湖北省百所重點校2023年高一物理第二學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

湖北省百所重點校2023年高一物理第二學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、一個氣球的質(zhì)量為200kg，用繩子豎直向下拉住并保持靜止，當(dāng)把繩子突然放開的瞬間，氣球有大小為2m/s2向上的加速度，則原來繩子的拉力大小為（）A．400N B．1600N C．2000N D．2400N2、機器人的使用開拓了我們的視野，延伸了我們的肢體，增強了我們的力量，提高了我們的工作效率，將人們從繁重的生產(chǎn)勞動中解救出來。如圖所示，一款微型機器人的直流電動機的額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在電動勢為E，內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間，電動機恰好能正常工作，下列說法正確的是()A．電動機消耗的總功率為EIB．電動機消耗的熱功率為UIC．電源的輸出功率為I2RD．電源的效率為3、如圖，半圓形金屬框豎直放在粗糙的水平地面上，套在其上的光滑小球P在水平外力F的作用下處于靜止狀態(tài)，P與圓心O的連線與水平面的夾角為θ，現(xiàn)用力F拉動小球，使其緩慢上移到框架的最高點，在此過程中金屬框架始終保持靜止，下列說法中正確的是（）A．框架對小球的支持力先減小后增大B．水平拉力F先增大后減小C．地面對框架的摩擦力一直減小D．地面對框架的支持力先減小后增大4、如圖所示，木塊相對斜面靜止，并一起沿水平方向向右勻速運動．運動過程中，斜面對木塊支持力和摩擦力的做功情況是（）A．支持力不做功 B．支持力做負功 C．摩擦力做負功 D．摩擦力做正功5、某同學(xué)在直跑道賽跑，15s跑完全程，前5s平均速度大小為8m/s,后10s平均速度大小為6m/s，則他全程的平均速度大小為（）A．6.33m/s B．6.67m/s C．7.00m/s D．7.33m/s6、x軸上有兩點電荷Q1和Q2，Q1和Q2之間各點對應(yīng)的電勢高低如圖中的曲線所示，規(guī)定無限遠處電勢為零，下列推理與圖象信息不符合的是()A．Q1一定大于Q2B．Q1和Q2一定是同種電荷，但不一定是正電荷C．電勢最低處P點的電場強度為0D．Q1和Q2之間各點的電場方向都指向P點7、2009年5月，航天飛機在完成對哈勃空間望遠鏡的維修任務(wù)后，在A點從圓形軌道Ⅰ進入橢圓軌道Ⅱ，B為軌道Ⅱ上的一點，如圖所示，關(guān)于航天飛機的運動，下列說法中正確的有（）A．在軌道Ⅱ上經(jīng)過A的速度大于經(jīng)過B的速度B．在軌道Ⅰ上經(jīng)過A點時需減速才能進入軌道ⅡC．在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期D．在軌道Ⅱ上經(jīng)過A的加速度小于在軌道Ⅰ上經(jīng)過A的加速度8、A、B、C三個物體放在旋轉(zhuǎn)圓臺上，它們由相同材料制成，A的質(zhì)量為2m，B、C的質(zhì)量各為m．如果OA=OB=R，OC=2R，則當(dāng)圓臺旋轉(zhuǎn)時（設(shè)A、B、C都沒有滑動），下述結(jié)論中正確的是()A．物體A向心加速度最大B．B物靜摩擦力最小C．當(dāng)圓臺旋轉(zhuǎn)轉(zhuǎn)速增加時，C比B先開始滑動D．當(dāng)圓臺旋轉(zhuǎn)轉(zhuǎn)速增加時，A比B先開始滑動9、許多公園里都有一種老少皆宜的游戲——“套圈圈”。如圖所示，某小孩和大人站在不同位置都水平拋出圈圈，大人拋出圈圈的高度大于小孩拋出圈圈的高度，結(jié)果都套中前方同一個玩具，已知圈圈的水平位移大小相等，忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）A．大人和小孩拋出的圈圈發(fā)生的位移相同B．大人和小孩拋出的圈圈的加速度相同C．大人拋出的圈圈在空中運動的時間大于小孩拋出的圈圈在空中運動的時間D．大人拋出圈圈的初速度小于小孩拋出圈圈的初速度10、如下圖所示，在粗糙水平地面上放著一個截面為四分之一圓弧的柱狀物體A，A的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻壁之間放一光滑球B，整個裝置處于靜止狀態(tài)．若把A向右移動少許后，它們?nèi)蕴幱陟o止狀態(tài)，則()A．A對B的支持力減小 B．A對B的支持力增大C．墻對B的彈力減小 D．