2017年廣西玉林中考物理試卷

2017年廣西玉林市中考物理試卷一、單項選擇題（每小題3分，共45分）1.在國際單位制中，電流的基本單位是（）AWBVC.AWBVC.4【答案】【考點】電流的大小【解析】根據(jù)對常見物理量及其單位的掌握作答?！窘獯稹拷猓涸趪H單位制中，4.W也就是瓦特，是功率的單位，故4不符合題意;B.，也就是伏特，是電壓的單位，故B不符合題意;C.4也就是安培，是電流的單位，故C符合題意；D.。也就是歐姆，是電阻的單位，故。不符合題意.故選C.某一校道旁立著如圖所示的交通標志牌，由此可知（）A.此標志為限速標志B.此標志為限重標志C.汽車對該路面的壓力不得超過2000ND.汽車通過該路段的速度不得超過20m/s【答案】【考點】速度與物體運動【解析】由圖知這是一個限速標志牌，由此分析解答.【解答】解：4D.由圖可知，這是一個限速標志牌，表示汽車通過該路段的速度不得超過20km/h,故4正確，。錯誤；BC限重和該路面能承受壓力與速度標志牌無關，故FC錯誤.故選人.冬天在浴室里洗熱水澡時，浴室內的鏡子會變得很，模糊〃，產生該現(xiàn)象的原因是空氣中的水蒸氣發(fā)生了（）A.熔化 B.液化 C.汽化 D.凝固【答案】【考點】試卷第1頁，總20頁

液化及液化現(xiàn)象【解析】（1）在一定條件下，物體的三種狀態(tài)--固態(tài)、液態(tài)、氣態(tài)之間會發(fā)生相互轉化，這就是物態(tài)變化；（2）物質由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固?！窘獯稹拷猓憾?，洗熱水澡的過程中，經常發(fā)現(xiàn)浴室里的鏡子會變得模糊不清，這是溫度較高的水蒸氣遇到溫度較低的鏡面，發(fā)生的液化現(xiàn)象，模糊是小水滴附著在鏡面上造成的.故選B..如圖所示，打開水壩的閘門時，液體壓強使壩底的水奔流而出，則決定壩底水的壓強大小的因素是（）A.水的體積 B.A.水的體積 B.水的深度【答案】C.壩的寬度D.壩的高度【考點】液體的壓強的特點【解析】液體壓強使壩底的水噴射而出，根據(jù)液體壓強的特點就能找出決定壩底水的壓強大小的因素。【解答】解：由于液體受到重力作用，且具有流動性，所以液體對容器底和容器側壁有壓強，并且液體的壓強隨深度增加而增大，因此決定壩底水的壓強大小的是水的深度，故B正確.故選B..如圖所示，小強用大小相同的力往同一方向推開家里的門時，發(fā)現(xiàn)膽點比推C點要容易，這說明力的作用效果跟下面哪個因素有關（）A.力的大小C.A.力的大小C.力的作用點D.物體的運動狀態(tài)【答案】試卷第2頁，總20頁C【考點】力的三要素【解析】此題暫無解析【解答】解：由題知，分別在4、C兩處用相同大小、相同方向的力推門時，可以感受到在4點用力容易把門推開，這說明力的作用效果與力的作用點有關.故選C.下列交通安全提示語，不是為了防止慣性帶來危害的是（）A.珍愛生命，遠離酒駕 B.車輛起步，站穩(wěn)扶好C.學校路段，減速慢行 D.保持車距，安全行駛【答案】A【考點】慣性【解析】慣性是物體保持原來運動狀態(tài)不變的性質，即運動的要保持原來的運動狀態(tài)，靜止的要保持靜止狀態(tài)。逐個分析選擇項中提到的物理情景結合慣性的知識加以分析。【解答】解：4.人喝酒后反應就會遲鈍，駕車時容易造成事故，與慣性無關，故4符合題意；B.公交車啟動時，人由于慣性會向后傾倒，所以提醒乘客“站穩(wěn)扶好〃，防止慣性帶來危害，故B不合題意；C學校路段，減速慢行是防止慣性帶來危害，故C不合題意；。.汽車行駛過程如果緊急剎車，汽車由于慣性會繼續(xù)運動，所以要保持一定車距，防止慣性帶來危害，故。不合題意.故選人7.如圖所示的四種正在帶電操作的情景，其中不會發(fā)生觸電事故的是（）【答案】B【考點】觸電危害及常見的觸電類型與預防試卷第3頁，總20頁【解析】家庭電路中的觸電事故，都是人直接或間接接觸火線引起的；觸電有兩種：①當人體的不同部位分別接觸火線和零線時，②站在地上，身體的某一部位與火線接觸，據(jù)此分析。