云南省華寧一中2023屆高三復(fù)習(xí)第三次質(zhì)量檢測(cè) 高三物理

第頁(yè)絕密★啟用前：考試時(shí)間：201年12月20日云南省華寧一中2023屆高三復(fù)習(xí)第三次質(zhì)量檢測(cè)高三理綜物理明天教師：審題教師：?jiǎn)雾?xiàng)選擇題(共8小題,每題6分,共48分)1.物理學(xué)的開(kāi)展豐富了人類對(duì)物質(zhì)世界的認(rèn)識(shí)，推動(dòng)了科學(xué)技術(shù)的創(chuàng)新和革命，促進(jìn)了物質(zhì)生產(chǎn)的繁榮與人類文明的進(jìn)步，以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是()A．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，并提出了電磁感應(yīng)定律B．庫(kù)侖提出了庫(kù)侖定律，并最早實(shí)驗(yàn)測(cè)得元電荷e的數(shù)值C．伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，并通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了引力常量D．法拉第不僅提出了場(chǎng)的概念，而且創(chuàng)造了人類歷史上的第一臺(tái)發(fā)電機(jī)2.如下圖,在兩等量異種點(diǎn)電荷連線上有D，E，F(xiàn)三點(diǎn),且DE＝EF.K，M，L分別為過(guò)D，E，F(xiàn)三點(diǎn)的等勢(shì)面.一不計(jì)重力的帶負(fù)電粒子,從a點(diǎn)射入電場(chǎng),運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中實(shí)線所示,以|Wab|表示該粒子從a點(diǎn)到b點(diǎn)電場(chǎng)力做功的數(shù)值,以|Wbc|表示該粒子從b點(diǎn)到c點(diǎn)電場(chǎng)力做功的數(shù)值,那么()A．|Wab|＝|Wbc|B．|Wab|＞|Wbc|C．粒子由a點(diǎn)到b點(diǎn),動(dòng)能增加D．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)較b點(diǎn)的電勢(shì)低3.如下圖，在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，從傾角為θ的斜面上的M點(diǎn)水平拋出一個(gè)帶負(fù)電小球，小球的初速度為v0，最后小球落在斜面上的N點(diǎn)．在θ，v0和小球所受的電場(chǎng)力大小F及重力加速度g的條件下，不計(jì)空氣阻力，那么以下判斷正確的選項(xiàng)是()A．可求出小球落到N點(diǎn)時(shí)重力的功率B．由圖可知小球所受的重力大小可能等于電場(chǎng)力C．可求出小球從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)能的變化量D．可求出小球落到N點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向4.某物體沿直線運(yùn)動(dòng)，其v－t圖象如下圖，那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．物體8s內(nèi)始終向一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)B．前3s內(nèi)速度方向與加速度方向相同，物體做加速運(yùn)動(dòng)C．4～6s內(nèi)物體速度方向與加速度方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)D．第7s內(nèi)速度方向與加速度方向相同，物體做加速運(yùn)動(dòng)5.如下圖，金屬桿ab靜止放在水平固定的“U〞形金屬框上，整個(gè)裝置處于豎直向上的磁場(chǎng)中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大時(shí)，金屬桿ab總保持靜止．那么()A．桿中感應(yīng)電流方向從b到aB．桿中感應(yīng)電流大小保持不變C．金屬桿所受安培力大小保持不變D．金屬桿所受安培力水平向右6.如圖5，海王星繞太陽(yáng)沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，P為近日點(diǎn)，Q為遠(yuǎn)日點(diǎn)，M、N為軌道短軸的兩個(gè)端點(diǎn)，運(yùn)行的周期為T(mén)0，假設(shè)只考慮海王星和太陽(yáng)之間的相互作用，那么海王星在從P經(jīng)過(guò)M、Q到N的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中()A．從P到M所用的時(shí)間等于B．從Q到N階段，機(jī)械能逐漸變大C．