張家口市2022-2023學年度高二年級第一學期期末考試物理試卷【含答案】

高二物理第高二物理第頁(共5頁)張家口市2022－2023學年度高二年級第一學期期末考試物理參考答案及評分標準一、單項選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題意，選對得4分，選錯或不答得0分。C充電底座接入的交變電流激發(fā)變化的磁場，使手機中的受電線圈感應出電流，故手機無線充電利用的原理是電磁感應，故選C。D根據(jù)靜電感應，可知導體A端將感應出正電荷，故A錯誤；導體是一個等勢體，N點的電勢φN等于M點的電勢φM，故B錯誤；導體兩端帶上異種電荷，說明靜電感應使導體上的正負電荷進行了再分配，故C錯誤；導體內(nèi)部合場強為零，即導體感應電荷產(chǎn)生的場強與帶電小球產(chǎn)生的場強等大反向，根據(jù)場強的概念可知，帶電小球在M點產(chǎn)生的電場強度大于在N點產(chǎn)生的電場強度，所以感應電荷在M點產(chǎn)生的電場強度大于在N點產(chǎn)生的電場強度，故D正確。B電路的電流等于燈泡的額定電流I＝＝A＝2A電動機兩端的電壓U＝E－Ir－UL＝22V電動機的輸入功率P入＝IU＝44W輸出的機械功率P出＝P入－I2r機＝44W－(2A)2×2W＝36W電動機輸出機械功率與輸入電功率之比為故選B。AB設兩個點電荷的電荷量均為q，半圓弧的半徑為R，根據(jù)點電荷場強公式以及電場強度的疊加法則可知E1＝eq\f(2kq,R2)，E2＝eq\f(2kq,R2)cos60°＝eq\f(kq,R2)，所以E1∶E2＝2∶1，故選B。D圖中驗電器的金屬桿接A板，外殼和B板均接地，驗電器顯示的是A、B兩極板間的電勢差，指針張角越大，表示兩板間的電勢差越大。閉合開關S后，A、B兩板與電源兩極相連，兩板間的電勢差始終等于電源電壓，驗電器指針偏角一定不變。故A、B錯誤；根據(jù)，斷開開關S后，板間距離增大或正對面積減小，都將使電容器的電容變小，而電容器所帶電荷量不變，由可知，兩板間的電勢差U增大，從而使驗電器指針偏角增大，故C錯誤，D正確。B變壓器原、副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比，可得eq\f(n1,n2)＝eq\f(U1,U2)＝44，故A錯誤；理想變壓器不改變功率，即原、副線圈功率相等，可得U1I1＝U2I2，解得原線圈的電流為I1＝0.05A，故B正確，D錯誤；原、副線圈均為正弦交流電，故副線圈兩端電壓的最大值為U2m＝U2＝V，故C錯誤。A在磁場中，粒子做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力qvB＝meq\f(v2,R)可得如圖所示由幾何關系及正弦定理得解得故A正確，BCD錯誤。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是正確的。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分。BD若電子從右向左水平飛入，電場力向上，洛倫茲力也向上，所以電子向上偏轉，故A錯誤，B正確；若電子從左向右水平飛入，電場力向上，洛倫茲力向下。由題意知電子受力平衡將做勻速直線運動，故C錯誤，D正確。10．AB由圖乙可知，該交變電流的周期T＝0.02s，因此該交變電流的頻率為f＝eq\f(1,T)＝50Hz，故A正確；由圖乙可知，該交變電流的最大值Im＝10eq\r(2)A，因此該交變電流的有效值為I＝＝10A，故B正確；當t＝0.01s時，感應電流最大，則此時穿過線圈的磁通量為零，故C錯誤；根據(jù)圖乙所示，交流電瞬時值的表達式為i＝imcos2πfteq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(A），代入數(shù)據(jù)得i＝10eq\r(2)cos100πteq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(A），故D錯誤。11．