2021年陜西省榆林市高考物理三模試卷(附答案詳解)

4.第4.第#頁，共17頁第第13頁，共17頁根據(jù)實驗步驟應用并聯(lián)電路特點求出毫安表內(nèi)阻，根據(jù)實驗步驟應用并聯(lián)電路特點與歐姆定律分析實驗誤差。擴大毫安表量程需要并聯(lián)分流電阻，根據(jù)并聯(lián)電路特點與歐姆定律求出并聯(lián)電阻阻值。根據(jù)微安表量程與圖c所示表盤確定其分度值，根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)，然后求出標準毫安表的示數(shù)。本題考查了電流表的改裝問題，把毫安表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)分流電阻，應用并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出并聯(lián)電阻阻值，掌握基礎知識是解題的前提與關鍵,根據(jù)題意應用基礎知識即可解題?！敬鸢浮拷猓?1)帶電粒子在電場中做類平拋運動，設粒子在電場中運動的時間為r,剛進磁場時速度方向與初速度方向的夾角為a,剛進磁場時豎直向上的分速度大小為有水平方向有：V3d=v0t豎直方向有：-=^rt22tana=與粒子剛到達D點時的速度大小U=Vv0+V2聯(lián)立解得：v=°V3v30a=30°(2)帶電粒子在磁場中的運動軌跡與磁場右邊界相切時半徑最大，B最小，由幾何關系知I???■:t■R+Rcos60°=d11可得E=°d13根據(jù)牛頓第二定律，有qvBm.=11LLlLdRi答:(1)帶電粒子到達D點時的速度大小為「0,方向與初速度方向的夾角為30°；⑵若帶電粒子從MN飛出磁場，磁場的磁感應強度的最小值為3皿0。qd【解析】(1)帶電粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)運動學公式可解得；(2)帶電粒子在磁場中的運動軌跡與磁場右邊界相切時半徑最大，根據(jù)幾何關系結(jié)合洛倫茲力提供向心力可解得。本題中質(zhì)點在組合場運動，分析受力情況，確定質(zhì)點的運動情況是解題的基礎．結(jié)合粒子運動的周期性，運用數(shù)學幾何知識綜合求解．【答案】解：(1)因為A.B間的動摩擦因數(shù)與木板4底面和車廂間的動摩擦因數(shù)相等,所以在4與小車后壁碰撞前4、B相對靜止，對4、B,由牛頓第二定律得：+mB)g=(mA+mB)aAB根據(jù)位移—時間公式有：XAB=1zaABt2對小車，由牛頓第二定律得口(勺+mB)g=Ma根據(jù)位移—時間公式有：X=Vt—丄處202根據(jù)幾何關系可知：x—xAB=厶——聯(lián)立解得：“=0.1(2)A與小車碰撞過程動量守恒，取向右為正方向，由動量守恒定律得：mAvA+Mq=(mA+M)v24與小車碰撞前的速度=%上=VB小車的速度q=vo—at聯(lián)立解得u2=2.5m/s最后B與4相對靜止，三者組成的系統(tǒng)動量守恒，有(mA+M)v2+叫?=(mA+M+mB解得冬=2m/s設B在4上滑動的路程為s,由功能關系有(mA+M)v2+1^bv2=1(mA+M+^b)^2+p.mBgs解得(mA+M)v2+1^bv2A、B—起勻速運動時，B至必左端的距離s=LA—s=3m—0.75m=2.25m答：(1)4、B間的動摩擦因數(shù)是0.1；(2)4、B—起勻速運動時，B至必左端的距離是2.25m?！窘馕觥竣啪肂間的動摩擦因數(shù)與木板4底面和車廂間的動摩擦因數(shù)相等，給小車水平向右的初速度后，4、B相對靜止，根據(jù)牛頓第二定律求出整體和小車各自的加速度，由位移-時間公式得到整體和小車在上=1s時間內(nèi)的位移，根據(jù)位移之差等于厶-厶4,聯(lián)立求解4、B間的動摩擦因數(shù)；(2)根據(jù)速度-時間公式求出整體和木板4與小車后壁碰撞前的速度。根據(jù)動量守恒定律求出4與小車后壁發(fā)生碰撞后的共同速度。