濰坊市第四中學2019-2020學年高一下學期收心考試物理試題含解析

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精山東省濰坊市第四中學2019-2020學年高一下學期收心考試物理試題含解析物理一．單項選擇題1.下列說法正確的是（)A。物體做曲線運動時,所受的合力一定變化B。物體做平拋運動時，物體的加速度保持不變C。物體做勻速圓周運動時,物體的速度保持不變D.物體做直線運動時，所受的合力一定不變【答案】B【解析】【詳解】AB．物體做曲線運動時可以受到恒力,如物體做平拋運動時，合力是重力恒定不變，加速度是重力加速度也保持不變，故B正確，A錯誤;C．物體做勻速圓周運動時，物體的速度大小保持不變，但速度方向時刻變化，故C錯誤；D．物體做變加速直線運動，所受合力是變化的，故D錯誤。故選B。2。公路轉彎處外側的李先生家門口,連續(xù)發(fā)生了多起車輛側翻的事故。經交警調查，畫出的現(xiàn)場示意圖如圖所示。為了避免車輛側翻事故再次發(fā)生，很多人提出了建議,下列建議中不合理的是（）A.提醒司機不要超速轉彎B.提醒司機以更小半徑轉彎C.增大車輪與路面間的摩擦D。使彎道路面內低外側高【答案】B【解析】【詳解】A．車輛發(fā)生側翻是因為提供的向心力不夠做圓周運動所需的向心力，發(fā)生離心運動，即：減小速度可以減小向心力，可以防止側翻現(xiàn)象，A正確;不符合題意B．減小轉彎半徑，向心力變大，更容易側翻，B錯誤；符合題意CD．增大車輪與路面間的摩擦和使彎道路面內低外側高都可以提高,可以防止側翻，CD正確。不符合題意故選B。3。物體以速度v0水平拋出，若不計空氣阻力，則當其豎直分位移與水平位移相等時，以下說法中正確的是A.豎直分速度等于水平分速度 B。瞬時速度大小為C.運動的時間為 D。運動的位移為【答案】C【解析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動,在豎直方向上做自由落體運動，根據豎直位移和水平位移相等求出運動的時間，從而得出豎直分速度的大小,結合平行四邊形定則求出瞬時速度的大小，根據初速度和時間求出水平位移,從而得出運動的位移．【詳解】AC．根據v0t＝gt2得，運動的時間，則豎直分速度vy=gt=2v0，不等于水平分速度．故A錯誤，C正確；B．瞬時速度的大小．故B錯誤；D．水平位移x=v0t＝，則運動的位移．故D錯誤;故選C．【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解．4。下列說法正確的是（）A。地球同步通訊衛(wèi)星的軌道可以是圓的也可以是橢圓的B.如果需要,地球同步通訊衛(wèi)星可以定點在地球上空的任何一點C.第一宇宙速度是人造衛(wèi)星環(huán)繞地球運動的速度D.第一宇宙速度是人造衛(wèi)星在地面附近繞地球做勻速圓周運動所必須具有的速度【答案】D【解析】【詳解】AB．地球同步衛(wèi)星軌道是橢圓的，同步衛(wèi)星的平面只能是赤道平面，只能靜止在赤道上空某一點，故AB錯誤；CD．第一宇宙速度是人造衛(wèi)星的最小發(fā)射速度，是環(huán)繞地球運動的最大速度，也就是第一宇宙速度是人造衛(wèi)星在地面附近繞地球做勻速圓周運動所必須具有的速度，故D正確，C錯誤。故選D。5。下列有關功和功率的說法正確的是（

