河北省唐山市2021屆高三年級(jí)下冊(cè)學(xué)期3月物理第一次模擬考試試卷【含答案】

河北省唐山市2021屆高三下學(xué)期3月物理第一次模擬試卷一、單選題（2021?唐山模擬）氫原子吸收一個(gè)光子后，根據(jù)玻爾理論，下列判斷正確的是（）A.電子繞核旋轉(zhuǎn)的軌道半徑增大 B.電子的動(dòng)能會(huì)增大C.氫原子的電勢(shì)能減小 D.氫原子的能級(jí)減?。?021?唐山模擬）如圖所示，ABCD為傾角為30。的正方形斜面，其中AB與底邊DC平行、BC與AD平行。斜面上一質(zhì)量為1kg的物塊，在斜面內(nèi)施加平行于AB向左的拉力F,物塊恰好沿斜面對(duì)角線BD勻速下滑。下列敘述正確的（g=10m/s2）（）DT A.物塊受到摩擦力的方向平行于AD沿斜面向上B.水平向左的外力大小等于5小NC.滑動(dòng)摩擦力的大小等于5N在D.物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為T（2021?唐山模擬）如圖所示，水平地面固定半徑為5m的四分之一圓弧ABC,O為圓心。在圓心0右側(cè)同一水平線上某點(diǎn)水平向左拋出一個(gè)小球，可視為質(zhì)點(diǎn)，恰好垂直擊中圓弧上的D點(diǎn)，D點(diǎn)到水平地（2021?唐山模擬）如圖所示，在平直公路上行駛的箱式貨車內(nèi)，用輕繩AO、BO在。點(diǎn)懸掛質(zhì)量為5kg的重物，輕繩A。、BO與車頂部夾角分別為30。、60。。在汽車加速行駛過程中，為保持重物懸掛在。點(diǎn)位置不動(dòng)，重力加速度為g,箱式貨車的最大加速度（）g 國 典A.2 B.V C.~ dN3g（2021?唐山模擬）如圖所示，水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為,A、B、C、D是電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上相鄰且間距均為R的四個(gè)點(diǎn)，在D點(diǎn)固定正點(diǎn)電荷Q?，F(xiàn)使一個(gè)帶負(fù)電的粒子從A點(diǎn)以某一速度向右運(yùn)動(dòng)，粒子經(jīng)過的各點(diǎn)電勢(shì)巾、粒子的速度V、電勢(shì)能Ep及機(jī)械能E變化正確的（不計(jì)帶負(fù)電粒子的重力及對(duì)電場(chǎng)的影響）（） ? ? ? ? ?ABCD（2021?唐山模擬）假設(shè)在月球表面將物體以某速度豎直上拋，經(jīng)過時(shí)間t物體落回地面，上升的最大高度為h。已知月球半徑為R、萬有引力常量為G,不計(jì)一切阻力。則月球的密度為（）3員h 6nh 6h 8nhA.4Rt2 B.GRt2 C.G兀Rtz D.3GRt2二、多選題（2021?唐山模擬）如圖所示，理想變壓器的初級(jí)線圈連接電壓恒定的交流電源，初、次級(jí)線圈均接入阻值為R的負(fù)載電阻。當(dāng)電鍵S斷開時(shí)，與初級(jí)線圈連接的電壓表Vi的示數(shù)為5,與次級(jí)線圈連接的電壓表V2的示數(shù)為6,則以下判斷中正確的是（）1A.電鍵斷開時(shí)，初級(jí)線圈中的輸入電流為皈呼+色B.交流電源的電壓為一廠C.電鍵閉合時(shí)，電壓表％的示數(shù)減小D,電鍵閉合時(shí)，交流電源輸出功率減小營+（2021?唐山模擬）A、B兩物體沿同一直線同向運(yùn)動(dòng)，0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，A、B兩物體的t圖像如下圖所示，已知在t=10s時(shí)A、B在同一位置，根據(jù)圖像信息，下列正確的是（）A.B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為lm/s'B.t=6s時(shí)，A在前、B在后，B正在追趕AC.A,B在零時(shí)刻相距30mD.在0?10s內(nèi)A,B之間的最大距離為49m（2021?唐山模擬）如圖所示，質(zhì)量為04kg的四分之一圓弧軌道靜止在光滑水平面，右側(cè)有固定在豎直平面內(nèi)的光滑半圓軌道，半徑為0.4m,下端與水平切。現(xiàn)在將質(zhì)量為0.2kg可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，從圖中A點(diǎn)靜止釋放，小球離開圓弧軌道后恰好能通過半圓軌道的最高點(diǎn)，重力加速度為10m/s2,不計(jì)一切阻力。下列說法正確的（）

