2019-2020學(xué)年黑龍江雙鴨山一中高二上期末物理試卷

2019-2020學(xué)年黑龍江省雙鴨山一中高二（上）期末物理試卷一、選擇題（1-8單選，9-12多選，每題4分，共48分）TOC\o"1-5"\h\z（4分）在建立磁場(chǎng)和磁感線的概念時(shí)，先引入電場(chǎng)和電場(chǎng)線，這種處理物理問(wèn)題的方法都屬于（ ）A.控制變量的方法 B.觀察、實(shí)驗(yàn)的方法C.等效替代的方法 D.類比的方法（4分）如圖所示，通電矩形導(dǎo)線框abcd與無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線MN在同一平面內(nèi)，電流方向如圖所示，ad邊與MN平行。關(guān)于MN的磁場(chǎng)對(duì)線框的作用，下列敘述中正確的是（ ）左.iL 右-W1dcad邊和bc邊受到的安培力大小相同ab邊和cd邊受到的安培力大小相同C.線框所受安培力的合力向右D.線框所受安培力的合力為零（4分）下列說(shuō)法正確的是（ ）A.安培首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)B.安培提出了電流產(chǎn)生磁場(chǎng)的方向的判定方法C.奧斯特首先提出了分子電流假說(shuō)D.根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式B=，［,知電流在磁場(chǎng)中某點(diǎn)不受磁場(chǎng)力作用，則該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零（4分）如圖所示，在MNQP中有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量和電荷量都相等的帶電粒子a、b、c以不同的速率從O點(diǎn)沿垂直于PQ的方向射入磁場(chǎng)，圖中實(shí)線是它們的軌跡。已知O是PQ的中點(diǎn)，不計(jì)粒子重力。下列說(shuō)法中正確的是（ ）第1頁(yè)（共15頁(yè)）A.射入磁場(chǎng)時(shí)粒子a的速率最小B.粒子a帶負(fù)電，粒子b、c帶正電C.射出磁場(chǎng)時(shí)粒子b的動(dòng)能最小D.粒子b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短5.（4分）如圖所示，通電螺線管置于水平放置的兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌MN和PQ之間，ab和cd是放在導(dǎo)軌上的兩根金屬棒，它們分別放在螺線管的左右兩側(cè)。保持開關(guān)閉合，最初兩金屬棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向左滑動(dòng)時(shí)，ab和cd棒的運(yùn)動(dòng)情況是（ ）A.ab向左，cd向右 B.ab向右，cd向左C.ab、cd都向右運(yùn)動(dòng) D.ab、cd都不動(dòng)（4分）如圖所示，空間內(nèi)水平線AB以下存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一正方形的閉合金屬線框abcd從邊界AB的上方一定高度由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中線框平面一直在豎直平面內(nèi)，且bc〃AB.關(guān)于線框開（4分）如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的物體在絕緣的水平面上向左運(yùn)動(dòng)，物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為W整個(gè)裝置放在磁感強(qiáng)度為B方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。設(shè)某時(shí)刻物體的速率為v,則下列敘述中正確的是（ ）第2頁(yè)（共15頁(yè)）

TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"X X X X\o"CurrentDocument"X X v X Xx xX n: XA.物體速率由v減小到零的過(guò)程，加速度逐漸增大B.物體速率由B.物體速率由v減小到零通過(guò)的位移等于2W(mg+qfB)C.如果再加一個(gè)方向水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，物體有可能做勻速運(yùn)動(dòng)D.如果再加一個(gè)方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，物體有可能做勻速運(yùn)動(dòng)（4分）帶正電的甲、乙、丙三個(gè)粒子（不計(jì)重力）分別以速圓甲、v乙、v丙垂直射入電場(chǎng)和磁場(chǎng)相互垂直的復(fù)合場(chǎng)中，其軌跡如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）+ 甲.:......"K0二=工七；二;--JSI1川乙^Av甲＜Av甲＜v乙＜v丙C.甲的速度可能變大B.v甲＞丫乙＞丫丙D.丙的速度不一定變大（4分）霍爾元件是一種基于霍爾效應(yīng)的磁傳感器，已發(fā)展成一個(gè)品種多樣的磁傳感器產(chǎn)品族，得到廣泛應(yīng)用.如圖為某霍爾元件的工作原理示意圖，該元件中電流I由正電荷定向運(yùn)動(dòng)形成，下列說(shuō)法正確的是（ ） b；| b；|＞；A.M點(diǎn)電勢(shì)比N點(diǎn)電勢(shì)高B.