墻對B的彈力增大11、某人用力將一質(zhì)量為m的物體從離地面高為h的地方豎直上拋，上升的最大高度為H（相對于拋出點），設(shè)拋出時初速度為v0，落地時速度為vt，那么此人在拋出物體過程中對物體所做功為（）A．mgH B．mgh C． D．12、原來做勻速運動的升降機內(nèi)有一被伸長彈簧拉住的具有一定質(zhì)量的物體A靜止在地板上，如圖所示，現(xiàn)發(fā)現(xiàn)A突然被彈簧拉向右方．由此可判斷，此時升降機的運動可能是（）A．加速上升 B．減速上升 C．加速下降 D．減速下降二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L、直徑d和電阻R。(1)用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖甲，則金屬絲的直徑為_______mm。(2)若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結(jié)果將比真實值______（選填“偏大”或“偏小”）。(3)用游標卡尺測另一條金屬絲的直徑時讀數(shù)如圖丙所示，則金屬絲的直徑是_____mm。14、（10分）一個有一定厚度的圓盤，可以繞通過中心垂直于盤面的水平軸轉(zhuǎn)動，現(xiàn)要測量它勻速轉(zhuǎn)動的角速度，實驗器材：電磁打點計時器，毫米刻度尺，紙帶，復(fù)寫紙，實驗步驟如下：（1）如圖甲所示，將電磁打點計時器固定在桌面上，將紙帶的一端穿過打點計時器的限位孔后，固定在待測圓盤的側(cè)面上，使圓盤轉(zhuǎn)動時，紙帶可以卷在圓盤側(cè)面上．（2）啟動控制裝置使圓盤轉(zhuǎn)動，同時接通電源，打點計時器開始打點．（3）經(jīng)這一段時間，停止轉(zhuǎn)動和打點，取下紙帶，進行測量．若打點周期為T，圓盤半徑為r，x1，x2是紙帶上選定的兩點分別對應(yīng)的米尺上的刻度值（x2大于x1），n為選定的兩點間的打點數(shù)（含初、末兩點），則①用已知量測得表示圓盤角速度的表達式為ω=_______．②某次實驗測得圓盤半徑r=5.50×10-2m，得到紙帶的一段如圖乙所示，打點周期T=0.02s，則角速度為_____rad/s．（結(jié)果保留到小數(shù)點后兩位）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）我國月球探測計劃“嫦娥工程”將分三個階段實施，大約用十年左右的時間完成，這極大地提高了同學(xué)們對月球的關(guān)注程度．某探月衛(wèi)星在離月球表面為h的空中沿圓形軌道繞月球飛行，周期為T．若月球半徑R，引力常量為G．試求：（1）月球的質(zhì)量；（2）月球表面的重力加速度．16、（12分）如圖所示，半徑R=0.4m的圓盤水平放置，繞豎直軸OO′勻速轉(zhuǎn)動，在圓心O正上方=0.8m高處固定一水平軌道PQ，轉(zhuǎn)軸和水平軌道交于O′點.一質(zhì)量m=2kg的小車（可視為質(zhì)點），在F=6N的水平恒力作用下（一段時間后，撤去該力），從O′左側(cè)x0=2m處由靜止開始沿軌道向右運動，當(dāng)小車運動到O′點時，從小車上自由釋放一小球，此時圓盤半徑OA與軸重合。規(guī)定經(jīng)過O點水平向右為軸正方向，小車與軌道間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，g取10m/s2，求：(1)為使小球剛好落在A點，圓盤轉(zhuǎn)動的角速度應(yīng)為多大？(2)現(xiàn)在A點放一物體，其質(zhì)量為1kg，通過一根最大拉力為（10π2-5）N的繩子與圓盤圓心O點連接，當(dāng)圓盤角速度為(1)問中最小值時，為使繩子不拉斷，問物體與圓盤的動摩擦因數(shù)μ′最小應(yīng)為多大？(3)為使小球能落到圓盤上，求水平拉力F作用的距離范圍？17、（12分）如圖所示，水平傳送帶水平段長L，兩皮帶輪直徑均為D=0.2米，距地面高度H，與傳送帶等高的光滑平臺上有一個小物體以v0的初速度滑上傳送帶，皮帶輪順時針勻速轉(zhuǎn)動，角速度為ω。物體經(jīng)傳送帶后從右側(cè)做平拋運動的水平位移為S，S—ω關(guān)系圖象如圖所示。已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.2，g=10m/s2，求：（1）離地高度H的值。（2）傳送帶的水平段長度L和小物體的初速度v0。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解析】

