2023年河北省唐山市五校高二物理第二學(xué)期期中經(jīng)典試題含解析

2023年河北省唐山市五校高二物理第二學(xué)期期中經(jīng)典試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列說(shuō)法正確的是A．能量耗散表明，能量的總量并不守恒B．隨著科技的發(fā)展，能量是可以憑空產(chǎn)生的C．隨著科技的發(fā)展，永動(dòng)機(jī)是可以制成的D．某種形式的能量減少，一定有其他形式的能量增加，能的總量保持不變2、以下說(shuō)法正確的是（）A．單晶體和多晶體都表現(xiàn)出各向異性B．晶體和非晶體在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化C．當(dāng)液體和固體的附著層內(nèi)的分子距離比較小，分子力表現(xiàn)為引力，從而形成浸潤(rùn)現(xiàn)象D．葉面上的露珠呈球形是因?yàn)橹亓ψ饔玫慕Y(jié)果3、如圖所示，三條平行虛線位于紙面內(nèi)，中間虛線兩側(cè)有方向垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向．菱形閉合導(dǎo)線框ABCD位于紙面內(nèi)且對(duì)角線AC與虛線垂直，磁場(chǎng)寬度與對(duì)角線AC長(zhǎng)均為d，現(xiàn)使線框沿AC方向勻速穿過(guò)過(guò)磁場(chǎng)，以逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流的正方向，則從C點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)到A點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框中電流i隨時(shí)間t的變化關(guān)系，以下可能正確的是（）A． B．C． D．4、下列說(shuō)法中正確的是()A．實(shí)物粒子只具有粒子性，不具有波動(dòng)性B．盧瑟福通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型C．光波是概率波，光子在前進(jìn)和傳播過(guò)程中，其位置和動(dòng)量能夠同時(shí)確定D．在工業(yè)和醫(yī)療中經(jīng)常使用激光，是因?yàn)槠涔庾拥哪芰窟h(yuǎn)大于γ光子的能量5、如圖1所示，輕彈簧下端固定在地上，上端連接一個(gè)鋼球，把鋼球從平衡位置向下壓一段距離A，由靜止釋放。以鋼球的平衡位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，豎直向上為正方向建立x軸，當(dāng)鋼球在做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)過(guò)程中某一次經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，鋼球運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間圖象如圖2所示。已知鋼球振動(dòng)過(guò)程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，則（）A．t1時(shí)刻鋼球的速度方向向上B．t2時(shí)刻鋼球的回復(fù)力向上且處于失重狀態(tài)C．t1~t2時(shí)間內(nèi)鋼球的動(dòng)量先增大后減小D．t1~t2時(shí)間內(nèi)彈簧振子系統(tǒng)的機(jī)械能逐漸減小6、如圖所示，某同學(xué)將一小球水平拋出，最后球落在了正前方小桶的左側(cè)，不計(jì)空氣阻力．為了能將小球拋進(jìn)桶中，他可采取的辦法是（）A．保持拋出點(diǎn)高度不變，減小初速度大小B．保持拋出點(diǎn)高度不變，增大初速度大小C．保持初速度大小不變，降低拋出點(diǎn)高度D．減小初速度大小，同時(shí)降低拋出點(diǎn)高度二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在光滑的水平面上有一靜止的物體M，物體上有一光滑的半圓弧軌道，半徑為R，最低點(diǎn)為C，兩端A．B一樣高，現(xiàn)讓小滑塊m從A點(diǎn)由靜止下滑，則（）A．M所能獲得的最大速度為B．m從A到C的過(guò)程中M向左運(yùn)動(dòng)發(fā)生的位移大小為MR/(M+m)C．m從A到B的過(guò)程中M一直向左運(yùn)動(dòng)，m到達(dá)B的瞬間，M速度為零D．M與m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，水平方向動(dòng)量守恒8、如圖，磁場(chǎng)垂直于紙面，磁感應(yīng)強(qiáng)度在豎直方向均勻分布，水平方向非均勻分布．一銅制圓環(huán)用絲線懸掛于點(diǎn)，將圓環(huán)拉至位置后無(wú)初速釋放，在圓環(huán)從擺向的過(guò)程中A．感應(yīng)電流方向先逆時(shí)針后順時(shí)針再逆時(shí)針B．感應(yīng)電流方向一直是逆時(shí)針C．安培力方向始終與速度方向相反D．安培力方向始終沿水平方向9、水槽中步調(diào)相同的波源S1、S2發(fā)出兩列波長(zhǎng)相等的水波,設(shè)某一時(shí)刻P點(diǎn)恰好是兩波谷相遇點(diǎn),則下列說(shuō)法正確的是（）A．這兩列波不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣B．P是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)C．P點(diǎn)始終就在波谷D．P的位移有時(shí)可為零10、一簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=2s時(shí)刻，該波的波形圖如圖甲所示，A、B和C是介質(zhì)中的三個(gè)質(zhì)點(diǎn)。圖乙表示介質(zhì)中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A．質(zhì)點(diǎn)C的振動(dòng)圖像與圖乙相同B．在t=0s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)A的速率比質(zhì)點(diǎn)B的大C．在t=1s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)A的加速度大小比質(zhì)點(diǎn)B的小D．若波速v=3m/s，則質(zhì)點(diǎn)A在20s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)路程為60m三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）小明的家庭實(shí)驗(yàn)室里備有一些現(xiàn)成的實(shí)驗(yàn)器材，他找出一個(gè)0~3V的電壓表，一個(gè)定值電阻，一個(gè)開(kāi)關(guān)和部分導(dǎo)線，想利用這些器材測(cè)量一節(jié)新型干電池（電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻很?。┑碾妱?dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。