【解答】解：人體觸電，原因是形成了通路，有電流流過人體，人體為導體，一邊與火線相接，一邊與零線相接或與大地相接，都會形成通路，都會造成人體觸電，圖4、C、。中都能構成閉合的電路，即有電流流過人體，人會觸電，圖B中單手接觸火線且人站在絕緣的木凳上，沒有構成閉合的電路，即電流不會流過人體，人不會觸電.故選B.8.下列關于電磁波的說法正確的是()A.電磁波在空氣中的傳播速度是340m/sB.電磁波只能傳遞聲音信號，不能傳遞圖象信號C.微信聊天時手機發(fā)射的電磁波不能在真空中傳播D.北斗衛(wèi)星定位系統(tǒng)既可以發(fā)射也可以接收電磁波【答案】D【考點】電磁波在日常生活中的應用電磁波的傳播【解析】4.電磁波的傳播速度和光速相同，都是3X1086/S；B.電磁波既可以傳遞聲音信號，也可以傳遞圖象信號；C電磁波可以在真空中傳播；。?電磁波是移動通信傳遞信息的介質?！窘獯稹拷猓?.電磁波在空氣中的傳播速度是3X1086/S,故選項4錯誤；.電磁波作為載波使用時，既可以傳遞聲音信號，也可以傳遞圖象信號，故選幅錯誤；C微信聊天時手機利用電磁波傳輸信號，電磁波可以在真空中傳播，故選項C錯誤；。.衛(wèi)星接收和發(fā)送信號要靠電磁波傳遞，我國的北斗衛(wèi)星定位系統(tǒng)也是利用電磁波來傳遞信號的，故選項。正確.故選：D..如圖所示，是我國自行制造的第一艘航空母艦靜止在海面上，下列分析正確的是( )A.航空母艦所受的浮力大于它所受的重力B.航空母艦排開的海水越多受到的浮力越大C.航空母艦受到的浮力大小跟它本身的密度有關D.航空母艦的排水量約為7X1043表示它空載時排開水的質量約為7X104t【答案】試卷第4頁，總20頁B【考點】阿基米德原理物體的浮沉條件及其應用【解析】（1）根據(jù)漂浮時浮力與重力相等進行分析；（2）知道航母滿載排水量（排開水的質量），利用阿基米德原理求該艦滿載時所受浮力.【解答】解：4.航空母艦靜止在海面上，處于漂浮狀態(tài)，則浮力與重力相等，故4錯誤；B.根據(jù)阿基米德原理可知：浮力與物體排開液體受到的重力相等，所以航空母艦排開的海水越多受到的浮力就越大，故B正確；C根據(jù)阿基米德原理可知：浮力大小與物體排開液體的體積和液體的密度有關，與物體的密度無關，故C錯誤；。.航空母艦的排水量約為7X1043沒有標明是空載時的排水量，故。錯誤.故選B..我國首架自行研制的C919大飛機在加速升空的過程，對其機械能的變化情況，下列分析正確的是（）A.動能增大，重力勢能減小 B.動能減小，重力勢能增大C.動能增大，重力勢能增大 D.動能減小，重力勢能減小【答案】C【考點】動能和勢能的大小變化【解析】（1）動能大小的影響因素：質量、速度。質量越大，速度越大，動能越大。（2）重力勢能大小的影響因素：質量、被舉得高度。質量越大，高度越高，重力勢能越大。【解答】解：C919大飛機在加速升空的過程，質量不變，速度變大，動能增大，同時高度上升，重力勢能增大.故C正確.故選C.如圖所示，圖甲是小車甲運動的s-t圖象，圖乙是小車乙運動的”-t圖象，由圖象可知（）匚.A.甲車速度大于乙車速度B.甲、乙兩車都由靜止開始運動C.甲、乙兩車都以10m/s勻速運動D.甲、乙兩車經過5s通過的路程都是106【答案】試卷第5頁，總20頁D【考點】速度與物體運動【解析】運用圖象法解答問題的一般步驟：①明確圖象中橫縱坐標表示的物理量分別是什么；②注意認清橫坐標和縱坐標上各表示的最小分格的數(shù)值大小和單位；③明確圖象所表示的物理意義；④根據(jù)圖象對題目提出的問題作出判斷，得到結論.【解答】解：4.由圖可知，甲車的速度^=法=10m=2巾/s,乙車的速度^=2巾/s,所以甲》甲5s 乙甲車速度等于乙車速度，故4錯誤；B.由圖可知，甲車是由靜止開始運動，乙車開始計時時的速度為2小/s,不是從靜止開始運動，故B錯誤；C小車甲運動的s-t圖象是一條過原點的直線，表示隨著時間的推移，甲的路程逐漸的變大，所以甲做勻速直線運動，速度為2小/s；小車乙運動的“-C圖象是一條平行于橫軸的直線，表示隨著時間的推移，乙的速度不變，所以乙做勻速直線運動，速度為2小/s；所以，甲、乙都以2爪/s勻速運動，故C錯誤；。.