BC根據(jù)題意可判斷電場線為曲線，方向與等勢面垂直且由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，帶電粒子在只受電場力作用下由M點運動到N點，可判斷帶電粒子帶正電，A錯誤；三個等勢面為等差等勢面，由圖可知從M點運動到N點等差等勢面越來越疏，所以電場強度變小，電場力變小，加速度變小，B正確；電場力做正功，電勢能減小，根據(jù)動能定理，動能變大，故C正確，D錯誤。三、非選擇題：本題共5小題，共50分。解答題應寫出必要的文字說明、方程式和重要答題步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。12．(7分)(1)甲(3分)(2)20.0(2分)20.1(2分)(1)因為Rx＝100Ω>eq\r(RVRA)＝50Ω所以根據(jù)“大內(nèi)小外”的原則，采用電流表內(nèi)接法。宜采用甲電路。(2)此電阻的測量值為R測＝eq\f(U測,I測)＝20.0ΩRx中的電流為IR＝I測－IV＝0.498A所以真實值為R真＝eq\f(U真,IR)≈20.1Ω13．(8分)(1)二(2分)(2)(ⅰ)100(2分)(ⅱ)0.88(0.80～1.0均可)(2分)(ⅲ)等于(2分)(1)水果電池內(nèi)阻較大，電壓表并聯(lián)在電源兩端帶來較大誤差，因為該方式測量的是電壓表與內(nèi)阻并聯(lián)后的總電阻，為減小實驗誤差，應選擇方案二所示電路圖。(2)(ⅰ)電流表的示數(shù)為100μA。(ⅱ)電源電動勢為E＝I(r＋R)所以R＝E×eq\f(1,I)－r由圖丙可知，圖像斜率k＝E＝V＝0.88V(ⅲ)若考慮電流表的內(nèi)阻，則E＝I(r＋R＋RA)圖像斜率不變，則水果電池電動勢的測量值等于真實值。14．(8分)解：(1)由平衡條件知tanθ＝eq\f(qE,mg)(2分)解得E＝eq\f(mgtanθ,q)(2分)(2)根據(jù)動能定理qElsinθ－mgleq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－cosθ）＝eq\f(1,2)mv2(2分)解得v＝eq\r(\f(2gl\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－cosθ）,cosθ）(2分)15．(12分)解：(1)依題意知，粒子在電場中做類平拋運動，有2d＝v0t1(1分)d＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)(1分)vy＝at1(1分)聯(lián)立解得vy＝v0(1分)vB＝eq\r(veq\o\al(2,0)＋veq\o\al(2,y))＝eq\r(2)v0(1分)tanθ＝eq\f(vy,v0)＝1可得θ＝45°，即速度與x軸正方向成45°角并斜向右下方(1分)(2)粒子進入磁場中，做勻速圓周運動，由幾何關系可知R＝2eq\r(2)d(1分)從B點到C點對應的弧度θ′＝eq\f(3,4)π(1分)由t1＝eq\f(2d,v0)(1分)t2＝eq\f(s,vB)(1分)且s＝θ′R(1分)聯(lián)立解得粒子從A點運動到C點的總時間t＝t1＋t2＝eq\f(2d,v0)＋eq\f(3πd,2v0)(1分)16．(15分)解：(1)在ab運動過程中，由于拉力功率恒定，ab做加速度逐漸減小的加速運動，速度達到最大時，加速度為零，設此時拉力的大小為F，安培力大小為FA，有F－mgsinθ－FA＝0(1分)設此時回路中的感應電動勢為E，由法拉第電磁感應定律，有E＝BLv(1分)設回路中的感應電流為I，由閉合電路歐姆定律，有I＝eq\f(E,R＋r)(1分)ab受到的安培力FA＝ILB(1分)由功率表達式，有P＝Fv(1分)聯(lián)立上述各式，代入數(shù)據(jù)解得P＝4W(1分)(2)ab速度從v1到v2的過程中，ab克服安培力做功W＝2QR＝0.06J(1分)由動能定理，有Pt－W－mgxsinθ＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)－eq\f(1,2)mveq\o\al