(1)圖甲、乙分別是小明根據(jù)器材設(shè)計(jì)的兩種實(shí)驗(yàn)方案，你認(rèn)為合理的電路是圖___________．(2)電路連接好后，將電阻箱的阻值調(diào)到適當(dāng)值.閉合開(kāi)關(guān)，改變電阻箱接入電路的阻值R，記錄不同阻值R對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U，根據(jù)記錄，最后用圖像法處理數(shù)據(jù)，為了方便直觀地根據(jù)圖像分析數(shù)據(jù)，使繪出的圖線為直線，可以用作縱軸，則橫軸應(yīng)是_____________.

(3)若以為縱軸作出的圖線斜率為k，縱截距為b，則所測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)E=________，內(nèi)阻r=__________（均用題中所給字母表示）。本實(shí)驗(yàn)存在由于________導(dǎo)致的系統(tǒng)誤差.12．（12分）在“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)中，首先要按圖接線，以查明電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向與電流方向之間的關(guān)系；然后按圖將電流表與線圈B連成一個(gè)閉合回路，將線圈A、電池、滑動(dòng)變阻器和開(kāi)關(guān)串聯(lián)成另一個(gè)閉合電路，在圖中，當(dāng)閉合S時(shí)，觀察到電流表指針向左偏，不通電時(shí)電流表指針停在正中央．在圖中（1）S閉合后，將螺線管A插入螺線管B的過(guò)程中，電流表的指針______；（2）線圈A放在B中不動(dòng)時(shí)，指針將______（3）線圈A放在B中不動(dòng)，突然斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，電流表指針將______．四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，是一定質(zhì)量的氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C到狀態(tài)D的圖象，已知?dú)怏w在狀態(tài)C時(shí)的體積是6L，則：(1)問(wèn)A到B、B到C、C到D分屬于什么變化（等溫變化、等壓變化、等容變化）；(2)求狀態(tài)D時(shí)的體積VD；(3)求狀態(tài)A時(shí)的氣體體積VA。14．（16分）如圖所示，某發(fā)電機(jī)輸出功率為30KW，輸出電壓U1=300V，用原、副線圈匝數(shù)比n1:n2=1:5的變壓器升壓后向遠(yuǎn)處用戶(hù)供電，輸電線的總電阻R=10Ω，用戶(hù)端用一降壓變壓器把電壓降為U4=220V。（變壓器均為理想變壓器）求：（1）輸電線上損失的電功率ΔP（2）降壓變壓器的匝數(shù)比n3:n415．（12分）如圖所示，光滑的水平面AB與半徑，光滑豎直半圓軌道BCD在B點(diǎn)相切，D為軌道最高點(diǎn).用輕質(zhì)細(xì)線連接甲、乙兩小球，中間夾一輕質(zhì)彈簧，彈簧與甲、乙兩球不拴接.甲球的質(zhì)量為，乙球的質(zhì)量為，甲、乙兩球靜止．現(xiàn)固定甲球，燒斷細(xì)線，乙球離開(kāi)彈簧后進(jìn)入半圓軌道恰好能通過(guò)D點(diǎn).重力加速度取甲、乙兩球可看作質(zhì)點(diǎn).（1）試求細(xì)線燒斷前彈簧的彈性勢(shì)能；（2）若甲球不固定，燒斷細(xì)線，求從燒斷細(xì)線開(kāi)始到乙球脫離彈簧過(guò)程中，彈簧對(duì)乙球的沖量I.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