甲、乙都以2爪/s勻速運動，經過5s通過的路程s=ut=2巾/sx5s=10小，故。正確.故選D.12.由同種材料制成的4B和BC兩段導體，長度相同，4B的橫截面積比BC的小，將它們按照如圖所示的方式串聯(lián)接入電路中，不計溫度的影響，下列判斷正確的是( )ABCA.通過兩段導體的電流：％8</反B.兩段導體的電阻值：/8=RbcC.兩段導體的電阻值：/8>RbCD.兩段導體發(fā)熱的功率：匕8<Pbc【答案】C【考點】串聯(lián)電路的電流規(guī)律影響電阻大小的因素電功率的計算【解析】(1)根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點可知通過兩段導體的電流關系；(2)4B和BC是由同種材料制成的長度相同、橫截面積不同的兩段導體，橫截面積越大，電阻越?。?3)根據(jù)P=/2R可知導體4B和BC的功率關系.【解答】解：從兩段導體串聯(lián)，串聯(lián)電路中電流處處相等，所以/”=4。，故4錯誤；BC導體4B和BC由同種材料制成、長度相同，因為導體4B的橫截面積比的小，所以48>勺。，故B錯誤，C正確；0?因為％=/也，％b>4c，由P=/2R可知匕b>Pbc，故0錯誤?故選C試卷第6頁，總20頁13.老奶奶用放大鏡看報紙時，為了看到更大的清晰的像，她常常這樣做（）A.報紙與眼睛不動，放大鏡離報紙遠一些B.報紙與眼睛不動，放大鏡離報紙近一些C.報紙與放大鏡不動，眼睛離報紙遠一些D.報紙與放大鏡不動，眼睛離報紙近一些【答案】A【考點】凸透鏡成像的應用【解析】放大鏡的成像規(guī)律：物距在一倍焦距內時，凸透鏡成放大正立的虛像，并且物體離焦點近時，成的像較大.【解答】解：根據(jù)凸透鏡的成像規(guī)律可知，物距在一倍焦距內時，凸透鏡成放大正立的虛像，物距越大，像越大，故應保持報紙與眼睛不動，放大鏡離報紙遠一些.故選人14.如圖所示是一種自動測定油箱內油量的裝置，滑動變阻器A的金屬滑片跟滑桿（杠桿）相連，從電流表示數(shù)大小就可知道油箱內油量的多少.觀察分析圖示可知，下列說法錯誤的是（）A.電流表可以改裝成油量表B.R0在電路中起到保護電路的作用C.油量增加，R的阻值減小，電流表示數(shù)變大D.油量減少，R的阻值減小，電流表示數(shù)變小【答案】D【考點】歐姆定律的應用【解析】當油量發(fā)生為變化時，浮標隨之運動，帶動與浮標相連的指針運動，則可知滑動變阻器接入電阻的變化，由歐姆定律可得出電路中各電流的變化；電流表使用時要注意防止短路.【解答】解：由圖可知，定值電阻R0和滑動變阻器R串聯(lián)，電流表測電路中的電流；4c.當油量增加時，油面升高，浮子位置升高，在杠桿作用下，滑片下移，變阻器式連入電路的阻值減小，電路中的總電阻減小，由/=；可知，電路中的電流增大，電流表示數(shù)增大，故電流表可改裝成油量表，故4c正確.B.當油面增加到一定程度時，滑片下移到最下端，此時變阻器連入電路的電阻為0,此時若沒有，則。.會造成電源短路，故R0在電路中起到保護電路的作用，B正確；D.當油量減少時，油面下降，浮子位置降低，在杠桿作用下，滑片上移，滑動變阻試卷第7頁，總20頁

器氏連入電路的阻值增大，故。錯誤.故選：D.15.如圖所示，電源電壓為W且保持不變，滑動變阻器R標有“1415。〃的字樣.當滑動變阻器的滑片P在最右端時，閉合開關S,通過燈泡的電流為0.44移動滑動變阻器的滑片P，在電路安全工作的情況下，下列說法正確的是（）盧A.向左移動滑動變阻器的滑片P時燈泡變亮B.滑片P在最右端時通過干路中的電流是0.94^氏接入電路的阻值變化范圍是5。?15。D.電路總電阻的最大值為5?！敬鸢浮緿【考點】電路的動態(tài)分析【解析】此題暫無解析【解答】解：4由電路圖可知，滑動變阻器與燈泡并聯(lián)，由于并聯(lián)電路獨立工作、互不影響，所以滑片的移動不能改變燈泡的亮暗，故4錯誤；B.