把繩子突然放開的瞬間，氣球有大小為2m/s2向上的加速度，根據(jù)牛頓第二定律解得浮力初態(tài)平衡解得拉力故A正確，BCD錯誤。故選A。2、D【解析】

A．電動機恰好能正常工作，電動機消耗的總功率為P=IU，故A錯誤；B．電動機消耗的熱功率為P=I2R，而不是IU，P=IU是電動機消耗的總功率，故B錯誤；C．電源的輸出功率等于電動機的輸入功率，得P出=UI，故C錯誤；D．電源的總功率為IE，內(nèi)部發(fā)熱的功率為I2r，所以電源的效率為故D正確。故選D。3、C【解析】以小球為研究對象，分析受力情況如圖所示：根據(jù)動態(tài)三角形可知：框架對小球的支持力不斷減小，水平拉力F一直減小，故AB錯誤；以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，水平拉力F一直減小，所以地面對框架的摩擦力始終在減小，框架對地面的壓力保持不變，故C正確，D錯誤．4、C【解析】

AB．物體位移方向向右，由功的計算公式W=FScosα可知，支持力方向垂直斜面向上，與位移的方向夾角小于90°，支持力一定做正功，故AB錯誤；CD．物塊相對于斜面靜止，故受到的摩擦力沿斜面向上，故位移與力夾角大于90°，做負功，故C正確，D錯誤；故選C．點睛：本題主要考查了W=FLcosθ，關(guān)鍵是正確受力分析，判斷出力與位移的夾角關(guān)系，從而確定功的正負.5、B【解析】

前5s的位移：x5=v5t5=40m；后10s的位移：x10=v10t10=60m；全程的平均速度大小為A．6.33m/s，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．6.67m/s，與結(jié)論相符，選項B正確；C．7.00m/s，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．7.33m/s，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；6、B【解析】

