創(chuàng)新課堂2017屆高三物理一輪復(fù)習(xí)課時作業(yè)第9章電磁感應(yīng)

T、方向豎直向下的勻強磁場．下列說法中正確的是()AabbB．cd1C．de1D．fe1[解析]aba→b，Aab切割磁感線產(chǎn)生的E＝Blv，ab為電源，cdR為外電路負(fù)載，decfcdfeU＝E

v＝2＝1V，B、D正確，Cv 2．(2016·江蘇宿遷第一次調(diào)研)Sρ的硬質(zhì)導(dǎo)線做成一個2ρ2ρ Da、bUab＝4kπr 22

|kπr|，由電阻定律知R＝ρS，所以感應(yīng)電流的大小為I＝R＝2ρ，C a、bUab＝2kπr，D 個不同方向平移出磁場，如圖所示，則在移出過程中線框一邊a、b兩點間的電勢差絕對值 C、D中，Uab＝1Blv，B

vB4

一過程相符合的是()[解析]該過程中，框架切割磁感線的有效長度等于框架與磁場右邊界兩交點的間距，根據(jù)幾何關(guān)系l有＝233x，所以E電動勢＝Bl有v＝233Bvx∝x，選項A錯誤，B正確；F外力有有＝

R＝3R∝xC錯誤；P外力功率＝F外力v∝F外力∝xC v向右勻速通過一正方形象正確的是(規(guī)定電流從M經(jīng)R到N為正方向，力向左為正方向)()

R導(dǎo)體棒所受 力大小

I與時間t成正比，而力的大小F則與時間t是二次函數(shù)關(guān)系．由楞次定律可知，導(dǎo)體棒在第一、二區(qū)域的磁場中運動時，產(chǎn)生的感應(yīng)電流分別為從MR到N和從NR到左，只有A正確． 如圖甲所示，MN、PQθ＝30°角固定，間距為L＝1mmab水平放置在軌道上，其阻值忽略不計．空間存在勻強磁場，B＝0.5T．P、MR1的定值電阻， 1mR R11 應(yīng)電流方向由b指向a，所以AB錯誤；總電阻為R總＝R1R/(R1＋R)，I＝BLv/R總，當(dāng)達(dá)

＋，1

BIL＝R1R

R)

mgsin mgsinm＝0.1kg，R1＝1Ω，C 如圖所示，abcdl、具有質(zhì)量的剛性導(dǎo)線框，位于水平面內(nèi)，bc邊串接有電阻R.虛線表示一勻強磁場區(qū)域的邊界，它與線框ab邊平行，磁場區(qū)域的寬度為2l，磁ab邊剛進(jìn)入磁場時，線框做勻速運動，下面定性畫出的回路中電流ix圖象可能正確的是()[解析]x＝0x＝li0x＝lx＝2li＝0ab邊剛出磁場(x＝2l)時，線框cdi>i0線框做運動，隨著速度的減小，力變小，加速度變小，故選項C錯；當(dāng)cd邊剛出磁場時，線框速度可能還沒到ab邊剛進(jìn)磁場時的速度，故選項B對；也可能恰好到ab邊剛進(jìn)磁場時的速度，故選項D對；還可能早就到ab邊剛進(jìn)磁場時的速度以后做勻速運動，故選項A對． t＝0xOyB0，方向xOyL0，整個磁vxn匝線圈組成的矩形線abcd，線框的bc邊平x軸．bc＝LB、ab＝L，LB略大于L0，總電R，線框始終(2)線框所受力的大小和方向 Rab、cd兩條邊均受到力，得出 的錯誤結(jié)論R (1)線框相對于磁場向左做切割磁感線的勻速運動切割磁感線的速度大小為v，任意時刻線框中總的感應(yīng)電動勢大小E＝2nB0Lv

R 力的大小 R由左手定則判斷，線框所受力的方向始終沿x軸正方向 見解[高考向滑動(金屬桿滑動過程中與導(dǎo)軌接觸良好)．則()A為BA為sin Bvsin

B2lvsin 電路中的感應(yīng)電動勢E＝Blv，感應(yīng)電流I＝E＝

Bvsin

A l＝

＝l＝B2lv

sinθ

＝22l B2lv2sin

IIsinθ

D PQadbc滑動的過程中()A．PQB．PQ兩端電壓先減小后增大C．PQ上拉力的功率先減小后增大 阻為R外 R＋R先減小后增大，故A錯誤；由于導(dǎo)體棒做勻速運動，拉力等于力，即F＝BIL，拉力功率P＝BILv，故先減小后增大，所以C正確；外電路的總電阻R外 ，最大為象可知，線框消耗的電功率先增大后減小，故D B＝1TR＝9Ω的電阻．導(dǎo)軌上有質(zhì)m＝1kgr＝1Ω1mt＝0t tt＝4s時導(dǎo)體棒受到的力的大小請在如圖所示的坐標(biāo)系中畫出電流平方與時間的關(guān)系(I2－t)圖象 (1)4s時導(dǎo)體棒的速度是v＝2t＝4E＝BlvI＝I2＝E BL2 I2＝E BL2 ) )t＝0.04t (1)0.4 bbaa′、bb′圍成的區(qū)域有垂直斜面向上的有界勻強磁場，磁感應(yīng)μ＝0.5，(g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)求： F安＋μmgcosθ＝mgsin代入數(shù)據(jù)得：F安＝2×10