當滑片位于右端時，滑動變阻器接入電路中的電阻最大，由于并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，則通過滑動變阻器的最小電流：Ii=—^―=~3^~=0.24“最大I'。則干路的電流空訪二4+=。44+0.24=0.64故B錯誤;C由滑動變阻器的銘牌可知，允許通過的最大電流為14根據(jù)歐姆定律可得滑動變阻器的最小電阻為：RminRmin二亞=3C,%max 道所以氏接入電路的阻值變化范圍是3。?15。，故C錯誤；。.由于當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時電路中的電阻最大，干路電流最小，所以，根據(jù)歐姆定律可得最大總電阻為：R=口=~3^~=5。，故D正確.max幻所0.64故選D.二、填空題（每空1分，共12分）如圖甲所示，是東漢學者王充在《論衡》中記載的司南，靜止時它的長柄指向；在我國的《史記》和《夢溪筆談》中都有關于海市蜃樓的記錄，如圖乙所示，海市蜃樓是一種由光的產生的現(xiàn)象.甲甲試卷第8頁，總20頁【答案】南方，折射【考點】地磁場光的折射現(xiàn)象及其應用【解析】“司南〃是最早的指南針，實質就是一個磁體；（2）光線在同種不均勻介質中傳播或者從一種介質進入另一種介質時，就會出現(xiàn)光的折射現(xiàn)象，例如水池底變淺、水中筷子變彎、海市蜃樓等都是光的折射形成的。【解答】解：“司南〃最早出現(xiàn)于我國戰(zhàn)國時期，它是我國古代勞動人民智慧的結晶，將勺放在水平光滑的“地盤〃上，讓其自由轉動，在地磁場作用下靜止時，因勺柄為極，則勺柄指向南方，勺頭指向北方；海市蜃樓是光在不均勻的大氣中傳播形成的光的折射現(xiàn)象.如圖甲所示，在醫(yī)院里醫(yī)生通過聽診器給病人診病，是利用了聲可以傳遞（選填“信息〃或“能量〃）的性質；另外，在醫(yī)院里我們還經?？吹饺鐖D乙所示的“靜〃字，其目的是提醒大家要注意控制好聲音的（選填“音調〃、“響度〃、或“音色〃）以免影響他人.【答案】信息，響度【考點】聲與信息響度與振幅的關系【解析】聲波可以傳遞信息，是指告訴我們什么，也就是傳遞了信息，如教師講課，告訴我們知識；響度指聲音的強弱或大小，與振幅和距離有關。【解答】解：醫(yī)生通過聽診器給病人診病，聽診器可以讓醫(yī)生判斷病人的狀況，所以此時的聲音傳遞的是信息；圖乙所示的“靜〃字，其目的是提醒大家要注意控制好聲音的響度，以免影響他人；可燃冰在燃燒時把化學能轉化為能，而可燃冰與煤和石油一樣都屬于（選填“可再生〃或“不可再生〃）能源，可見掌握最好的可燃冰技術，具有重要的意義.【答案】內，不可再生【考點】能源的分類【解析】（1）燃料燃燒時，燃料的化學能轉化為內能；（2）能夠短時間內從自然界源源不斷得到補充的是可再生能源，短時間內從自然界得不到補充的是不可再生能源.【解答】解：可燃冰在燃燒時，內部的化學能轉化成內能；試卷第9頁，總20頁煤、石油、可燃冰等隨著使用不斷減少，短時間內從自然界得不到補充，因此屬于不可再生能源.人們在冬天常常搓手取暖，這是通過（選填“熱傳遞〃或“做功〃）的方式來改變物體內能，這里的能量轉化方式與四沖程汽油機工作時的（選填“壓縮〃或“做功〃）沖程相同.【答案】做功，壓縮【考點】改變內能的兩種方式內燃機的四個沖程【解析】做功可以改變物體的內能；汽油機的壓縮沖程中，活塞壓縮空氣做功，將機械能轉化為內能?！窘獯稹拷猓喝藗冊诙斐３４晔秩∨?，是通過搓手將機械能轉化為內能，內能增加，溫度升高，手暖和，這是通過做功的方式改變手的內能，這與汽油機工作中的壓縮沖程的能量轉化相同，都是將機械能轉化為內能.如圖所示，重為100N的物體4在拉力9=5N作用下沿水平面做勻速直線運動，已知滑輪組機械效率為60%,物體4運動的速度為0.56/s,則物體4在20s內通過的路程為6，該機械所做的有用功的功率為W.（忽略繩子和滑輪的重力）【答案】10,4.5【考點】功率的計算滑輪（組）的機械效率速度公式及其應用【解析】此題暫無解析【解答】解：根據(jù)"=&可得，物體4在20s內通過的路程：ts=憂=0.5m/sx20s=10m；由圖示可知，滑輪組承重繩子的有效股數(shù)：幾=3,克服摩擦力做的功為有用功，效率：〃=^有x100%=4x100%=fx100%,“總 nF則f=n^F=3x60%x5N=9N,在20s內機械所做的有用功勿=fs=9Nx10m=90/,機械所做的有用功的功率為P="=皿=4.5W.t20s試卷第10頁，總20頁