A.小球沿圓弧軌道下滑過程，系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.小球沿圓弧軌道下滑過程，系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.小球通過半圓軌道D點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力大小為4ND.小球與圓弧軌道分離時(shí)，圓弧軌道的位移為0.5m（2021?唐山模擬）如圖，直角三角形OAC區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小未知的勻強(qiáng)磁場(chǎng),4A=30。、OC邊長為L,在C點(diǎn)有放射源S,可以向磁場(chǎng)內(nèi)各個(gè)方向發(fā)射速率為V。的同種帶正電的粒子，2粒子的比荷為K。S發(fā)射的粒子有5可以穿過OA邊界，OA含在邊界以內(nèi)，不計(jì)重力、及粒子之間的相互影響。則（）A（F ? ? ? ? ：? ? ? ?oVo 義A.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小2KL B.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小KLC.OA上粒子出射區(qū)域長度為L D.OA上粒子出射區(qū)域長度為i三、實(shí)驗(yàn)題（2020高三上?盂縣月考）在探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，小明同學(xué)做了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)改進(jìn)，在調(diào)節(jié)桌面水平后，添加了用力傳感器來測(cè)細(xì)線中的拉力。A.必須用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量B.一定要保證砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量C.應(yīng)當(dāng)先釋放小車，再接通電源D.需要改變砂和砂桶的總質(zhì)量，打出多條紙帶(2)實(shí)驗(yàn)得到如圖乙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為50Hz,相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，由圖中的數(shù)據(jù)可知，小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小是m/s2?(計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字)(3)由實(shí)驗(yàn)得到小車的加速度a與力傳感器示數(shù)F的關(guān)系如圖丙所示。則小車與軌道的滑動(dòng)摩擦力Ff=N.(2021,唐山模擬)新能源汽車是汽車發(fā)展的主流方向，如圖(a)為車載動(dòng)力電池組中一塊電池，其技術(shù)參數(shù)是額定容量約120Ah,額定電壓約3.3V,內(nèi)阻約0.036現(xiàn)有一塊該型號(hào)的舊電池，某研究小組用如圖(b)所示電路測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，其中電流表量程為100mA、內(nèi)阻為9Q；定值電阻R0=lQo測(cè)得的數(shù)據(jù)如下表所示。次數(shù)12345R(Q)0.94.27.310.814.1l0(mA)10050342520(1)實(shí)驗(yàn)中將電流表與定值電阻并聯(lián)使用的目的是1(2)利用測(cè)得的數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上作出R和I的圖像，其中I表示干路電流:(3)由圖像可知，該電池的電動(dòng)勢(shì)￡=V,內(nèi)阻r=Qo四、解答題(2021?唐山模擬)如圖所示，固定斜面傾角為。，小物塊A和B的質(zhì)量分別為2m和m,與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為內(nèi)和次。開始時(shí)小物塊B恰好靜止在距離斜面頂端X。處，此時(shí)小物塊B所受摩擦力為最大靜摩擦力。小物塊A從斜面頂端由靜止釋放，一段時(shí)間后與物塊B發(fā)生彈性正碰，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，A與B均可視為質(zhì)點(diǎn)，求：(l)物塊A與B發(fā)生碰撞后物塊B的速度；(2)若物塊A與B在斜面上只能發(fā)生一次碰撞，斜面長度應(yīng)小于多少？(2021?唐山模擬)如圖所示為一研究導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的裝置。兩平行光滑金屬軌道傾角為30。，導(dǎo)軌間距d=lm。導(dǎo)軌上端通過單刀雙擲開關(guān)可以分別與1、2相連，其中1連接光電管，2連接一個(gè)電容C=0.25F的電容器。