由U=Ed知，φ-x圖象的斜率等于電場強度，P點切線的斜率為0，則知電勢最低處P點的電場強度為0，說明Q1和Q1在P點產(chǎn)生的場強大小相等、方向相反，由分析知，Q1一定大于Q1．故AC正確；兩個點電荷間的電勢都為正，因此兩點電荷一定是正電荷，故B錯誤；根據(jù)順著電場線電勢逐漸降低，則知Q1和Q1之間各點的電場方向都指向P點，故D正確．此題選擇錯誤的選項，故選B.7、BC【解析】A、在軌道Ⅱ上由A點到B點，萬有引力做正功，動能增加，則A點的速度小于B點的速度，故A錯誤；B.在軌道Ⅰ上經(jīng)過A點時需減速使萬有引力大于向心力，從而做向心運動，才能進入軌道Ⅱ，故選項B正確；C、根據(jù)開普勒第三定律知，由于軌道Ⅱ的半長軸小于軌道Ⅰ的半徑，則飛船在軌道Ⅱ上運動的周期小于在軌道Ⅰ上運動的周期，故C正確；D、航天飛機在軌道Ⅱ上經(jīng)過A點和軌道Ⅰ上經(jīng)過A的萬有引力相等，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度相等，故D錯誤．點睛：解決本題的關(guān)鍵知道變軌的原理，以及掌握開普勒第三定律，并且能靈活運用．8、BC【解析】A、三個物體都做勻速圓周運動，角速度相等，向心加速度，可見，半徑越大，向心加速度越大，所以C物的向心加速度最大，A錯誤；B、三個物體的合力都指向圓心，對任意一個受力分析，如圖支持力與重力平衡，由靜摩擦力f提供向心力，則得．根據(jù)題意，由向心力公式，得三個物體所受的靜摩擦力分別為：,.,故B物受到的靜摩擦力最小，B正確；C、D當(dāng)ω變大時，所需要的向心力也變大，當(dāng)達到最大靜摩擦力時，物體開始滑動．當(dāng)轉(zhuǎn)速增加時，A、C所需向心力同步增加，且保持相等．B所需向心力也都增加，A和C所需的向心力與B所需的向心力保持2：1關(guān)系．由于B和C受到的最大靜摩擦力始終相等，都比A小，所以C先滑動，A和B后同時滑動，C正確；D錯誤；故選BC．9、BCD【解析】

A．由于大人和小孩拋出的圈圈水平位移相同但高度不同，根據(jù)勾股定理，兩個圈圈發(fā)生的位移不相同，A錯誤；B．圈圈在空中運動的過程中，加速度是重力加速度g，完全相同，因此大人和小孩拋出的圈圈的加速度相同，B正確；C．由于平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)由于大人拋出的位置高，因此大人拋出的圈圈在空中運動的時間長，C正確；D．平拋運動在水平方向是勻速直線運動，根據(jù)由于大人拋出的圈圈運動的時間長，因此拋出的初速度較小，D正確。故選BCD。10、AC【解析】對小球B受力分析，作出平行四邊形如圖所示：A滑動前，B球受墻壁及A的彈力的合力與重力大小相等，方向相反；如圖中實線所示；而將A向外平移后，B受彈力的方向?qū)⑸弦疲缣摼€所示，但B仍受力平衡，由圖可知A球?qū)的彈力及墻壁對球的彈力均減?。还蔄正確，B錯誤；以AB為整體分析，水平方向上受墻壁的彈力和地面的摩擦力而處于平衡狀態(tài)，彈力減小，故摩擦力減小，故C正確，D錯誤；故選AC．11、ACD【解析】

D．在人拋出物體的過程中，由動能定理可得故D正確；BC．對全過程分析可知，在物體運動的過程中，物體受到人的拋出力做功，重力做功，且已知初動能和末動能，由動能定理可得解得故B錯誤，C正確；A．對于從開始拋出到最高點由動能定理可得解得故A正確。故選ACD。12、BC【解析】

當(dāng)升降機靜止時，地板給物體的靜摩擦力與彈簧的彈力平衡，且該靜摩擦力可能小于或等于最大靜摩擦力．當(dāng)升降機有向下的加速度（加速下降或減速上升）時，必然會減小物體對地板的正壓力，也就減小了最大靜摩擦力，這時的最大靜摩擦力小于電梯靜止時的靜摩擦力，而彈簧的彈力又未改變，故只有在這種情況下A才可能被拉向右方，故BC正確，AD錯誤．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、0.696~0.698偏小1.92【解析】

(1)[1]由圖甲可知，固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為則金屬絲的直徑為(2)[2]由圖乙可知，電流表采用外接法，因為電壓表分流，所測電流偏大，由歐姆定律可知金屬絲電阻測量值偏小。(3)[3]由圖丙可知游標卡尺的主尺示數(shù)為0.1cm，即為1.0mm，游標尺的示數(shù)為則金屬絲的直徑為14、【解析】