如圖所示，電源電壓保持不變，如果閉合開關5后，滑動變阻器的滑片P從a端移至距離人端1處處的過程中，電流表示數(shù)的變化范圍是0.24-0.64電壓表示數(shù)的變化范圍是1.0，-3.0匕那么R0的阻值是^，該電路消耗的總功率的變化范圍是【答案】5,1.8W?5.4W【考點】歐姆定律的應用電功率的計算【解析】（1）滑動變阻器和定值電阻串聯(lián)在電路中，電壓表測定值電阻氏0兩端的電壓，電流表測通過電路的電流。電壓表的示數(shù)最大時，滑動變阻器接入電路的為最大阻值，電流表的示數(shù)最小。根據(jù)歐姆定律可計算R0的阻值；（2）當滑動變阻器的滑片P移至距離b端1就處時，電壓表的示數(shù)最小時，滑動變阻器接入電路的電阻為1R，電流表的示數(shù)最大。根據(jù)串聯(lián)電路的特點和歐姆定律可得出電源電壓的表達式；然后解得電源電壓，利用P=U/求出總功率的變化范圍?！窘獯稹拷猓夯瑒幼冏杵髯柚翟叫r，總電阻越小，總電流越大，定值電阻兩端電壓越大，故電流最大值對應電壓最大值，電流最小值對應電壓最小值，由歐姆定律，Rn=曝小=m=5C0 / 0.24當滑動變阻器的滑片P在a端時，由串聯(lián)電路的特點和歐姆定律得:U=u +Un=u+/X1R=1.0,+0.24XR；最小 R2 最小最小4當滑動變阻器的滑片P在移至距離人端1就處時，滑動變阻器接入電路的電阻為1R，電流表的示數(shù)為0.64最大應最大最大4 4電源電壓u=U最大+Ur2=U+/X1R=3.0,+0.64X1R；最大應最大最大4 4解得：U=9V，R=40QP=" =9VX0.64=5.4W.貝曲最小="最小P=" =9VX0.64=5.4W.最大最大所以，總功率的變化范圍是1.8勿?5.4W.三、作圖、實驗與探究題（共19分）如圖所示，當開關閉合時，請標出通電螺線管右端的極性和用箭頭標出小磁針V極的偏轉方向.試卷第11頁，總20頁

【答案】見解答.【考點】通電螺線管的磁場【解析】根據(jù)電源的正負極可以確定線圈中的電流方向，再結合線圈的繞向，可以安培定則可以確定螺線管的NS極，進而利用磁極間的作用規(guī)律可以確定小磁針的轉動方向。【解答】解：根據(jù)電源的正負極，可以確定電流從螺線管的左端流入，右端流出，結合線圈的繞向，可以確定螺線管的左端為S極，右端為N極；由于異名磁極相互吸引，同名磁極相互排斥，所以小磁針的N極將靠近螺線管的S極，小磁針的S極將遠離螺線管的S極，而向左轉動.如圖所示.如圖所示，鐵球正在水中下沉，請畫出此時鐵球的受力示意圖（忽略水的阻力）.【答案】見解答.【考點】物體的浮沉條件及其應用【解析】（1）鐵球在水中受重力與浮力的作用，重力的方向豎直向下，浮力的方向豎直向上;（2）因為鐵球正在下沉，所以重力比浮力大，線段的長度不同.【解答】解：鐵的密度比水大，因此鐵球在水中下沉，浮力小于重力；過球心分別沿豎直向下的方向和豎直向上的方向畫一條帶箭頭的線段，分別用符號G和F浮表示；注意表示重力線段比表示浮力的線段要長些；如圖所示.下面是小紅進行“探究平面鏡成像特點〃的活動過程:（1）組裝儀器時，如圖所示，要使玻璃板與水平桌面的白紙相互 （選填“平試卷第12頁，總20頁

行〃或“垂直〃);(2)在實驗中，小紅看到兩個不重合的蠟燭4的像，為了消除這個影響，下列做法可行的是()(選填序號)；A.換用較薄的玻璃板 B.換用較厚的玻璃板C.調整觀察蠟燭4的像的角度(3)消除影響后，移動蠟燭A逐漸靠近玻璃板，觀察到它的像的大小(選填"變大〃"不變〃或"變小〃)(4)實驗中，移去在蠟燭^成像位置處的蠟燭B，在其原來位置放一光屏，發(fā)現(xiàn)光屏上不能承接到蠟燭4的像，說明平面鏡所成的像是(選填“實〃或“虛〃)像.