）A。功是標量，功有正負值，功的的正負表示功的大小B.由功率公式可知做功的時間越長,功率一定越小C。功的正負是由位移和力的方向共同決定的D.由公式可知汽車的最大速度只由汽車的額定功率決定【答案】C【解析】【詳解】功是標量，功有正負值，功的的正負不表示功的大小，選項A錯誤;由功率公式可知，當功一定時，做功的時間越長，功率一定越小,選項B錯誤;功的正負是由位移和力的方向共同決定的,當位移與力夾角大于90°時功為負,當位移與力夾角小于90°時功為正,選項C正確;汽車的速度最大時，牽引力等于阻力，從公式P=Fv可知，行駛的最大速度由額定功率和阻力決定，故D錯誤．6。如圖所示，大小相同的力F作用在同一個物體上,物體分別沿光滑水平面、粗糙水平面、光滑斜面、豎直方向運動一段相等的距離x，已知力F與物體的運動方向均相同．則上述四種情景中都相同的是()A。拉力F對物體做的功 B。物體的動能增量C。物體加速度的大小 D.物體運動的時間【答案】A【解析】【詳解】A．根據功的定義，這幾種情況都是力的方向與位移的方向相同，也就是等于零,因此A正確；B．各種情況下，由于第二種水平面粗糙，第三種沿斜面,第四種豎直向上運動，因此運動相同的位移時第一種情況末速度最大，動能增量最大，B錯誤，CD．同時第一種情況加速度最大,運動時間最短，CD都錯誤．故選A。7.兩個完全相同的小金屬球(皆可視為點電荷),所帶電荷量之比為5：3，它們在相距一定距離時相互作用的吸引力為F1,如果讓它們充分接觸后再放回各自原來的位置上，此時相互作用力變?yōu)镕2，則F1：F2為（）A。15：1 B。15：16C.5：4 D.5：8【答案】A【解析】分析】【詳解】由題可知，不失一般性,可以假設，哪么根據庫侖定律，它們在相距一定距離時相互吸引力為兩電荷異性，接觸后再分開,兩球電量絕對值為根據庫侖定律,此時兩球的庫侖力解得故A正確，BCD錯誤。故選A。8.如圖，原長為l的輕彈簧一端固定一質量為m的小球,另一端套在光滑軸O上，將球拉至彈簧水平且處于原長狀態(tài)的A位置,由靜止釋放．擺至豎直位置B時，彈簧的長度變?yōu)閘，不計空氣阻力，則A。經豎直位置時彈簧的彈力大小為mgB。經豎直位置時小球的動能為mglC.下擺過程中小球的機械能守恒D。下擺過程中小球減小的重力勢能大于小球增加的動能【答案】D【解析】【詳解】經豎直位置時，小球有水平向左的分速度，需要提供向心力,而向心力由指向圓心的合力提供，所以彈簧的彈力大小應大于mg．故A錯誤．由靜止釋放擺至豎直位置時，小球重力勢能減小量為，一部分轉化為小球的動能，另一部分轉化為彈簧的彈性勢能，所以經豎直位置時小球的動能小于．故B錯誤．彈簧的彈力對小球做負功，因此小球的機械能不守恒．故C錯誤．由系統(tǒng)的機械能守恒知，下擺過程中小球減小的重力勢能轉化為小球的動能和彈簧的彈性勢能．故D正確．故選D二．多項選擇題9.關于質點做勻速圓周運動,下列說法中正確的是（)A。質點的周期不變B.質點的速度不變C。質點的角速度不變D。質點的向心加速度不變【答案】AC【解析】【詳解】AC．勻速圓周運動的周期、角速度保持不變．故AC正確；BD．勻速圓周運動的質點的速度和向心加速度的大小不變，但速度和向心加速度方向時刻改變,所以速度和向心加速度發(fā)生變化，故BD錯誤。故選AC。10.在某次實驗中,飛船在空中飛行了36h，環(huán)繞地球24圈。那么，同步衛(wèi)星與飛船在軌道上正常運轉相比較（）A。同步衛(wèi)星運轉速率比飛船大B.同步衛(wèi)星運轉周期比飛船大C.同步衛(wèi)星運轉加速度比飛船大D.同步衛(wèi)星離地高度比飛船大【答案】BD【解析】【詳解】萬有引力充當向心力有AB．地球同步衛(wèi)星的周期為24小時，飛船的周期為1。5小時，所以同步衛(wèi)星運轉周期比飛船大,軌道半徑周期大的，軌道半徑大,線速度軌道半徑大的,線速度小,故同步衛(wèi)星的運轉速度比飛船小,故A錯誤，B正確;C．加速度軌道半徑大的，加速度小，故同步衛(wèi)星的加速度比飛船小，故C錯誤;D．由于同步衛(wèi)星的周期大，則同步衛(wèi)星的半徑更大，所以同步衛(wèi)星離地高度比飛船大，故D正確。故選BD.11.