用霍爾元件可以測(cè)量地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度C.用霍爾元件能夠把磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量D.若保持電流I恒定，則霍爾電壓UH與B成正比例（4分）如圖甲，在同一水平桌面上放有一長(zhǎng)直導(dǎo)線MN和一矩形導(dǎo)線框abcd,導(dǎo)線MN固定，導(dǎo)線框在MN的右側(cè)。導(dǎo)線MN中通有電流i,i的變化如圖乙所示，規(guī)定從N到M為電流正方向。導(dǎo)線MN通電過(guò)程中導(dǎo)線框始終靜止，則（ ）第3頁(yè)（共15頁(yè)）0~t1時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中產(chǎn)生adcba方向感應(yīng)電流，且大小不變0~t1時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框受到水平向左的摩擦力，且大小不變t1-t3時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向不變，受到摩擦力的方向也不變D.在t1時(shí)刻導(dǎo)線框中感應(yīng)電流改變方向，在t2時(shí)刻導(dǎo)線框不受摩擦力（4分）如圖所示電路，兩根光滑金屬導(dǎo)軌平行放置在傾角為。的斜面上，導(dǎo)軌下端接有電阻R,導(dǎo)軌電阻不計(jì)，斜面處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電阻可忽略不計(jì)的金屬棒ab質(zhì)量為m,受到沿斜面向上且與金屬棒垂直的恒力F的作用.金屬棒沿導(dǎo)軌勻速向上滑動(dòng)，則它在上滑高度h的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是( )A.作用在金屬棒上各力的合力做功為零B.重力做的功等于系統(tǒng)產(chǎn)生的電能C.金屬棒克服安培力做的功等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱D.恒力F做的功與安培力做的功之和等于金屬棒增加的機(jī)械能（4分）某一金屬圓環(huán)處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，環(huán)面垂直于磁場(chǎng)，如圖甲所示.磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間按正弦規(guī)律變化，如圖乙所示.取磁場(chǎng)垂直于環(huán)面向里為正方向，則下列說(shuō)法正確的是（ ）甲 乙0-t2時(shí)間內(nèi)，環(huán)中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先減小后增大t1-t3時(shí)間內(nèi)，環(huán)中感應(yīng)電流方向先沿順時(shí)針后沿逆時(shí)針0-t4時(shí)間內(nèi)，金屬環(huán)一共出現(xiàn)兩次收縮趨勢(shì)，兩次擴(kuò)張趨勢(shì)t2-t4時(shí)間內(nèi)，環(huán)上某一段受到的安培力先變大后變小二、實(shí)驗(yàn)題（13題每空1分，共4分.14題第一空1分，其余每空2分，共11分）（4分）某學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組利用如圖丙所示電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，使用的器材有：第4頁(yè)（共15頁(yè)）多用電表、電壓表（量程5V,內(nèi)阻十幾kQ）、滑動(dòng)變阻器（最大阻值5kQ）、導(dǎo)線若干（1）將多用電表檔位調(diào)到電阻“X100Q”擋，再將紅表筆和黑表筆短接，進(jìn)行 ；（2）將圖中多用電表的紅表筆和 （填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端；（3）若多用電表檔位調(diào)到電阻“X100Q”檔測(cè)量，指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)小，應(yīng)換檔（填“X10Q”或“X1k”）（4）換檔后重新進(jìn)行（1）的步驟后，將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖甲所示，這時(shí)電壓表的示數(shù)如圖乙所示。多用電表的讀數(shù)為 kQ。14.（11分）在測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，經(jīng)常用到如圖1所示的兩種電路圖。（1）在測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí)，為盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選擇圖1中的（選填“甲”或“乙”）電路，現(xiàn)有電流表（0?0.6A）、開關(guān)、導(dǎo)線若干，以及以下器材：A.電壓表（0?15V）B.電壓表（0?3V）C.滑動(dòng)變阻器（0?50Q）D.