之后，B在4上滑動，最終B與4相對靜止，根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律相結(jié)合求4、B—起勻速運動時，B到4左端的距離。此題考查動量守恒定律和牛頓第二定律的綜合問題，對于多物體的運動，解題的關鍵是針對具體過程和特定物體分析，再根據(jù)牛頓第二定律、動量守恒定律解答。13.【答案】4CD【解析】解：4、知道氦氣的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，則可以算出氦氣分子所占空間體積的大小，但氣體分子之間的距離遠大于氣體分子的大小，所以氦氣分子所占空間體積的大小遠大于氦氣分子體積的大小，所以知道氦氣的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，不能算出氦氣分子的體積，故A正確B、根據(jù)分子動理論可知溫度越高，分子熱運動越劇烈，故B錯誤；C、溫度是分子平均動能的標志，相同質(zhì)量的水和冰在0°C時，分子平均動能一定相等，故C正確；D、當分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時，分子間的距離減小時，分子力做負功，分子勢能增大，所以分子間的距離越小，分子勢能越大，故D正確；E、兩個分子間的距離變大的過程中，分子間引力和斥力均減小，弓|力變化總是比斥力變化慢，故E錯誤；故選：4CD。氣體分子之間的距離很大；根據(jù)分子動理論：溫度越高分子熱運動越劇烈；溫度是分子平均動能的標志；根據(jù)分子力與分子做功的關系判斷；分子間同時存在引力和斥力，且斥力比引力變化快。本題考查了熱學的有關基礎知識，這部分知識比較雜，對于這部分知識主要是加強記憶和平時的積累．【答案】解：(1)氣體做等壓變化，由蓋—呂薩克定律可得：L]S=(厶]厶2)STTi解得：Ti=600K(2)經(jīng)分析可知，氣體初態(tài)壓強為：卩1=卩0-卩]|其中：pr'=30cmHg末態(tài)壓強為：P2=P0-P1isind由玻意耳定律可得：P]L]=P2L聯(lián)立解得：L=11.1cm答:(1)管內(nèi)氣體的熱力學溫度八為600K；(2)當水銀柱穩(wěn)定后，氣柱的長度厶為11.1cm?！窘馕觥?1)根據(jù)分析可知。封閉的理想氣體變化前后壓強不變，根據(jù)公式PV=CT計算出氣體的溫度；(2)分別分析出變化前后氣體的壓強和體積，根據(jù)玻意耳定律計算出氣柱的長度。本題主要考查了封閉的理想氣體的狀態(tài)方程，解題的關鍵點是找到氣體在變化前后的狀態(tài)參量，結(jié)合公式PV=CT完成分析。【答案】ACE【解析】解：4、簡諧波沿繩向右傳播時，若a點的位移達到正向最大時，b點的位移恰好為零，且向下運動，則有：=(n3)久，n=0，1，2,…4得到波長通項為：久=込=9九，該波的波長大于1.2m，則n=0，所以波長為：4n34n3A=1.6m，故A正確；B、由于上=0時，a質(zhì)點的位移達到正向最大，t=1s時，a質(zhì)點第一次回到平衡位置，則有1T=1s，解得周期T=4s，則波速v=1=1.6m/s=0.4m/s，故B錯誤，C正確4T4D、r=0時，b質(zhì)點的位移恰好為零，且向下運動，t=1s=1T時，b質(zhì)點在波谷，故4D錯誤；t=5s=T丄7時，a質(zhì)點與t=1s時的情況相同，即a質(zhì)點在平衡位置，故E正確。4故選：ACE.根據(jù)a、b兩點的狀態(tài)：a點的位移達到正向最大時，b點的位移恰好為零，且向下運動，第第17頁，共17頁確定出波長與ab距離的關系，得到波長，根據(jù)時間與周期的關系，得到周期，求出波速；根據(jù)振動情況確定不同時刻質(zhì)點a和b的位置。本題主要是考查了波的圖象；解答本題關鍵是要能夠根據(jù)題意得到波長表達式以及周期的大小，知道波速、波長和頻率之間的關系v=/Ao【答案】解：(1)由題意知，當b光與中心軸MN距離s=^m時，發(fā)生全反射，2根據(jù)幾何關系有sinC=空=血，解得兀=V2R2(2)由題意可知，a光從C點射出，其入射角i=30,且兀=沁:sini解得折射角r=45°，在“COF中，ACFE=15°，CO=1m根據(jù)正