兩平行導(dǎo)軌間存在著垂直于軌道平面向上的勻強(qiáng)有界磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=IT,磁場(chǎng)長度DE=lm?，F(xiàn)利用光電管把光信號(hào)轉(zhuǎn)換為電信號(hào)，A和K分別是光電管的陽極和陰極，電源電壓為U。用發(fā)光功率為P的激光器發(fā)出頻率為v的光全部照射在K上，開關(guān)與1接通，回路中形成電流。已知陰極K材料的逸出功為W。，普朗克常量為h,電子電荷量為e。初始時(shí)導(dǎo)體棒恰好能靜止在磁場(chǎng)上邊緣D處，導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌放置，各處電阻均不計(jì)，重力加速度取10m/s2。求：(1)光電子到達(dá)A時(shí)的最大動(dòng)能Eg：(答案用字母表示)(2)假設(shè)每個(gè)入射的光子會(huì)產(chǎn)生1個(gè)光電子，所有的光電子都能到達(dá)A,激光器發(fā)光功率P=13.26w,v=6.4xlO14Hz>H=6.63xlO-34JS,e=1.6xl019C,求導(dǎo)體棒的質(zhì)量m；(3)把開關(guān)快速搬到位置2,導(dǎo)體棒向下運(yùn)動(dòng)起來，在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直，求導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到E處時(shí)的速度大小。(2021,唐山模擬)2020年抗擊新冠病毒已成為常態(tài)。如圖為某學(xué)校所用手持3L消毒噴霧壺結(jié)構(gòu)圖，某同學(xué)裝入1.51.水后旋緊壺蓋，關(guān)閉噴水閥門，拉動(dòng)手柄打氣20次，每次打入氣體體積相同，壓強(qiáng)均為105pa。從較高層教室窗口釋放一軟細(xì)塑料管并連接置于地面的噴壺嘴，接著打開噴水閥門，壺內(nèi)水沿塑料軟管上升停止上升時(shí)管內(nèi)水面與壺內(nèi)水面的高度差為10m。測(cè)出塑料軟管每米容納水V°=20ml,不考慮環(huán)境溫度的變化和壺內(nèi)噴水管的體積，g=10m/s2。求加壓20次后壺內(nèi)的氣體壓強(qiáng)為多少。

(2021?唐山模擬)某種光學(xué)元件由兩種不同透明物質(zhì)I和II制成，其橫截面如圖所示，。為AB中點(diǎn)，ZBAC=30°,半圓形透明物質(zhì)I的半徑為R,一束光線在紙面內(nèi)從半圓面上的P點(diǎn)沿PO方向射入，折射至AC面時(shí)恰好發(fā)生全發(fā)射，再從BC邊上的Q點(diǎn)垂直射出BC邊，真空中光速為c,光從P傳到Q所用時(shí)間2小t=vR,求：(結(jié)果可用根式表示)(1)該透明物質(zhì)II對(duì)該光的折射率(2)該透明物質(zhì)II對(duì)該光的折射率立。答案解析部分一、單選題A【考點(diǎn)】玻爾原子理論氫原子吸收一個(gè)光子后，由玻爾理論可知，由低能級(jí)躍遷到高能級(jí)，電子繞核旋轉(zhuǎn)的軌道半徑增大，電子的動(dòng)能減小，氫原子的電勢(shì)能增大，氫原子的能級(jí)增大。故A?！痉治觥繗湓游展庾雍笃潆娮酉蛲廛S遷，其軌道半徑變大，其電子動(dòng)能變小電勢(shì)能變大，能級(jí)增大。D【考點(diǎn)】滑動(dòng)摩擦力A.物塊受到摩擦力的方向沿著DB斜向上，A不符合題意；B.水平向左的外力大小等于F=mgsin30°-tan45°=5NB不符合題意；C.滑動(dòng)摩擦力的大小等于f=V(mgsin30°)2+F2=您=響C不符合題意；ff 5也 擊D.物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 & 1ngcos30?10Xf3D符合題意。故Do【分析】物塊受到的摩擦力沿速度的反向；利用物塊的平衡可以求出水平向左外力的大??；利用力的合成可以求出滑動(dòng)摩擦力的大??；利用動(dòng)摩擦力的表達(dá)式可以求出動(dòng)摩擦因素的大小。C【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，則豎直分速度Vy=j2g&D=42x1°x(5-2)m/s=2V15m/s垂直擊中D點(diǎn)，速度反向延長線過圓心，如圖所示

