2023年湖北省鄂州、隨州、孝感高一物理第二學期期中監(jiān)測模擬試題含解析

2023年湖北省鄂州、隨州、孝感高一物理第二學期期中監(jiān)測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、一質點做速度逐漸增大的勻加速直線運動，在時間間隔t內位移為s，動能變?yōu)樵瓉淼?倍。該質點的加速度為A． B． C． D．2、關于開普勒第三定律的公式，下列說法正確的是（）A．公式只適用于繞太陽作橢圓軌道運行的行星B．公式適用于宇宙中所有圍繞恒星運動的行星C．式中k值，對所有行星和衛(wèi)星都相等D．式中k值，只與恒星的質量有關3、以4m/s的初速度豎直向上拋出一小球，不計空氣阻力，g取10m/s2，則小球回到出發(fā)點所需的時間為（）A．2s B．4s C．0.4s D．0.8s4、下列說法正確的是

A．萬有引力定律的發(fā)現遠早于開普勒三定律B．卡文迪許的實驗比較準確地測出了引力常量C．當兩個人的距離無限接近時，萬有引力將會變得無限大D．當兩個星系距離很遠時，它們之間的萬有引力一定可以忽略5、若地球和火星繞太陽做勻速圓周運動的周期分別為T1和T2，如地球和火星繞太陽做勻速圓周運動的軌道半徑大小分別為R1和R2，則（）A． B． C． D．6、長為l0的輕桿一端固定一各質量為m的小球，繞另一端O在豎直平面內做勻速圓周運動，如圖所示．若小球運動到最高點時對桿的作用力為2mg，以下說法正確的是（）A．小球運動的線速度大小為B．小球運動的線速度大小為C．小球在最高點時所受的合力3mgD．小球在最低點時所受桿的拉力為mg7、下圖中表明物體做勻速直線運動的圖象是（）A． B．C． D．8、如圖所示，質量為m=245g的物塊（可視為質點）放在質量為M=0.5kg的木板左端，足夠長的木板靜止在光滑水平面上，物塊與木板間的動摩擦因數為μ=0.4，質量為m0=5g的子彈以速度v0=300m/s沿水平方向射入物塊并留在其中（時間極短），g=10m/s2，則在整個過程中A．物塊和木板組成的系統(tǒng)動量守恒B．子彈的末動量大小為0.01kg·m/sC．子彈對物塊的沖量大小為0.49N·sD．物塊相對木板滑行的時間為1s9、如圖所示，土星和火星都在圍繞太陽公轉，根據開普勒行星運動定律可知（）A．土星遠離太陽的過程中，它的速度將減小B．土星和火星繞太陽的運動是完美的勻速圓周運動C．土星比火星的公轉周期大D．土星遠離太陽的過程中，它與太陽的連線在相等時間內掃過的面積逐漸增大10、如圖所示，甲、乙兩球作勻速圓周運動，向心加速度隨半徑變化。由圖像可以知道（）A．甲球運動時，線速度大小保持不變 B．甲球運動時，角速度大小保持不變C．乙球運動時，線速度大小保持不變 D．乙球運動時，角速度大小保持不變11、“探路者”號宇宙飛船在宇宙深處飛行過程中，發(fā)現A、B兩顆均勻球形天體，兩天體各有一顆靠近其表面飛行的衛(wèi)星，測得兩顆衛(wèi)星的周期相等，下列判斷正確的是（）A．天體A、B的密度一定相等B．天體A、B的質量一定不相等C．兩顆衛(wèi)星的線速度一定相等D．天體A、B表面的重力加速度之比等于它們的半徑之比12、2012年6曰18日，神州九號飛船與天宮一號目標飛行器在離地面343km的近圓軌道上成功進行了我國首次載人空間交會對接．對接軌道所處的空間存在極其稀薄的大氣，下面說法正確的是A．為實現對接，兩者運行速度的大小都應介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間B．如不加干預，在運行一段時間后，天宮一號的動能可能會增加C．如不加干預，天宮一號的軌道高度將緩慢降低D．航天員在天宮一號中處于失重狀態(tài)，說明航天員不受地球引力作用二．填空題(每小題6分，共18分)13、（1）在“探究功與速度變化的關系”的實驗中，甲、乙兩位同學的實驗操作均正確．甲同學根據實驗數據作出了功和速度的關系圖線，如圖甲所示，并由此圖線得出“功與速度的平方一定成正比”的結論．乙同學根據實驗數據作出了功與速度平方的關系圖線，如圖乙所示，并由此也得出“功與速度的平方一定成正比”的結論．關于甲、乙兩位同學的分析，你的評價是（________）A．甲的分析正確，乙的分析不正確；B．甲的分析不正確，乙的分析正確C．甲和乙的分析都正確；D．甲和乙的分析都不正確（2）如圖所示，與小車相連、足夠長且穿過打點計時器的一條紙帶上的間距明顯不均勻，此時未掛重物，右端間距小，左端間距大，下面的分析和判斷正確的是（________）A．若右端與小車相連，可能平衡摩擦力時，木板傾斜度太大B．若左端與小車相連，可能平衡摩擦力時，木板傾斜度太大C．若左端與小車相連，可能小車有一定的初速度，實驗前忘記平衡摩擦力或沒有完全平衡摩擦力D．若右端與小車相連，可能小車運動前忘記或沒有完全平衡摩擦力14、如圖所示為測一節(jié)干電池的電動勢和內電阻實驗：(1)完成實物電路連接圖____；(2)根據所選量程，某次實驗電壓表的示數如圖所示為_____V；(3)某同學根據實驗數據，已在坐標紙上描好點，請繪制干電池的U－I圖線_____，并得到電池的電動勢E＝___V，內阻r＝___Ω。（兩項結果均保留兩位小數）15、如圖所示是某種“研究平拋運動”的實驗裝置：(1)當a小球從斜槽末端水平飛出時與b小球離地面的高度均為H，此瞬間電路斷開使電磁鐵釋放b小球，最終兩小球同時落地，改變H大小，重復實驗，a、b仍同時落地，該實驗結果可表明_______。A．兩小球落地速度的大小相同B．兩小球在空中運動的時間相等C．a小球在豎直方向的分運動與b小球的運動相同D．a小球在水平方向的分運動是勻速直線運動(2)利用該實驗裝置研究a小球平拋運動的速度，從斜槽同一位置釋放小球，實驗得到小球運動軌跡中的三個點A、B、C，如圖所示，OA、AB、BC時間間隔相等，都為T，圖中O為拋出點，B點在兩坐標線交點，坐標xB=40cm，yB=20cm，則T=_____s，則a小球水平飛出時的初速度大小為v0=_____m/s；平拋小球在B點處的瞬時速度的大小為vB=_____m/s（g=10m/s2）。三．計算題(22分)16、（12分）有一種叫飛椅的游樂項目，示意圖如圖所示．長為L的鋼繩一端系著座椅，另一端固定在半徑為r的水平轉盤邊緣．轉盤可繞穿過其中心的豎直軸轉動．當轉盤以角速度ω勻速轉動時，鋼繩與轉動軸在同一豎直平面內，與豎直方向的夾角為θ.不計鋼繩的重力，求：(1)轉盤轉動的角速度ω與夾角θ的關系；(2)此時鋼繩的拉力多大？17、（10分）一飛船繞某星球轉動，星球半徑R，飛船在離該星球表面高度為h處，受星球引力作用而繞其做勻速圓周運動的速率為，已知引力常量為G。試求：(1)該星球的質量；(2)該星球表面重力加速度；(3)該星球第一宇宙速度。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、A【解析】試題分析：設初速度為，末速度為，根據題意可得，解得，根據，可得，解得，代入可得，故A正確；考點：考查了勻變速直線運動規(guī)律的應用2、B【解析】