如圖所示，一電子在外力作用下沿等量異種電荷的中垂線由A→O→B勻速運動,A、B兩點關于兩電荷連線對稱，電子重力不計，則電子運動過程中說法正確的是(）A。電子受外力先變大后變小，方向水平向右B。電子受外力先變小后變大，方向水平向左C。電子在A、B兩點電場強度相等D.電子受合力為零【答案】ACD【解析】【詳解】AB．根據等量異種電荷周圍的電場線分布知，從A→O→B，電場強度的方向不變,水平向右，電場強度的大小先增大后減小，則電子所受電場力的大小先變大后變小，方向水平向左，則由平衡條件可知，外力的大小先變大后變小,方向水平向右，故A正確，B錯誤；C．根據等量異種電荷周圍的電場線分布知，電子在A、B兩點電場強度相等，故C正確；D．電子所受的電場力和外力必定平衡,否則電子不可能做勻速直線運動，所以電子的合力為零,故D正確。故選ACD.12.如圖所示，足夠長的傳送帶以恒定速率順時針運行，將一個物體輕輕放在傳送帶底端，第一階段物體被加速到與傳送帶具有相同的速度，第二階段與傳送帶相對靜止，勻速運動到達傳送帶頂端.下列說法中錯誤的是（）A。第一階段摩擦力對物體做正功，第二階段摩擦力對物體不做功B。第一階段摩擦力對物體做的功等于第一階段物體動能的增加C。第一階段物體和傳送帶間的摩擦生熱等于第一階段物體機械能的增加量D.物體從底端到頂端全過程機械能的增加量等于全過程物體與傳送帶間的摩擦生熱【答案】ABD【解析】【詳解】A．對物體受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，摩擦力一直沿斜面向上,第一階段滑動摩擦力對物體做正功，第二階段靜摩擦力對物體做正功,故A錯誤，符合題意；B．根據動能定理，第一階段合力做的功等于動能的增加量，由于重力和摩擦力都做功,故第一階段摩擦力對物體做的功不等于第一階段物體動能的增加，故B錯誤,符合題意；C．假定傳送帶速度v，第一階段，物體勻加速位移傳送帶位移除重力外其余力做的功是機械能變化的量度，故物體機械能增加量等于一對滑動摩擦力做的功是內能變化的量度，故內能增加量為故第一階段物體和傳送帶間的摩擦生熱等于第一階段物體機械能的增加，第二階段沒有摩擦生熱，但物體的機械能繼續(xù)增加,故C正確，不符合題意；D錯誤，符合題意。故選ABD.三．非選擇題13。如圖甲是“研究平拋物體的運動”的實驗裝置圖。(1)實驗前應對實驗裝置反復調節(jié),直到斜槽末端切線________；(2）圖乙是正確實驗取得的數(shù)據,其中O為拋出點，則此小球做平拋運動的初速度為___m/s(g＝9.8m/s2)；(3)在另一次實驗中將白紙換成方格紙,每個格的邊長L＝5cm，通過實驗，記錄了小球在運動途中的三個位置，如圖丙所示,則該小球做平拋運動的初速度為____m/s；B點的速度為_______m/s（g＝10m/s2）。【答案】(1).水平(2).1.6(3).1。5（4).2。5【解析】【詳解】（1）［1]平拋運動的初速度一定要水平,因此為了獲得水平的初速度安裝斜槽軌道時要注意槽口末端要水平(2)[2]由于O為拋出點，所以根據平拋運動規(guī)律有，將x=32cm,y=19。6cm，代入解得(3)［3］由圖可知，物體由A→B和由B→C所用的時間相等,且有由圖可知△y=2L=10cm初速度為［4］豎直方向自由落體運動,根據勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度有則B點的速度為14.利用圖甲裝置做“驗證機械能守恒定律”實驗（1）除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺(含鐵夾)、電磁打點計時器、導線及開關外，在下列器材中，還必須使用的兩種器材是________;A．交流電源B．刻度尺C．