滑動(dòng)變阻器（0?500Q）實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選用，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用；（選填相應(yīng)器材前的字母）（2）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)時(shí)，分別利用圖1中的甲、乙兩個(gè)電路圖對(duì)待測(cè)電源進(jìn)行了測(cè)量，并根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分別繪制出了相應(yīng)的U-I圖，如圖2所示，則直線 （選填"a”或“b”）對(duì)應(yīng)圖1中甲電路的測(cè)量數(shù)據(jù)；根據(jù)兩條U-I圖，該電源電動(dòng)勢(shì)的準(zhǔn)確值E=，內(nèi)阻的準(zhǔn)確值r=（用U1>U2、L、I2表示）三、簡(jiǎn)答題第5頁(yè)（共15頁(yè)）（8分）如圖所示，直線MN上方有垂直紙面向外的足夠大的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,一質(zhì)量為m、電荷量為q的負(fù)離子（重力可忽略）從O點(diǎn)以與MN成8=30°角的速度v射入該磁場(chǎng)區(qū)域，經(jīng)一段時(shí)間后從邊界MN上P點(diǎn)射出。求:（1）入射點(diǎn)O與出射點(diǎn)P間的距離L；（2）負(fù)離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。M O（9分）質(zhì)量為0.1g的小物塊帶有5X10-4C的電荷，放在傾角為30°且足夠長(zhǎng)的光滑絕緣的斜面上，整個(gè)裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示.物塊由靜止下滑，滑到某個(gè)位置時(shí)離開斜面，求：（1）物塊帶何種電荷？（2）物塊剛離開斜面時(shí)的速度多大？（3）物塊從靜止到剛離開斜面的過(guò)程中做什么運(yùn)動(dòng)，斜面至少多長(zhǎng)？X X X XX X X X（10分）1831年10月28日，法拉第在一次會(huì)議上展示了他發(fā)明的圓盤發(fā)電機(jī)。如圖所示為一圓盤發(fā)電機(jī)對(duì)小燈泡供電的示意圖，銅圓盤可繞豎直銅軸轉(zhuǎn)動(dòng)，兩塊銅片C、D分別與圓盤的豎直軸和邊緣接觸。已知銅圓盤半徑為L(zhǎng)接入電路中的電阻為r,勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,小燈泡電阻為R.不計(jì)摩擦阻力，當(dāng)圓盤以角速度3沿順時(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎﹦蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，求：（1）銅圓盤的銅軸與邊緣之間的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小E；（2）流過(guò)小燈泡的電流方向，以及小燈泡兩端的電壓U；（3）維持圓盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的外力的功率P。（10分）如圖（a）所示，兩條足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置，導(dǎo)軌間距L=lm,兩導(dǎo)軌的上端接有一個(gè)R=2Q的定值電阻。虛線OO,下方是垂直于導(dǎo)軌平面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T.現(xiàn)將第6頁(yè)（共15頁(yè)）質(zhì)量m=0.1kg、電阻不計(jì)的金屬桿ab,從00,上方某處由靜止釋放，金屬桿在下落的過(guò)程中與導(dǎo)軌保持良好接觸，且始終保持水平，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。已知金屬桿下^.3m的過(guò)程中，加速度a與下落距離h的關(guān)系如圖（b）所示，g取10m/s2.求:（1）金屬桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，速度v0為多大？（2）金屬桿下落0.3m的過(guò)程中，在電阻R上產(chǎn)生的熱量Q為多少?（3）金屬桿下落0.3m的過(guò)程中，在電阻R上通過(guò)的電量q為多少？出爐出爐tn（10分）如圖所示，在y軸上A點(diǎn)沿平行x軸正方向以v0發(fā)射一個(gè)帶正電的粒子，A點(diǎn)的坐標(biāo)為（0■:金），第一象限充滿沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第四象限充滿方向垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（未畫出）。帶電粒子從x軸上C點(diǎn)離開第一象限進(jìn)入第四象限，C點(diǎn)的坐標(biāo)為（2a,0）。已知帶電粒子的電量為q,質(zhì)量為m,粒子的重力忽略不計(jì)。求：（1）所加勻強(qiáng)電場(chǎng)E的大?。?）若帶正電的粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后恰好能水平向左垂直打在-y軸上D點(diǎn)（未畫出），求第四象限中所加磁場(chǎng)的大小與方向以及D點(diǎn)的坐標(biāo)。2nLvn（3）若在第四象限只是某區(qū)域中存在大小，B,= 方向垂直紙面向外的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，要使帶電粒第7頁(yè)（共15頁(yè)）2019-2020學(xué)年黑龍江省雙鴨山一中高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（1-8單選，9-12多選，每題4分，共48分）.