標(biāo)有“”，燈的電阻為燈上標(biāo)有“”燈的電阻為A．先將和串聯(lián)接到的電路中，由于串聯(lián)，電流處處相等，故，根據(jù)可知，電阻大的，功率大，故，故A錯誤；D．若將和并聯(lián)接到同一電路中，根據(jù)可知，電阻越大，電流越小，故，電壓相同，電功率的大小是，故D錯誤；B．先將和串聯(lián)接到的電路中，其電流為當(dāng)兩燈并聯(lián)時，通過的電流為則根據(jù)可知，電阻的大小相同，故故B正確；C．兩燈并聯(lián)時，通過的電流為兩燈串聯(lián)時，其電流為故由于電阻相同，故故D錯誤。故選B。34．ABD【解析】由圖可知，電阻R1和變阻器R2串聯(lián)，電壓表測量R2兩端的電壓，電流表測量電路中的電流。A．當(dāng)滑動變阻器接入電路的電阻時，電路的總電阻，由可知，通過電路的電流最小，由乙圖可知通過電路的最小電流為0.2A，此時滑動變阻器兩端的電壓為14V，所以滑動變阻器的阻值故A正確；B．由歐姆定律可得電源電壓U0=IR1+U2=0.2A×R1+14V①由乙圖可知通過電路的電流為0.4A時，電壓表的示數(shù)為10V，由歐姆定律可得電源電壓U0=I1R1+U2′=0.4A×R1+10V②由①②兩式聯(lián)立，解得R1=20Ω，U0=18V故B正確；C．滑片P在B點時，滑動變阻器接入電路阻值，通過電路的電流最小，整個電路5min內(nèi)消耗的電能W=U0It=18V×0.2A×5×60s=1080J故C錯誤；D．由圖乙可知，設(shè)電壓和電流的關(guān)系式為U=kI+b當(dāng)電流為0.2A時，電壓是14V，則14V=k×(0.2A)+b①當(dāng)電流為0.9A時，電壓是0V，則0V=k×(0.9A)+b②由①和②得到b=18V，k=-20(V/A)則U=-20(V/A)I+18(V)故D正確。故選ABD。35．ABD【解析】如圖所示，R1與R2串聯(lián)，電壓表測R2兩端電壓。AB．如圖所示，當(dāng)時，