解得°=37Vy_8y[l5]則在D點(diǎn)，分解速度可得V。=高后二丁/s故C。【分析】利用小球豎直方向的速度位移公式可以求出豎直方向的分速度大小，結(jié)合速度的方向可以求出水平方向的速度大小。B【考點(diǎn)】牛頓第二定律對(duì)小球受力分析可得FAsin30°+FBsin60°=mgFbcos60°-Facos30°=ma聯(lián)立解得；.（爭^一當(dāng)^）4Fa=ma整理得爭唱上^=maa_曾當(dāng)Fa=0時(shí)，a取得最大值a-3g故B.【分析】小球在豎直方向保持平衡，其水平方向受到合力，利用牛頓第二定律結(jié)合當(dāng)繩子A拉力等于0時(shí)可以求出最大的加速度。C【考點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度和電場(chǎng)線，電場(chǎng)力做功A.點(diǎn)電荷Q在C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為1v,C點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為零，所以從A到C兩點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)水平向右，則從A到C電勢(shì)降低，C點(diǎn)到D點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)方向向左，從C點(diǎn)到D點(diǎn)電勢(shì)增大，A不符合題意：BCD.因?yàn)樵贏C之間，負(fù)電荷受力方向向左，所以從A點(diǎn)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷做負(fù)功，速度減小，動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，從C點(diǎn)到D,負(fù)電荷受力方向向右，電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷做正功，速度增加，動(dòng)能增加，電勢(shì)能減少，故機(jī)械能先減少后增大，C符合題意，BD不符合題意。故C?！痉治觥坷命c(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式可以判別場(chǎng)強(qiáng)等于0的位置，利用合場(chǎng)強(qiáng)的方向可以判別電勢(shì)的變化；利用電場(chǎng)力的方向可以判別電場(chǎng)力做功及電勢(shì)能和動(dòng)能的變化：利用電勢(shì)能的變化可以判別機(jī)械能的大小變化。C【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用由自由落體公式得h=IC）?設(shè)月球質(zhì)量為M,設(shè)月球質(zhì)量為M,月球表面質(zhì)量為m的物體所受重力mg=設(shè)月球體積為Vv=?”口’_M則月球的密度為P=V6ho= 聯(lián)立以上各式得 G'RJ故C。【分析】利用自由落體運(yùn)動(dòng)可以求出月球表面重力加速度的大??；結(jié)合引力形成重力及密度公式可以求出月球密度的大小。二、多選題B,C【考點(diǎn)】變壓器原理a.設(shè)初級(jí)線圈中的電流為k,理想變壓器原副線圈功率相等，可得3L=ni"化簡可得，1砧，A不符合題意；B.原線圈中電阻R兩端電壓為U=1/=可/U?+U?U=U,+U=-——-故交流電源的電壓為1 4B符合題意；C.電鍵閉合時(shí)，副線圈電阻減小，電流增大，原線圈電流隨之增大，原線圈所接電阻R兩端電壓增大,原線圈電壓減小，即電壓表Vi的示數(shù)減小，C符合題意；D.電鍵閉合時(shí)，交流電源輸出功率P=UI］，由于電流增大，功率增大，D不符合題意。故BCo【分析】利用副線圈的輸出電壓及電阻可以求出輸出功率的大小，結(jié)合輸入功率等于輸出功率可以求出輸入功率的大小，再結(jié)合原線圈的輸入電壓可以求出輸入電流的大小；利用原線圈的負(fù)載電壓和輸入電壓可以求出交流電電壓的大小；當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)其副線圈電流變大導(dǎo)致原線圈電流變大則其原線圈的輸入電壓變??；電鍵閉合由于電流增大所以其交流電的輸出功率變大。B,D【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)基本公式應(yīng)用A.由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式x=v0t+Jat2X_ .1+可得T-vo+2at1_14-10/2_1/2對(duì)比B物體的圖線可知產(chǎn)=■ijR/s="/s由相似三角形可知，圖線與縱軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為4m/s,即初速度v0=4m/s,加速度a=2m/s2,B物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，A不符合題意；C.