【解答】解：磁場(chǎng)和電場(chǎng)既看不見，又摸不到，它們有很多的相似性。在建立磁場(chǎng)和磁感線的概念時(shí)，先引入電場(chǎng)和電場(chǎng)線，這種處理物理問(wèn)題的方法都屬于類比的方法。故選：D。.【解答】解：AB、直導(dǎo)線中的電流方向由M到N,根據(jù)安培定則可知，導(dǎo)線右側(cè)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里，根據(jù)左手定則可知，ad邊受向左的安培力，bc邊受到向右的安培力，ab邊受到向下的安培力，cd受到向上的安培力，離MN越遠(yuǎn)的位置，磁感應(yīng)強(qiáng)度越小，根據(jù)安培力公式F=BIL,ad邊受到的安培力大小大于bc邊，ab邊受到的安培力大小等于cd受到的安培力大小，故A錯(cuò)誤，B正確；CD、ad邊受向左的安培力，bc邊受到向右的安培力，ad邊受到的安培力大小大于bc邊，則線框所受安培力的合力向左，不為零，故CD錯(cuò)誤。故選：B。.【解答】解：A、奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故A錯(cuò)誤；B、安培提出了電流產(chǎn)生磁場(chǎng)的方向的判定方法，故B正確；C、安培首先提出了分子電流假說(shuō)，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)的方向平行時(shí)，導(dǎo)線受到的安培力等于0,磁場(chǎng)不一定是0,故D錯(cuò)誤。故選：B。24?【解答】解：A、粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m—,T解得：丫=也，由圖可知，射入磁場(chǎng)時(shí)粒子c的半徑最小，則速率最小。故A錯(cuò)誤；mB、由圖可知，a向左偏，bc向右偏，根據(jù)左手定則知粒子a帶正電，粒子b、c帶負(fù)電，故B錯(cuò)誤；222C、粒子的動(dòng)能Ek=.mv2=>?H，由于:q、B、m都相同，因此r越大，粒子動(dòng)能越大，由圖示可知，b的軌道半徑r最大，則b粒子動(dòng)能最大；c的半徑最小，則動(dòng)能最小。故C錯(cuò)誤；D、粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T=2等相同，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=裊T=f*,由于qB 2兀qBm、q、B都相同，粒子c轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角9最大，則射入磁場(chǎng)時(shí)c的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最大，粒子b轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角9最小，則射入磁場(chǎng)時(shí)c的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最小，故D正確。故選：D。第8頁(yè)（共15頁(yè)）.【解答】解：當(dāng)變阻器滑片向左滑動(dòng)時(shí)，電路的電流大小變大，線圈的磁場(chǎng)增加；根據(jù)安培定則由電流方向可確定線圈的磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌向下。由于線圈處于兩棒中間，所以穿過(guò)兩棒所圍成的磁通量變大，由楞次定律：增反減同可得，線框abdc產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较蚋袘?yīng)電流。最后根據(jù)左手定則可確定安培力的方向：ab棒處于垂直向上的磁場(chǎng)，且電流方向ab，則安培力方向向左。cd棒處于垂直向上的磁場(chǎng)，且電流方向dc，則安培力方向向右。故選：A。.【解答】解：A、線框進(jìn)入磁場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)后bc邊開始切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電流，開始受到安培力的作用，若線框進(jìn)人磁場(chǎng)后bc邊所受向上的安培力與線框的重力平衡，線框就做勻速運(yùn)動(dòng)，線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后又做加速運(yùn)動(dòng)，A項(xiàng)可能；BD、若線框進(jìn)人磁場(chǎng)后bc邊所受向上的安培力小于線框重力，線框就做加速運(yùn)動(dòng)，而且隨著速度增大，安培力增大，加速度減小，所以線框做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)安培力與線框的重力達(dá)到平衡后，線框做勻速運(yùn)動(dòng)，B項(xiàng)可能、D項(xiàng)不可能；C、若線框進(jìn)人磁場(chǎng)后bc邊所受向上的安培力大于線框的重力，線框就做減速運(yùn)動(dòng)，而且隨著速度減小，安培力減小，加速度減小，所以線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)安培力與線框的重力達(dá)到平衡后，線框做勻速運(yùn)動(dòng)，C項(xiàng)可能。本題選不可能的，故選：D。.