天平（含砝碼）（2）實驗中，先接通電源，再釋放重物，得到圖乙所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C,測得它們到起始點O的距離分別為hA、hB、hC；已知當?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器打點的周期為T.設重物的質量為m.從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能變化量ΔEp=________，若測動能變化量應先測出B的速度vB=_____,故ΔEk=________；(3）大多數(shù)學生的實驗結果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是________。A．利用公式v=gt計算重物速度B．利用公式計算重物速度C．存在空氣阻力和摩擦阻力的影響D．沒有采用多次實驗取平均值的方法【答案】（1)。AB（2）.－mghB（3）。(4）。（5）.C【解析】【詳解】（1）［1］打點計時器需接交流電源,實驗中需要用刻度尺測量點跡間的距離，從而求出瞬時速度以及重力勢能的減小量．實驗中驗證動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等，質量可以約去，不需要用天平測量質量故選AB（2）［2]從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能變化量[3］B點的瞬時速度[4]動能的增加量(3）［5］由于紙帶在下落過程中，重錘和空氣之間存在阻力,紙帶和打點計時器之間存在摩擦力，所以減小的重力勢能一部分轉化為動能，還有一部分要克服空氣阻力和摩擦力阻力做功，故重力勢能的減少量大于動能的增加量，故C正確,ABD錯誤。故選C。15.如圖一輛質量為500kg的汽車靜止在一座半徑為50m的圓弧形拱橋頂部。(取g＝10m/s2)(1）如果汽車以10m/s的速度經過拱橋的頂部,則汽車對圓弧形拱橋的壓力大小?(2)汽車以多大速度通過拱橋的頂部時，汽車對圓弧形拱橋的壓力恰好為零?【答案】(1）4000N；(2)10m/s【解析】【詳解】(1）汽車受重力G和拱橋支持力F，根據牛頓第二定律有G－F＝m故F＝G－m＝4000N根據牛頓第三定律，汽車對拱橋的壓力為4000N（2）汽車只受重力G,由牛頓第二定律得G＝m解得v＝＝10m/s16。2008年9月25日,我國繼神舟五號,六號載人飛船后又成功地發(fā)射了神舟七號載人飛船。把神舟七號載人飛船在一段時間內的運動看成繞地球做勻速圓周運動，宇航員測得自己繞地心做勻速圓周運動的周期為T。距地面的高度為H。已知地球半徑為R,引力常量為G。求:（1)地球的質量；(2）飛船線速度的大小；(3）飛船的向心加速度大小。【答案】(1)；（2）；(3）【解析】【詳解】(1）根據牛頓定律得

解得（2）由圓周運動公式,飛船線速度（3）飛船的向心力加速度17.如圖所示，勻強電場的場強方向水平向右．一根絕緣絲線一端固定在O點，另一端連接一質量為m、電荷量為q的小球．小球靜止在電場中，絲線與豎直方向成37°．已知重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1)小球帶電的種類；（2)小球受到的電場力大小F；(3）電場強度的大小E．【答案】(1)小球帶正電（2）mg（3）【解析】試題分析：根據小球所受的電場力方向和電場線方向的關系即可判斷帶電種類；對小球受力分析，再根據平衡條件即可求出電場力的大??；再根據電場強度的定義,即可求出電場強度的大小．(1）由題意可知，小球的受力方向與電場線方向一致，所以小球帶正電．(2）小球在電場中靜止時，受力分析如圖所示：根據平衡條