從P到Q階段，速率逐漸變小D．從M到N階段，萬(wàn)有引力對(duì)它先做負(fù)功后做正功7.(多項(xiàng)選擇)在如下圖的遠(yuǎn)距離輸電電路圖中，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發(fā)電廠的輸出電壓和輸電線的電阻均不變，隨著發(fā)電廠輸出功率的增大，以下說(shuō)法中正確的有()A．升壓變壓器的輸出電壓增大B．降壓變壓器的輸出電壓增大C．輸電線上損耗的功率增大D．輸電線上損耗的功率占總功率的比例增大8.(多項(xiàng)選擇)如下圖一輕質(zhì)彈簧下端懸掛一質(zhì)量為m的小球，用手托著，使彈簧處于原長(zhǎng)，放手后，彈簧被拉至最長(zhǎng)的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．小球先失重后超重B．小球機(jī)械能守恒C．小球所受的重力做的功大于彈簧的彈力對(duì)小球所做的功D．彈簧最長(zhǎng)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能、小球的重力勢(shì)能之和最大分卷II三、實(shí)驗(yàn)題(共2小題,每題10.0分,共20分)9.某實(shí)驗(yàn)小組擬用甲圖所示的裝置研究滑塊的運(yùn)動(dòng)。實(shí)驗(yàn)器材有：滑塊，鉤碼，紙帶，毫米刻度尺，帶滑輪的木板，漏斗和細(xì)線組成的單擺〔細(xì)線質(zhì)量不計(jì)且不可伸長(zhǎng)，裝滿有色液體后，漏斗和液體質(zhì)量相差不大〕等。實(shí)驗(yàn)前，在控制液體不漏的情況下，從漏斗某次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，測(cè)得之后漏斗第100次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)共用時(shí)100秒；實(shí)驗(yàn)中，讓滑塊在鉤碼作用下拖動(dòng)紙帶做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，同時(shí)單擺垂直于紙帶運(yùn)動(dòng)方向做微小振幅擺動(dòng)，漏斗漏出的液體在紙帶上留下的痕跡記錄了漏斗在不同時(shí)刻的位置?！?〕單擺的周期是s；〔2〕圖乙是實(shí)驗(yàn)得到的有液體痕跡并進(jìn)行了數(shù)據(jù)測(cè)量的紙帶，根據(jù)紙帶可求出滑塊的加速度為m/s2；〔結(jié)果取兩位有效數(shù)字〕〔3〕用該實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量滑塊加速度，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果影響最大的因素是。10.某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)定一個(gè)阻值約為5Ω的電阻Rx的阻值。〔1〕現(xiàn)有電源〔4V,內(nèi)阻可不計(jì)〕,滑動(dòng)變阻器〔0～50Ω,額定電流2A〕,開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線假設(shè)干以及以下電表A.電流表〔0～0.6A,內(nèi)阻約0.125Ω〕B.電流表〔0～3A,內(nèi)阻約0.025Ω〕C.電壓表〔0～3V,內(nèi)阻約3kΩ〕D.電壓表〔0～15V,內(nèi)阻約15kΩ〕為減小測(cè)量誤差,在實(shí)驗(yàn)中,電流表應(yīng)選用,電壓表應(yīng)選用〔選填器材前的字母〕;實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用圖中的〔選填“甲〞或“乙〞〕?！?〕接通開(kāi)關(guān),改變滑動(dòng)變阻器滑片P的位置,并記錄對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I，電壓表示數(shù)U。某次電表示數(shù)如下圖,可得該電阻的測(cè)量值Rx=Ω。〔3〕假設(shè)在〔1〕問(wèn)中選用甲電路,產(chǎn)生誤差的主要原因是;假設(shè)在〔1〕問(wèn)中選用乙電路,產(chǎn)生誤差的主要原因是。〔選填選項(xiàng)前的字母〕A.電流表測(cè)量值小于流經(jīng)Rx的電流值B.電流表測(cè)量值大于流經(jīng)Rx的電流值C.電壓表測(cè)量值小于Rx兩端的電壓值D.電壓表測(cè)量值大于Rx兩端的電壓值三、計(jì)算題(共2小題,共30分)11.如下圖．電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)滾輪作逆叫針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在滾輪的摩擦力作用下，將一金屬板從斜面底端A送往上部，斜面光滑且足夠長(zhǎng)．傾角=。