2019版課時(shí)分層集訓(xùn)9運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用

分層集訓(xùn)分層集訓(xùn)(九(限時(shí)：40分鐘)1．(2018·西安“四?！?月聯(lián)考)圖3-3-11甲是站在力傳感器上做下蹲、起跳動(dòng)作的示意圖，中間的“·”表個(gè)點(diǎn)在圖甲中沒(méi)有畫(huà)出．取重力加速度g＝10 m/s2．根據(jù)圖象分析可知()3-3-A1500B．cC．eD．df ABABAABAABA 動(dòng)力學(xué)中整體法、法應(yīng)用物塊與水平面間接觸面光滑，物塊A的加速度大小為a1，物塊A、B間的相互作用力大小為N1；若物塊N2，則以下判斷正確的是() MFm的小球靜止在圓槽上3-3-15所示，則()如圖3-3-16所示，一木塊，在力F作用下向上提升．和木塊的質(zhì)量分別為m、M，與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦力均為f．若木塊不滑動(dòng)，力F的最大值是( 2fM2fm2f 2f (2018·天水模擬)如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量為mA、mB(mA＞mB)，由輕繩連接繞過(guò)滑輪并從靜止釋放，不計(jì)滑輪質(zhì)量和所有摩擦，則A、B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中( C．它們加速度的大小與mB成正動(dòng)力學(xué)中圖象問(wèn)題度v隨時(shí)間t變化的規(guī)律是(物體的初速度為零，重力加速度取10m/s2)( v-t圖象，可能正確的是()F＝15NFv-t3-3-18所示，g10m/s20～4s4～6s0～6s10．(多選)3-3-19v1v2的小物塊從與v-t圖象(以地面為參考系)v2>v1，則() t1A10．5kg，Qm＝1．5kgk＝800N/m3-3-20所示，現(xiàn)給P施加一個(gè)方向豎直向上的力F，使它從靜止開(kāi)始向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，已知0．2s內(nèi)，F(xiàn)為變力，0．2s以后，F(xiàn)F的最大值與最小值．(g＝10m/s2)如圖3-3-21所示，將砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動(dòng)很m1m2，各接觸面μg．(2)F的大??；l＝0．002m，人眼就能感知．為確保實(shí)驗(yàn)成功，紙板所需的拉力至少多大？ [aG＝500N，A錯(cuò)誤．c、e點(diǎn)處人對(duì)傳感器的壓力大于人所受重力，故都處于超重狀態(tài)，B正確，Cd點(diǎn)處人所受合力為1000N，而在f點(diǎn)處人所受合力僅為500N，再由第二定律可知人在d點(diǎn)處的加速度大，D錯(cuò)誤 只受重力作用，兩物體間的相互作用力為零，A正確．]BD[mgsinθ＝μmgcosθμ＝tanθ(θ為斜面傾角)，f′＝μN(yùn)′＝μ(mg＋ma)cosθ>μmgcosθ，A錯(cuò)誤．f′＝μ(mg＋ma)cosθ＝tanθ(mg＋ma)cosθ＝(mg＋ma)sinθ＝G下′，所以物塊仍沿斜面勻速運(yùn)動(dòng)，D對(duì)，C錯(cuò)誤．] ＝mBa1＝3．接觸面粗糙時(shí)，整體分析：a2＝3m＝3m－μga1＞a2BN1＝N2，B、C 力 mg2＋M＋m2，由第三定律可知只有C項(xiàng)正確 對(duì)木塊有 對(duì)有 2f

A

mA－mB備選

F－mgsin [0～1s

mgsin

F＋mgsin

直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，3sv3＝a3t3＝15m/sC正確，A、B、D ，即t軸交點(diǎn)處的切線(xiàn)的斜率應(yīng)與虛線(xiàn)的斜率相同，故D項(xiàng)正確，B、C項(xiàng)錯(cuò)誤．] (1)由圖可得：a1＝Δt1＝4m/s2＝2．5 a2＝Δt2＝2m/s2＝5根據(jù)第二定律得根據(jù)第二定律得 解得：m＝μg＋a1＝2v v＝t＝t＝2＝2m/s＝5[答案](1)2．5 5 2 (3)5ABC[相對(duì)地面而言，小物塊在0～t1時(shí)間內(nèi)，向左做勻運(yùn)動(dòng)，t1～t2時(shí)間內(nèi)，又反向向右做勻加速值，B、C正確，D錯(cuò)誤．][解析]設(shè)開(kāi)始時(shí)彈簧壓縮量為x1，t＝0．2s時(shí)彈簧的壓縮量為x2，物體P的加速度為a，則有 1 M＋m

＝0．15 a＝6F小＝(M＋m)a＝72F大＝M(g＋a)＝168N． 168N 72N Ff2＝μ(m1＋m2)gFf＝Ff1＋Ff2Ff＝μ(