A．能量耗散指的是任何其它形式的能量都有自發(fā)變?yōu)閮?nèi)能的傾向，其本質(zhì)是有序運(yùn)動(dòng)最終要變?yōu)闊o(wú)序運(yùn)動(dòng)，這是由熱力學(xué)第二定律所揭示的，但能量的總量依然守恒，故A錯(cuò)誤；B．能量既不會(huì)憑空消失，也不會(huì)憑空產(chǎn)生，它只會(huì)從一種形式轉(zhuǎn)化為其他形式，或者從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，而在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移的過(guò)程中，能量的總量保持不變，故B錯(cuò)誤；C．永動(dòng)機(jī)違背了能量守恒定律，是不可能制成的，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)能量守恒定律可知，某種形式的能量減少，一定有其他形式的能量增加，能的總量保持不變，故D正確．故選D正確．2、B【解析】

A．單晶體表現(xiàn)為各向異性，多晶體都表現(xiàn)出各向同性，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．晶體和非晶體在一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化，例如，天然水晶是晶體，而熔化以后再凝結(jié)的水晶（即石英玻璃）就是非晶體，選項(xiàng)B正確；C．液體和固體的附著層內(nèi)的分子距離比較小，分子力表現(xiàn)為斥力，從而形成浸潤(rùn)現(xiàn)象，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．葉面上的露珠呈球形是因?yàn)橐后w表面張力作用，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。3、A【解析】線圈在進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向沿逆時(shí)針?lè)较?，為正值，在通過(guò)兩個(gè)磁場(chǎng)的分界線時(shí)，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向沿順時(shí)針?lè)较?，為?fù)值，線圈出磁場(chǎng)的過(guò)程中，根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，為正值，故BC錯(cuò)誤；設(shè)BD=L．在線圈進(jìn)入磁場(chǎng)一半的過(guò)程中，切割的有效長(zhǎng)度均勻增大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)均勻增大，則感應(yīng)電流均勻增大，當(dāng)BD剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，感應(yīng)電流最大為，在線圈進(jìn)入磁場(chǎng)全部過(guò)程中，切割的有效長(zhǎng)度均勻減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)均勻減小，則感應(yīng)電流均勻減小至零；線圈通過(guò)兩個(gè)磁場(chǎng)的分界線時(shí)，切割的有效長(zhǎng)度先均勻增大，感應(yīng)電流均勻增大，當(dāng)BD通過(guò)磁場(chǎng)分界線時(shí)，感應(yīng)電流最大為，后均勻減小至零；在線圈出磁場(chǎng)一半的過(guò)程中，在線圈全部出磁場(chǎng)的過(guò)程中，切割的有效長(zhǎng)度先均勻增大后均勻減小，感應(yīng)電流先均勻增大后均勻減小，此過(guò)程感應(yīng)電流最大為，故A正確D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，以及知道在切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式中，L為有效長(zhǎng)度．要注意線圈通過(guò)磁場(chǎng)的分界線時(shí)線圈兩側(cè)都切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．4、B【解析】

A、實(shí)物粒子只具有粒子性，也具有波動(dòng)性，只不過(guò)不明顯，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B、盧瑟福通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故選項(xiàng)B正確；

C、光波是概率波，光子在前進(jìn)和傳播過(guò)程中，其位置和動(dòng)量具有不確定性，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D、在工業(yè)和醫(yī)療中經(jīng)常使用激光，是因?yàn)槠涔庾拥哪芰枯^集中，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；【點(diǎn)睛】實(shí)物粒子只具有粒子性，也具有波動(dòng)性，盧瑟福通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，光波是概率波．5、C【解析】

A．t1時(shí)刻鋼球經(jīng)正向最大位移處向下運(yùn)動(dòng)，因此速度方向向下，A錯(cuò)誤；B．t2時(shí)刻鋼球的回復(fù)力向上，加速度向上，處于超重狀態(tài)，B錯(cuò)誤；C．t1~t2時(shí)間內(nèi)鋼球先加速后減速運(yùn)動(dòng)，因此鋼球的的動(dòng)量先增大后減小，C正確；D．在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，彈簧振子系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，D錯(cuò)誤。故選C。6、B【解析】

AB．設(shè)小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為v0，拋出點(diǎn)離桶的高度為h，水平位移為x，則，解得平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：，水平位移為：，由此可知，要增大水平位移x，可保持拋出點(diǎn)高度h不變，增大初速度v0，故B正確，A錯(cuò)誤；CD．由此可知，要增大水平位移x，可保持初速度v0大小不變，增大拋出點(diǎn)高度h，故CD錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】