滾輪與金屬板的切點(diǎn)B到斜面底端A的距離為L(zhǎng)=6．.返回斜面底部與擋板相撞后立即靜止．此時(shí)放下滾輪再次壓緊板，再次將板從最底端送往斜面上部，如此往復(fù)．板的質(zhì)量為．滾輪邊緣線速度恒為v=4m/s．滾輪對(duì)板的壓力，滾輪與板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，g取10m/s2。求：〔1〕在滾輪作用下板上升的加速度：〔2〕板加速至與滾輪速度相同時(shí)前進(jìn)的距離〔3〕每個(gè)周期中滾輪對(duì)金屬板所做的功；〔4〕板往復(fù)運(yùn)動(dòng)的周期．12.在真空中，半徑r＝3×10－2m的圓形區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向如圖6所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.2T，一個(gè)帶正電的粒子以初速度v0＝1×106m/s從磁場(chǎng)邊界上直徑ab的一端a點(diǎn)射入磁場(chǎng)，該粒子的比荷＝1×108C/kg，不計(jì)粒子重力．(1)求粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；(2)假設(shè)要使粒子飛離磁場(chǎng)時(shí)有最大偏轉(zhuǎn)角，求入射時(shí)v0與ab的夾角θ及粒子的最大偏轉(zhuǎn)角．【物理—選修3-3】15分〔1〕關(guān)于固體、液體和氣體，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分〕。A.固體中的分子是靜止的，液體、氣體中的分子是運(yùn)動(dòng)的B.液體外表層中分子間的相互作用表現(xiàn)為引力C.液體的蒸發(fā)現(xiàn)象在任何溫度下都能發(fā)生D.汽化現(xiàn)象是液體分子間因相互排斥而發(fā)生的E.有的物態(tài)變化中雖然吸收熱量但溫度卻不升高如下圖是生活上常用噴霧器的簡(jiǎn)化圖。貯液瓶容積為3L〔不計(jì)貯液瓶中打氣筒和細(xì)管的體積〕，噴液前，瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)需到達(dá)2.5atm，方可將液體變成霧狀噴出，打氣筒每次能向貯液瓶?jī)?nèi)打入P0=1.0atm的空氣△V=50mL。現(xiàn)翻開(kāi)進(jìn)水閥門(mén)A和噴霧頭閥門(mén)B，裝入2L的清水后，關(guān)閉閥門(mén)A和B。設(shè)周圍大氣壓恒為P0，打氣過(guò)程中貯液瓶?jī)?nèi)氣體溫度與外界溫度相同且保持不變，不計(jì)細(xì)管中水產(chǎn)生的壓強(qiáng)。求：(i)為確保噴霧器的正常使用，打氣筒至少打氣次數(shù)n；(ii)當(dāng)瓶?jī)?nèi)氣壓到達(dá)2.5atm時(shí)停止打氣，然后翻開(kāi)閥門(mén)B，求噴霧器能噴出的水的體積最大值。34、【物理—選修3-4】15分〔1〕如圖甲所示，在水平面內(nèi)，有三個(gè)質(zhì)點(diǎn)a、b、c分別位于直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，ab＝6m，ac＝8m．在t1＝0時(shí)刻a、b同時(shí)開(kāi)始振動(dòng)，振動(dòng)圖象均如圖乙所示，所形成的機(jī)械波在水平面內(nèi)傳播，在t2＝4s時(shí)c點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)，那么()A.該機(jī)械波的傳播速度大小為2m/sB.c點(diǎn)的振動(dòng)頻率先是與a點(diǎn)相同，兩列波相遇后c點(diǎn)的振動(dòng)頻率增大C.該列波的波長(zhǎng)是2mD.兩列波相遇后，c點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)E.兩列波相遇后，c點(diǎn)振動(dòng)減弱〔2〕如圖，一截面為正方形ABCD的正方體容器放在真空環(huán)境中，正方形邊長(zhǎng)為l，一束光線沿AC方向射來(lái)，由于容器內(nèi)盛裝有某種液體，使光線折射到距離C點(diǎn)l4處的O點(diǎn)，液體的折射率n=2，真空中的光速為c①盛裝液體的高度h；②光從A到O所用的時(shí)間t。