AB：開普勒第三定律適用于宇宙中所有圍繞恒星運動的行星，也適用于圍繞行星運動的衛(wèi)星．故A項錯誤，B項正確．CD：開普勒第三定律，式中k值與中心天體的質量有關，對圍繞同一中心天體運行的行星(或衛(wèi)星)都相同．故CD兩項錯誤．3、D【解析】物體上升過程用時;

因下落過程時間與上拋過程時間相等;故總時間為0.8s;故D正確；故選D點睛：豎直上拋運動可分為向下和向下兩個過程;因為兩過程中物體的加速度相等,位移相等,故用時相等.4、B【解析】牛頓是根據開普勒三定律以及牛頓三定律推導出來的萬有引力定律，所以萬有引力定律的發(fā)現一定要晚于開普勒三定律，A錯誤；卡文迪許的實驗比較準確地測出了引力常量，B正確；從數學角度講：當R趨近于零時，此公式不在適用，萬有引力公式只適合于兩個可以看做質點的物體，即物體（原子）的自身半徑相對兩者的間距可以忽略時適用。而當距離無窮小時，相臨的兩個原子的半徑遠大于這個距離，它們不再適用萬有引力公式，C錯誤；由于星系的質量很大，所以距離很遠時，萬有引力不一定可以忽略，D錯誤．5、B【解析】

地球繞太陽做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，有解得對于火星繞太陽運動，同樣有得故B正確、ACD錯誤；故選B．6、C【解析】

在最高點，根據牛頓第二定律可知，解得，故AB錯誤；小球運動到最高點時對桿的作用力為2mg，故桿對小球為拉力，故在最高點受到的合力為，故C正確；在最低點，根據牛頓第二定律可知，解得，故D錯誤．故選C。7、ABC【解析】