對(duì)比A物體的圖線可知，A物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為v=10m/s,在匕10s時(shí)A、B的位移分別為xA=vt=100m1oxB=vot+-at=140m此時(shí)到達(dá)同一位置，故在0時(shí)刻，A在B前40m處，C不符合題意；t=6s時(shí)，由C中位移公式可得，A、B位移均為60m,A在前、B在后，B正在追趕A,B符合題意；D.當(dāng)A、B速度相等時(shí)，相距最遠(yuǎn)，V。+at=v代入數(shù)據(jù)可得t=3s,由C中位移公式可得，A、B的位移分別為30m、21m,故此時(shí)的距離為Ax=40m+30m-21m=49mD符合題意。故BDo【分析】利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式可以求出B物體的加速度大小，結(jié)合圖像截距可以求出B的初速度大??；利用位移公式可以判別AB兩個(gè)物體的位置：利用速度相等可以求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合位移公式可以求出兩者的距離大小。B,D【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用，動(dòng)量守恒定律A.小球沿圓弧軌道下滑過程，系統(tǒng)豎直方向合力不為零，故系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，A不符合題意：B.小球沿圓弧軌道下滑過程，只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，B符合題意；2C.小球離開圓弧軌道后恰好能通過半圓軌道的最高點(diǎn)，在半圓軌道的最高點(diǎn)mg=*■1212_D從D點(diǎn)到最高點(diǎn)狎v-/Vd=-mgR喑 八在D點(diǎn)N=叱=3mg=6N根據(jù)牛頓第三定律可知，對(duì)軌道的壓力大小為6N,C不符合題意：D.小球與圓弧軌道分離，由水平方向動(dòng)量守恒得mvm=Mvm由系統(tǒng)機(jī)械能守恒得mgR\i=洲4+2Mvm21 2nn其中洲v-?11Vli=-2mgR且mx?,=Mxm,xm+xM=Rm解得xm=0.5mD符合題意。故BDo【分析】小球沿圓弧軌道下滑時(shí)其豎直方向合力不等于。所以系統(tǒng)動(dòng)量不守恒：由于系統(tǒng)只有重力做功所以系統(tǒng)其機(jī)械能守恒：利用小球恰好經(jīng)過半圓軌道的最高點(diǎn)結(jié)合牛頓第二定律可以求出經(jīng)過最高點(diǎn)的速度大?。唤Y(jié)合從D到最高點(diǎn)的動(dòng)能定理可以求出小球經(jīng)過D點(diǎn)的速度大小，再結(jié)合牛頓第二定律可以求出小球在D點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小；小球與圓弧軌道分離時(shí)，利用水平方向的動(dòng)量守恒定律及系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律可以求出圓弧軌道運(yùn)動(dòng)的位移。B,C【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的圓周運(yùn)動(dòng)2S發(fā)射的粒子有5可以穿過OA邊界，根據(jù)左手定則可知，當(dāng)入射角與OC夾角為30。的粒子剛好從。點(diǎn)射出，根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子運(yùn)動(dòng)半徑為R=L根據(jù)洛倫茲力提供向心力，則有q%13-mT解得B_KL則沿CA方向入射粒子運(yùn)動(dòng)最遠(yuǎn)，半徑為L,從OA上射出，故OA上粒子出射區(qū)域長度為L。故BC。【分析】利用粒子恰好從。點(diǎn)射出的運(yùn)動(dòng)軌跡可以求出軌道半徑的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。豪醚谻A方向射入的粒子軌跡，結(jié)合幾何關(guān)系可以求出OA上粒子出射區(qū)域的長度。三、實(shí)驗(yàn)題(1)D2.401.0【考點(diǎn)】驗(yàn)證牛頓運(yùn)動(dòng)定律(探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系)(1)AB.對(duì)小車的拉力是通過力傳感器得到的，故無需測(cè)量沙和沙桶的質(zhì)量，也不需要滿足沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，AB不符合題意；C.使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，應(yīng)先接通電源，在釋放小車，C不符合題意；D.