答案解析1.【答案】D【解析】奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，法拉第提出了電磁感應(yīng)定律，故A錯(cuò)誤；庫(kù)侖提出了庫(kù)侖定律，但最早實(shí)驗(yàn)測(cè)得元電荷e的數(shù)值的不是庫(kù)倫，所以B錯(cuò)誤；伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，卡文迪許測(cè)出的引力常量，所以C錯(cuò)誤；法拉第不僅提出了場(chǎng)的概念，而且創(chuàng)造了人類歷史上的第一臺(tái)發(fā)電機(jī)，故D正確。2.【答案】B【解析】由等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線特點(diǎn)可知靠近電荷處電場(chǎng)強(qiáng)度大，類比公式U=Ed知|Uab|＞|Ubc|，而W=qU，所以|Wab|＞|Wbc|，那么A錯(cuò)誤，B正確；粒子由a點(diǎn)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，動(dòng)能減少，那么C錯(cuò)誤．從帶負(fù)電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知該粒子從a點(diǎn)到c點(diǎn)受到大體向左的作用力，故左側(cè)為正電荷，從左向右電勢(shì)降低，那么D錯(cuò)誤；3.【答案】BD【解析】質(zhì)量未知，故無(wú)法求重力功率，故A錯(cuò)誤；小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，重力與電場(chǎng)力的大小不確定，可能兩者相等，故B正確；小球從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)能的變化量ΔEp＝Fy＝F·，由于加速度a無(wú)法求出，所以電勢(shì)能的變化量不能求出，故C錯(cuò)誤；利用平拋知識(shí)有＝＝＝tanθ，速度偏向角設(shè)為α，那么tanα＝＝2tanθ，那么得：vy＝2v0tanθ，故vN＝＝v0，D正確．4.【答案】B【解析】物體在0～4s內(nèi)做加速運(yùn)動(dòng)，速度與加速度同向；在4～5s內(nèi)做減速運(yùn)動(dòng)，速度與加速度反向，5s末速度減為0；5～6s內(nèi)做反方向的加速運(yùn)動(dòng)，速度與加速度同向；6～8s內(nèi)在反方向做減速運(yùn)動(dòng)，速度與加速度反向，綜上所述，B項(xiàng)正確，A、C、D項(xiàng)錯(cuò)誤．5.【答案】B【解析】整個(gè)裝置所在平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，磁通量增加，根據(jù)楞次定律，桿中感應(yīng)電流方向是從a到b，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，由于磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，故在回路中會(huì)產(chǎn)生恒定的電流，選項(xiàng)B正確；根據(jù)安培力公式F＝BIL，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加，故桿所受到的安培力大小也逐漸變大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)左手定那么，桿所受安培力水平向左，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．6.【答案】CD【解析】由行星運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，從P經(jīng)M到Q點(diǎn)的時(shí)間為T(mén)0，根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可知，從P到M運(yùn)動(dòng)的速率大于從M到Q運(yùn)動(dòng)的速率，可知從P到M所用的時(shí)間小于T0，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；海王星在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只受太陽(yáng)的引力作用，故機(jī)械能守恒，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可知，從P到Q階段，速率逐漸變小，選項(xiàng)C正確；海王星受到的萬(wàn)有引力指向太陽(yáng)，從M到N階段，萬(wàn)有引力對(duì)它先做負(fù)功后做正功，選項(xiàng)D正確．7.【答案】CD【解析】升壓和降壓變壓器的輸出電壓由輸入電壓和線圈的匝數(shù)決定，不受到輸出功率的影響，因此輸出電壓不發(fā)生變化，A項(xiàng)和B項(xiàng)錯(cuò)誤；P損＝I2R線＝2R線，可知隨著輸出功率的增大，輸電線上損耗的功率越大，C項(xiàng)正確；根據(jù)n＝＝，U出、R線不變，P出逐漸增大，因此損耗的功率占總功率的比例增大．8.【答案】AD【解析】彈簧被拉至最大形變的過(guò)程中，彈力逐漸增大，彈力開(kāi)始小于重力，加速度方向向下，后來(lái)彈力大于重力，加速度方向向上，所以小球先失重后超重．故A正確．彈簧被拉至最大形變的過(guò)程中，有彈簧彈力和重力做功，小球、彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球的機(jī)械能不守恒．