M和m組成的系統(tǒng)水平方向受合外力為零，則水平方向動(dòng)量守恒，由于只有重力做功，則機(jī)械能守恒，當(dāng)m到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，M的速度最大，則：，解得，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，D正確；M和m組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，故A正確；M和m組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，m從A到C的過(guò)程中以及m從C到B的過(guò)程中m一直向右運(yùn)動(dòng)，所以M一直向左運(yùn)動(dòng)。由機(jī)械能守恒可知，m恰能達(dá)到小車(chē)上的B點(diǎn)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)M與m的速度都是1．故C正確；設(shè)m從A到C的過(guò)程中時(shí)間為t，m發(fā)生的水平位移大小為x，則M產(chǎn)生的位移大小為R-x，取水平向右方向?yàn)檎较颉t根據(jù)水平方向平均動(dòng)量守恒得：解得：；所以M產(chǎn)生的位移的大小為R-x=，故B錯(cuò)誤；故選CD.8、AD【解析】試題分析：先看感應(yīng)電流方向，銅制圓環(huán)內(nèi)磁通量先向里并增大，由楞次定律可知，銅制圓環(huán)感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向外，依據(jù)右手安培定則得到，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針；銅制圓環(huán)越過(guò)最低點(diǎn)過(guò)程中，銅制圓環(huán)內(nèi)磁通量向里的減小，向外的增大，所以銅制圓環(huán)感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向里，感應(yīng)電流為順時(shí)針；越過(guò)最低點(diǎn)以后，銅制圓環(huán)內(nèi)磁通量向外并減小，所以銅制圓環(huán)感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向外，感應(yīng)電流為逆時(shí)針，A正確；B錯(cuò)誤；再看安培力方向，由于圓環(huán)的電流是相等的，把圓環(huán)沿豎直方向看成兩個(gè)半圓環(huán)，則這兩個(gè)半圓環(huán)的電流相等、磁場(chǎng)不相同，則磁場(chǎng)強(qiáng)的半圓產(chǎn)生的安培力大于磁場(chǎng)弱的，故安培力的合力的方向是水平的，同理，當(dāng)圓環(huán)擺過(guò)最下端的位置時(shí)，安培力的方向也是如此，C錯(cuò)誤；D正確；故選AD．【名師點(diǎn)睛】本題由楞次定律可得出電流的方向，重點(diǎn)在于弄清何時(shí)產(chǎn)生電磁感應(yīng)，以及磁通量是如何變化的，按著應(yīng)用楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向的步驟進(jìn)行分析和判斷；再由左手定則判斷安培力的方向．考點(diǎn)：楞次定律、安培力．9、BD【解析】

A．由題意可知，兩列波頻率相同，故兩列波一定可以產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖像；故A錯(cuò)誤；BCD．P點(diǎn)是波谷與波谷相遇處，則說(shuō)明兩波的振動(dòng)方向相同，故P處于加強(qiáng)區(qū)域，在振動(dòng)中的位移可能為最大，也可能為零，故BD正確，C錯(cuò)誤。故選BD。10、AC【解析】

A．簡(jiǎn)諧機(jī)械波沿x軸正方向傳播，在t=2s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)C的振動(dòng)方向向下且處于平衡位置，與圖乙振動(dòng)圖像上t=2s時(shí)刻一致，即質(zhì)點(diǎn)C的振動(dòng)圖像與圖乙相同，故A正確；B．在t=0s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)A位于波谷，速度為零，質(zhì)點(diǎn)B位于平衡位置，則質(zhì)點(diǎn)A的速率比質(zhì)點(diǎn)B的小，故B錯(cuò)誤；C．在t=1s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)A在平衡位置，質(zhì)點(diǎn)B在波谷；因此位移比質(zhì)點(diǎn)B的小，則質(zhì)點(diǎn)A的加速度大小比質(zhì)點(diǎn)B的小，故C正確；D．由圖乙可知周期為4s，20s內(nèi)運(yùn)動(dòng)了接近5個(gè)周期，則質(zhì)點(diǎn)A在20s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)路程接近故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、甲電壓表分流【解析】

(1)）新電池內(nèi)阻很小，若用圖乙方案，在改變電阻箱阻值的過(guò)程中，即使電流明顯變化，也會(huì)使內(nèi)電壓變化很小，即電壓表的示數(shù)變化范圍非常小，導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)誤差較大，所以采用圖甲的方案；(2)對(duì)圖甲電路，由閉合電路歐姆定律可得：，即，為了使描出的圖線為直線，用為縱軸，則橫軸為；(3)根據(jù)圖線與函數(shù)關(guān)系可得：，則，由，解得：,本實(shí)驗(yàn)存在著由于電壓表的分流而導(dǎo)致的系統(tǒng)誤差。12、向右偏轉(zhuǎn)；不偏轉(zhuǎn)；向左偏轉(zhuǎn)；【解析】(1)由圖甲知電流從左接線柱流