【答案】(1)垂直A(3)不變(4)虛【考點】平面鏡成像的特點、原理、現(xiàn)象及其實驗方案【解析】(1)如果玻璃板沒有放正，所成的像不在水平面上，所以無論怎樣移動另一支蠟燭都不能與像重合；(2)玻璃有兩個表面，兩個表面都會反射成像，如果玻璃板太厚，兩個像有一定的距離，給實驗研究帶來麻煩。(3)根據(jù)物體在平面鏡中成像特點進行判斷：物體在平面鏡中成虛像，物像大小相等，物像連線與鏡面垂直，物像到平面鏡的距離相等。(4)實像能承接在光屏上，虛像不能承接到光屏上。【解答】解：(1)平面鏡所成的像和物體關于平面鏡對稱，如果玻璃板沒有與桌面垂直，蠟燭的像與蠟燭不在同一水平面上，所以實驗時，應使玻璃板與水平桌面垂直；(2)厚玻璃板有兩個反射面，都會發(fā)生反射現(xiàn)象，反射光線的反向延長線都會會聚成像，玻璃板越厚，兩個像距離越遠，兩個像越清晰，因此實驗時需采用很薄的玻璃板，使兩個反射面成的像幾乎重合，使實驗簡單化，故選4；(3)將蠟燭逐漸遠離玻璃板時，蠟燭大小不變，根據(jù)物像大小相等，所以蠟燭像的大小不變；(4)當蠟燭B與蠟燭4的像能夠完全重合時，撤去蠟燭5并在原蠟燭B的位置放一與玻璃板平行的光屏，光屏上不能承接到像，因為平面鏡成虛像，虛像不能用光屏承接.小明想知道某均質圓柱體的密度，于是他用天平和量筒等器材做了如下實驗:雨(1)將天平放在水平臺上，把游碼放到標尺左端零刻度線處，發(fā)現(xiàn)指針偏向分度盤的右側，要使橫梁平衡，應將平衡螺母向(選填“左〃或"右〃)調；(2)用天平測量圓柱體的質量，當天平平衡時，放在右盤中的祛碼和游碼的位置如圖甲所示，則圓柱體的質量為g；試卷第13頁，總20頁(3)如圖乙、丙和丁所示，用量筒并采用“壓入法〃(用一根細而長的鐵絲將物體壓入水中)測圓柱體的體積，則圓柱體體積，為cm3；(4)根據(jù)測量結果可知圓柱體的密度p為kgg,(5)細心的小明觀察發(fā)現(xiàn)把圓柱體放在另一種已知密度為生的液體中也能漂浮在液面上，則圓柱體露出液面的體積的表達式為：3=(請用P。、p、，等符號表示).【答案】(1)左24320.75X103(l-^)Vp0【考點】固體密度的測量【解析】(1)天平使用前調節(jié)平衡時，要調節(jié)平衡螺母，規(guī)則是‘右偏左調，左偏右調〃，即指針向右偏就向左調平衡螺母，指針向左偏就向右調平衡螺母，調左側的還是右側的平衡螺母都是可以的。(2)祛碼與游碼示數(shù)之和是天平所測物體的質量；(3)圓柱體體積等于其完全浸沒時排開水的體積，由圖丁和圖乙得出；(4)利用密度公式p=T計算密度；(5)根據(jù)物體漂浮條件，利用G=mg、。="和￡一=。、,。曦列出等式，推導出圓柱V 液排體露出液面的體積的表達式。【解答】解：(1)指針的位置指在分度盤中央的右側，要使橫梁平衡，應將平衡螺母向左調節(jié);(2)由圖甲所示可知，圓柱體的質量：m=20。+4。=24g；(3)圓柱體體積，=72cm3-40sH3=32cm3；(4)圓柱體的密度0=m=24g-QJSg/cm^=0.75X103kg"i3；V32cm3(5)把圓柱體放在另一種已知密度為&的液體中也能漂浮在液面上，/浮=G，則根據(jù)G=mg.p=①和R一=。一。曦可得,&9曦=PgV，y冷a排 0排所以V=3=2，，(=卜―2/=(1—2”.排PogP0露P° Po如圖所示，在“探究通過導體的電流與導體兩端的電壓的關系〃實驗中，某小組選用兩節(jié)新干電池為電源，規(guī)格為〃20。L4〃的滑動變阻器等器材進行實驗：試卷第14頁，總20頁(1)請根據(jù)圖甲的實物圖將圖乙的電路圖補充完整;(2)連接電路時開關應該.閉合開關，發(fā)現(xiàn)電壓表無示數(shù)，電流表有示數(shù)但沒超出量程，則產生故障的原因可能是導體電阻(選填“斷路〃或“短路〃)(3)排除故障后，閉合開關，移動滑動變阻器的滑片，若電流表的示數(shù)如圖丙所示，其讀數(shù)為4(4)改變滑動變阻器滑片的位置，測得多組對應的電壓、電流值，如下表所示，由測得數(shù)據(jù)可知，當電阻一定時，導體中的電流與電壓成正比，導體電阻為 C(結果保留一位小數(shù)).