故B錯(cuò)誤．根據(jù)動(dòng)能定理知，整個(gè)過(guò)程中動(dòng)能的變化量為零，那么重力做功與小球克服彈簧彈力做功相等．故C錯(cuò)誤．由系統(tǒng)機(jī)械能守恒知，彈簧被拉至最大形變時(shí)，系統(tǒng)動(dòng)能最小，系統(tǒng)的勢(shì)能最大，即彈簧的彈性勢(shì)能、小球的重力勢(shì)能之和最大．故D正確．9.【答案】(1)2(2)0.10(3)漏斗重心變化導(dǎo)致單擺有效擺長(zhǎng)變化。從而改變單擺周期，影響加速度的測(cè)量值【解析】(1)一個(gè)周期內(nèi)漏斗2次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)，所以周期T=2s；(2)由圖可知時(shí)間間隔為半個(gè)周期t=1s，由逐差法可知；(3)漏斗重心變化導(dǎo)致單擺有效擺長(zhǎng)變化。從而改變單擺周期，影響加速度的測(cè)量值．．．10.【答案】〔1〕AC甲〔2〕5.2〔3〕BD【解析】〔1〕由于電動(dòng)勢(shì)為4v，待測(cè)電阻約為，電流最大值約為0.8A，電流和電壓最大值都不到BD的三分之一，為了減少誤差，最好使用電流表A，電壓表C，據(jù)，應(yīng)把電流表接成外接，應(yīng)選電路圖甲；〔2〕據(jù)電表所示，電壓為,電流為，那么待測(cè)電阻阻值為：；〔3〕在甲圖中的誤差原因是電壓表的分流作用，使測(cè)量電流大于實(shí)際電流，即選項(xiàng)B；乙圖中誤差原因是電流表的分壓作用，使電壓測(cè)量值大于實(shí)際電壓，，即選項(xiàng)D。11.【答案】〔1〕2m/s2〔2〕x=4m〔3〕J〔4〕5.225s【解析】〔1〕板沿斜面方向運(yùn)動(dòng)，在斜面方向受到沿斜面向下的重力分力以及滾輪對(duì)其沿斜面向上的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度=2m/s2〔2〕板的速度與滾輪速度相同前，板一直勻加速，初速度為0，速度相同時(shí)速度v=4m/s，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)有，得x=4m〔3〕由于x=4m<L=6.5m所以板的運(yùn)動(dòng)分為勻加速運(yùn)動(dòng)階段和勻速運(yùn)動(dòng)階段勻加速運(yùn)動(dòng)階段電場(chǎng)力做功W1，根據(jù)動(dòng)能定理有，得J。勻速運(yùn)動(dòng)階段電場(chǎng)力做功W2，根據(jù)動(dòng)能定理有，得所以電場(chǎng)力做功J〔4〕板的運(yùn)動(dòng)分為四個(gè)階段第一階段從0勻加速到v=4m/s，時(shí)間s第二階段勻速運(yùn)動(dòng)到板的下端到達(dá)滑輪，時(shí)間s第三階段沒(méi)有摩擦力，在自身重力沿斜面分力作用下勻減速到0，加速度，運(yùn)動(dòng)時(shí)間s，運(yùn)動(dòng)距離m第四階段為沿斜面向下勻加速滑行，加速度，位移為m，根據(jù)可得時(shí)間所以一個(gè)周期的時(shí)間12.【答案】(1)5×10－2m(2)37°74°【解析】(1)粒子射入磁場(chǎng)后，由于不計(jì)重力，所以洛倫茲力提供圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力，根據(jù)牛頓第二定律有qv0B＝mR＝＝5×10－2m.(2)粒子在圓形磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)的運(yùn)動(dòng)軌跡為一段半徑R＝5cm的圓弧，要使偏轉(zhuǎn)角最大，就要求這段圓弧對(duì)應(yīng)的弦最長(zhǎng)，即為圓形區(qū)域的直徑，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心O′在ab弦的中垂線上，如下圖．由幾何關(guān)系可知sinθ＝＝0.6，θ＝37°最大偏轉(zhuǎn)角β＝2θ＝74°.33、【答案】BCE【解析】無(wú)論固體、液體和氣體，分子都是在永不停息的做無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；當(dāng)分子間距離為r0時(shí)，分子引力和斥力相等，液體外表層的分子比擬稀疏，分子間距大于r0，所以分子間作用力表現(xiàn)為引力，故B正確；蒸發(fā)是液體外表分子無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)的情況，故C正確；汽化是物質(zhì)從液態(tài)變成氣態(tài)的過(guò)程，汽化分蒸發(fā)和沸騰，而不是分子間的相互排斥而產(chǎn)生的，故D錯(cuò)誤；冰在融化過(guò)程中吸收熱量但溫度不升高，故E正確。所以BCE正確，AD錯(cuò)誤?！敬鸢浮俊瞚〕30〔ii〕1.5L【解析】〔i〕貯