AC．在位移時間圖象表示物體的位置隨時間的變化，圖象上的任意一點表示該時刻的位置，圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向．所以AC兩圖的斜率定值，表明速度是不變量，即物體做勻速直線運動，故AC正確．B．速度時間圖象中速度的大小、方向都沒有隨時間發(fā)生變化，即速度是定值，物體做勻速直線運動．故B正確．D．在速度時間圖象中，速度隨時間均勻增大，物體做勻加速直線運動，故D錯誤．8、BD【解析】

A．子彈進入木塊的過程中，物塊和木板的動量都增大，所以物塊和木板組成的系統(tǒng)動量不守恒．故A錯誤；B．選取向右為正方向，子彈打入木塊過程，由動量守恒定律可得：m0v0=（m0+m）v1……①木塊在木板上滑動過程，由動量守恒定律可得：（m0+m）v1=（m0+m+M）v2……②聯立可得：所以子彈的末動量：p＝m0v2＝5×10?3×2＝0.01kg·m/s．故B正確；C．由動量定理可得子彈受到的沖量：I＝△p＝p?p0＝0.01kg·m/s?5×10?3×300kg·m/s＝1.49kg·m/s=1.49N·s．子彈與物塊作用力的時間相等，相互作用力大小始終相等，而方向相反，所以子彈對物塊的沖量大小也是1.49N·s．故C錯誤；D．對子彈木塊整體，由動量定理得：-μ（m0+m）gt=（m0+m）（v2-v1）……③由①②③式可得，物塊相對于木板滑行的時間．故D正確．9、AC【解析】

A．根據開普勒第二定律：對每一個行星而言，太陽行星的連線在相同時間內掃過的面積相等，所以土星遠離太陽的過程中，它的速度將減小，故A正確；B．根據開普勒行星運動第一定律可知，土星和火星繞太陽的運動軌跡是橢圓軌道，選項B錯誤；C．根據開普勒第三定律：所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等．由于土星的半長軸比較大，所以土星的周期較大，選項C正確；D．根據開普勒第二定律：對每一個行星而言，太陽行星的連線在相同時間內掃過的面積相等．故D錯誤；故選AC.點睛：該題以地球和火星為例子考查開普勒定律，正確理解開普勒的行星運動三定律是解答本題的關鍵．10、AD【解析】

AB．甲球的向心加速度與半徑成反比，根據知線速度大小不變，故A正確，B錯誤；CD．乙球的向心加速度與半徑成正比，根據知角速度不變，故C錯誤，D正確。故選AD。11、AD【解析】

設A、B中任意球形天體的半徑為R，質量為M，衛(wèi)星的質量為m，周期為T。則由題意，衛(wèi)星靠近天體表面飛行，衛(wèi)星的軌道半徑約等于球形天體的半徑，則有：，得：，T相等，R不一定相等，所以天體A、B的質量不一定相等。故B錯誤。天體的密度為，聯立得到，可見，ρ與天體的半徑無關，由于兩顆衛(wèi)星的周期相等，則天體A、B的密度一定相等。故A正確。衛(wèi)星的線速度為：，T相等，而R不一定相等，線速度不一定相等。故C錯誤。天體A、B表面的重力加速度等于衛(wèi)星的向心加速度，即g=a=，可見天體A、B表面的重力加速度之比等于它們的半徑正比，故D正確。故選AD。12、BC【解析】

A、又第一宇宙速度為最大環(huán)繞速度，天宮一號的線速度一定小于第一宇宙速度，故A錯誤；B、根據萬有引力提供向心力有：，解得：得軌道高度降低，衛(wèi)星的線速度增大，故動能將增大，故B正確；C、衛(wèi)星本來滿足萬有引力提供向心力即，由于摩擦阻力作用衛(wèi)星的線速度減小，提供的引力大于衛(wèi)星所需要的向心力故衛(wèi)星將做近心運動，即軌道半徑將減小，故C正確；D、失重狀態(tài)說明航天員對懸繩或支持物體的壓力為0，而地球對他的萬有引力提供他隨天宮一號圍繞地球做圓周運動的向心力，故D錯誤。故選BC。二．填空題(每小題6分，共18分)13、B；AC【解析】

(1)由甲圖得到，式中a是常數，n為指數，當時，圖線為直線，當時，圖線向下彎曲，當時，圖線向上彎曲，四圖線向上彎曲，所以表達式為，其中n為大于1的任意數值，而乙圖中，與成正比，故B正確；(2)若或端與小車相連，相鄰計數點間的距離減小，可知小車做減速運動，可能平衡摩擦力時角度太小，或沒有平衡摩擦力，若右端與小車相連，相鄰計數點間的距離增大，可知小車做加速運動，可能平衡摩擦力時，角度太大，故AC正確。14、1.36V（1.32~1.38）