實驗次數(shù)123456電壓U/V0.61.01.52.02.42.8電流〃40.120.200.320.380.480.56(5)進行實驗時，該小組發(fā)現(xiàn)：調節(jié)滑動變阻器無法使電壓表示數(shù)為0.5匕為了解決這個問題，可采取的方法是.【答案】(1)如上圖所示；(2)斷開，短路(3)0.35.0(5)減小電源電壓或串聯(lián)一個電阻或換用阻值最大的變阻器等【考點】探究電流與電壓、電阻的關系實驗【解析】(1)根據(jù)實物圖，將電路圖補充完整，把電壓表與定值電阻并聯(lián)；(2)為保護電路，連接電路時開關應該斷開；閉合開關，電流表有示數(shù)，說明電路為通路，由發(fā)現(xiàn)電壓表無示數(shù)分析故障的可能原因可；(3)根據(jù)圖中電流表小量程讀數(shù)；(4)根據(jù)歐姆定律/=%由表中數(shù)據(jù)分別求出相應的電阻大小，為減小誤差，取平R均值做為測量的結果；(5)調節(jié)滑動變阻器無法使電壓表示數(shù)為0.5V,即電壓表示數(shù)大于0.5V；說明電源過高，可適當減小電源電壓，據(jù)此分析措施；根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律和分壓原理確定變阻器至少連入電阻中電阻大小分析。【解答】通路，發(fā)現(xiàn)電壓表無示數(shù)則則產生故障的原因可能是導體電阻短路；(3)排除故障后，閉合開關，移動滑動變阻器的滑片，若電流表的示數(shù)如圖丙所示，圖中電流表分度值為0.024其讀數(shù)為0.34(3)改變滑動變阻器滑片的位置，測得多組對應的電壓、電流值，如表所示，由測得數(shù)據(jù)可知，當電阻一定時，導體中的電流與電壓成正比；試卷第15頁，總20頁根據(jù)歐姆定律/=4導體電阻：R=\分別將表中對應的電壓與電流代入計算，可得出相應的電阻大小分別為：5。、5。、4.7C5.3。、5。、5。，為減小誤差，取平均值做為測量的結果，待測電阻大?。篟—5a5a4.7A5.3A5a5a(5)研究電流與電阻的關系時，要控制電壓保持不變，進行實驗時，該小組發(fā)現(xiàn)：調節(jié)滑動變阻器無法使電壓表示數(shù)為0.5，，即電壓表示數(shù)大于0.5，；說明電源過高，可適當減小電源電壓，或在電路中串聯(lián)一個電阻分壓；根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，變阻器至少分去3,-0.5,=2.5,的電壓時才能達到目的，即變阻器的電壓至少為定值電阻的m=5倍，由分壓原理，變阻器連入電路中的電阻0.57至少為5x5。=25。，而題中變阻器的最大電阻為20。，故應換用最大阻值至少25。的變阻器；四、綜合應用題(共24分)如圖所示是某太陽能熱水器，水容量為1003該熱水器在冬季有效日照時段里，平均每平方米的面積上每小時接收的太陽能約為2.8x106，，若該熱水器接收太陽能的有效面積為1.562，每天日照時間按8h計算，若這些太陽能能使裝滿水的熱水器中的水溫從20。。升高到60。。［水的比熱容為4.2X103〃(kg.°C)，水的密度為1.0X103kg/m］，求：(1)熱水器中水的質量；(2)一天內熱水器中的水吸收的熱量；(3)熱水器在冬季的效率.【答案】(1)熱水器中水的質量為100kg；(2)一天內熱水器中的水吸收的熱量1.68X107)；(3)熱水器在冬季的效率為50%.【考點】太陽能的相關計算【解析】(1)知道熱水器中水的體積，利用m=pV求水的質量；(2)知道水的質量、比熱容、水的溫度變化，利用Q吸=cma求一天內熱水器中的水吸收的熱量；(3)求出一天內熱水器接收太陽能的能量，熱水器在冬季的效率等于水吸收的熱量與接收的太陽能之比.【解答】解：(1)熱水器中水的體積V=100L=100dm3=0.163，由p=:得水的質量:試卷第16頁，總20頁