探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，要改變沙和沙桶的總質(zhì)量，打出多條紙帶，D符合題意。故D。(2)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為50Hz,相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，可知相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為丁=5X；=0.1s根據(jù)Ax=aT?可得a=卞X=Z.4Um/s⑶根據(jù)牛頓第二定律可知2F』=ma解得Ff=1.0No【分析】(1)探究加速度與合外力的關(guān)系，改變配重的質(zhì)量多次進(jìn)行實(shí)驗(yàn)：(2)結(jié)合紙帶上點(diǎn)的距離，利用逐差法求解物體的加速度；(3)對(duì)物體進(jìn)行受力分析，在水平方向受到拉力和摩擦力，結(jié)合物體的加速度，利用牛頓第二定律求解摩擦力大小。

(1)擴(kuò)大電流表的量程(3)3.2?3.4；1.1±0.2【考點(diǎn)】測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻(1)實(shí)驗(yàn)中將電流表與定值電阻并聯(lián)使用的目的是擴(kuò)大電流表的量程；?十主4^^工口匚I=I。+￥=0.1A+ =1A(2)電流表擴(kuò)大量程后 0即 1￡即量程擴(kuò)大10倍，則5次試驗(yàn)對(duì)應(yīng)的干路電流I分別為1A、0.5A、0.34A、0.25A,0.20A,則對(duì)應(yīng)的T分別為1、2、3、4,5.則畫出R-i圖像如圖⑶由閉合電路的歐姆定律E=I(R+r)即口二卜：?y-r14-4 F二k二 V=33V由圖像可知匕k5-2Vr=-b-1.3Q【分析】(1)電流表和定值電阻并聯(lián)是為了擴(kuò)大電流表的量程；(2)利用改裝后的電流表量程可以得出電流的讀數(shù)，利用表格數(shù)據(jù)進(jìn)行描點(diǎn)連線;(3)利用圖像斜率和截距可以求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的大小。四、解答題(1)解：A加速下滑，由動(dòng)能定理得(2mgsin°-2uimgcos")x。=,2mvo對(duì)于AB碰撞過程，由動(dòng)量守恒定律得2mvo=2mvi+mv2由機(jī)械能守恒定律得5-2mvo=I'2mvl+如1J2g(sinB--[Cos。)x0 4j2g(sin。-i?1cos。)x0聯(lián)立方程，解得V1=—k-,v2=——(2)解：若A、B發(fā)生第一次碰撞后到恰好要發(fā)生第二次，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t,A的位移為XA=vlt+5ata=g(sin0-u遙os0)B的位移為XB二v2t且有XB=XA2x°g(sin。-u|Cos0)則斜面的長度L=X。+v2t=〒【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用，動(dòng)量守恒定律【分析】(1)A在重力和摩擦力的作用下運(yùn)動(dòng)，利用動(dòng)能定理可以求出A與B碰撞前速度的大??；AB碰撞過程，利用動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律可以求出兩者碰后速度的大??；AB第二碰撞時(shí)，兩者運(yùn)動(dòng)的位移相等，利用牛頓第二定律可以求出A的加速度大小，結(jié)合兩者位移公式可以求出碰撞運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合位移公式可以求出斜面的長度。(1)解：根據(jù)光電效應(yīng)方程可知hV-W0=Ek。逸出的電子在電場(chǎng)中加速向A運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理eU=Ekm-Ek0聯(lián)立解得Ekm=eU+hv_w0(2)解：每秒鐘到達(dá)K極的光子數(shù)量為n,則n/iv=P每秒鐘逸出電子個(gè)數(shù)為n個(gè)，則回路的電流強(qiáng)度1-f一優(yōu)得1=瓦，由平衡條件知，初始時(shí)刻mgsin6=Bld解得m=后嬴而=1kg(3)解：開關(guān)撥向2后，導(dǎo)體棒開始在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度為v時(shí)，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得mgsin0-Bld=maT_A3由滿足Alq=CUAq=C*AUAU=Bd*Ava= =4m/s2聯(lián)立