m=pV=1x103kg/m3x0.1m3=100kg；一天內熱水器中的水吸收的熱量：Q吸=cmJt=4.2x103J/(kg-°C)x100kgx(60。。-20。。)=1.68x107/；一天內熱水器接收太陽能的能量：E=2.8x106j/(m2-h)x1.5m2x8h=3.36x107/,熱水器在冬季的效率：〃二線=L68x107/x100%=50%.E 3.36x107/小明同學為了增加所設計機器人的可觀賞性，他想用亮度可調節(jié)的紅、綠燈做它的眼睛，現(xiàn)已知紅燈4規(guī)格為“6V3W〃，為了測出綠燈”及電位器(滑動變阻器)R的規(guī)格，他選用紅燈4和綠燈”及電位器R等元件涉及了如圖所示電路(電源電壓不變，不考慮燈絲電阻的變化).求：(1)當閉合開關S、耳，斷開S2，且電位器R的滑片P移至b端時，兒正常發(fā)光，流過4的電流及電源的電壓；(2)當閉合開關S、1和52，且電位器的滑片P移至b端時，“正常發(fā)光，電流表的示數(shù)增大了14燈”的額定電壓和額定功率；(3)當閉合開關S、S2，斷開邑，且電位器的滑片P移至R中點時，電流表的示數(shù)為0.254小明選用的電位器R的最大阻值；(4)該電路消耗的最小電功率.【答案】(1)流過4的電流為0.54電源電壓為6V；(2)燈”的額定電壓為6V,額定功率為6W；小明選用的電位器R的最大阻值為36Q(4)該電路消耗的最小電功率為0.75W.【考點】電功率的計算歐姆定律的應用【解析】(1)利用P=u/即可求出4正常發(fā)光，流過4的電流；當閉合開關S、耳，斷開s2,滑動變阻器的滑片P移至b端時，只有4連入電路，根據(jù)燈泡正常發(fā)光時的電壓與額定電壓相等確定電源的電壓；(2)當閉合開關S、Sjs2，滑動變阻器的滑片P移至b端時，兩燈泡并聯(lián)，由于兩燈泡都正常發(fā)光；根據(jù)并聯(lián)電路的特點即可求出燈”的額定電壓和電流，利用P=u/求出4的額定功率；(3)當閉合開關S、S2，斷開邑，且電位器的滑片P移至R中點時，4與滑動變阻器串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律求出電路中的總電阻和R2，再根據(jù)電阻的串聯(lián)求出滑動變阻器接入電路中的電阻，進而即可求出R的最大阻值；(4)根據(jù)歐姆定律求出々與R2比較，電阻大的燈泡與滑動變阻器的最大阻值串聯(lián)時電試卷第17頁，總20頁

路中的總電阻最大，根據(jù)p=彳可知電路中的電功率最小，然后根據(jù)電阻的串聯(lián)和電功率公式求出其大小?！窘獯稹拷猓海?）當閉合開關S、S1，斷開s2,滑動變阻器的滑片P移至b端時，只有4連入電路，由。=。/可得，4正常發(fā)光時的電流：/額1=卜=^=0.54U額1由于4正常發(fā)光，則電源的電壓U=U額1=6V；（2）當閉合開關S、S「S2,滑動變阻器的滑片P移至b端時，兩燈泡并聯(lián)，且兩燈泡均正常發(fā)光，由于并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，U額2=U額1=6V；由題意可知此時干路電流增加14根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點可知燈4的額定電流：/額2=△/=14所以，燈L2的額定功率：P額2=U額/額2=6UX14=6W；（3）當閉合開關S、S2,斷開2，綠燈4與滑動變阻器串聯(lián)，電流表測電路中的電流，由歐姆定律可得，電路中的總電阻：^=-=-^―=24C，/ 0.254由/=￡可得，綠燈4的電阻：人=■^額"2=過=6a，"額2 ”串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，則滑動變阻器接入電路中的電阻：R中=R-q=24c-6C=18Q所以，滑動變阻器的最大電阻R=2R中=2X18c=36Q（4）由/="可得，紅燈1的電阻：&=k="=12C>6C，R 21 1 /額］ 0.54所以當S、S1閉合、s2斷開，滑片P在a端時：滑動變阻器的最大阻值與紅燈4串聯(lián);此時總電阻最大，電路中的電功率最小，則最小總功率：P=g=2）2=0.75