【解答】解：A、B、對(duì)物體受力分析，受重力、支持力，洛倫茲力和滑動(dòng)摩擦力；根據(jù)左手定則，洛倫茲力向下，合力向后，物體做減速運(yùn)動(dòng)；由于摩擦力f=(mg+qvtB),不斷減小，加速度不斷減小，由于不是勻變速運(yùn)動(dòng)，故物體的速度由v減小到零所通過(guò)的位移x：-fx=0-m-mv2.x=^—> rmV不T，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；2 2f2乩tmg+qvBjC、若另加一個(gè)水平向左的電場(chǎng)，電場(chǎng)力的方向向左，當(dāng)qE=(mg+qvB)時(shí)，滑塊可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、若另加一個(gè)豎直向下的電場(chǎng)，電場(chǎng)力的方向向下，因此電場(chǎng)力，重力，及洛倫茲力都同向，則滑塊不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；故選：C。.【解答】解：對(duì)于甲粒子：軌跡向上彎曲，qv甲B>qE,v甲>關(guān)；E對(duì)于乙粒子：軌跡不彎曲，qv乙B=qE,v乙=百；E對(duì)于丙粒子：軌跡向下彎曲，qv丙B<qE,v丙〈可；第9頁(yè)(共15頁(yè))貝卜甲＞丫乙＞7丙，故A錯(cuò)誤，B正確；C、甲粒子向上偏，電場(chǎng)力做負(fù)功，導(dǎo)致動(dòng)能減小，則速度在減小，故C錯(cuò)誤；D、丙粒子的電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增大，則速度變化，故D錯(cuò)誤。故選：B。.【解答】解：A、根據(jù)左手定則知，正電荷向N點(diǎn)偏轉(zhuǎn)，所以N點(diǎn)這一側(cè)得到正電荷，另一端失去正電荷帶負(fù)電，所以M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì)。故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)qvB=b，"得，叫由電流的微觀定義式：I=nesv,n是單位體積內(nèi)的正電荷數(shù)，e是單個(gè)導(dǎo)電粒子所帶的電量，s是導(dǎo)體的橫截面積，v是導(dǎo)電粒子運(yùn)動(dòng)的速度。整理得：v=,，nes聯(lián)立解得UH《j|l,可知用霍爾元件可以測(cè)量地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，保持電流不變，霍爾電壓UH與B成正比。故B、D正確。C、霍爾元件能夠把磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量。故C正確。故選：BCD。.【解答】解：A、在0~t1時(shí)間內(nèi)，由M到N的電流均勻增大，則穿過(guò)矩形導(dǎo)線框abcd的磁通量變化，根據(jù)楞次定律可知，導(dǎo)線框中產(chǎn)生adcba方向的感應(yīng)電流，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，￡8孕8辛_,AtAti隨時(shí)間t線性變化，感應(yīng)電流大小恒定不變，故A正確；B、在。?、時(shí)間內(nèi)，根據(jù)楞次定律的推廣含義--來(lái)拒去留可知，磁通量增大，則線框具有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，則摩擦力向左，根據(jù)平衡條件可知，安培力尸=8兀=￡，其中B增大，則F增大，摩擦力f增大，故B錯(cuò)誤；C、從t1到t3時(shí)間過(guò)程中，電流先正向均勻減小，后反向均勻增大，根據(jù)楞次定律，可知，導(dǎo)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向順時(shí)針，保持不變，由于MN中電流方向變化，則磁場(chǎng)方向變化，根據(jù)左手定則可知，安培力方向變化，受到的摩擦力方向變化，故C錯(cuò)誤；D.t1時(shí)刻，MN中電流變化，則MN周圍磁場(chǎng)變化，闖過(guò)導(dǎo)線框向下的磁通量向變大后變小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向改變，在t2時(shí)刻，導(dǎo)線框雖有電流，但MN中沒(méi)有電流，則周圍不存在磁場(chǎng)，因此MN對(duì)其沒(méi)有安培力作用，則也不會(huì)受桌面摩擦力的作用，故D正確。故選：AD。11.【解答】解：A、金屬棒沿導(dǎo)軌勻速下滑，合力為零，則合力做功為零。即WF+WG+WA=0,故A正確。B、根據(jù)功能關(guān)系可知，重力做功等于重力勢(shì)能的變化量，即重力做的功等于拉力做的功減去系統(tǒng)產(chǎn)生的電第10頁(yè)（共15頁(yè)）能。故B錯(cuò)誤。C、由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得知，金屬棒克服安培力做功等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。故C正確。D、除重力之外，其它力對(duì)金屬棒做的功等于金屬棒機(jī)械能的增加量，所以恒力F做的功與安培力做的功之和等于金屬棒增加的機(jī)械能，故D正確。故選：ACD。12?【解答】解：0?t2時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化先變小后變大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，環(huán)中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先減小后增大，故A正確；B、根據(jù)楞次定律，片?與時(shí)間內(nèi)，環(huán)中感應(yīng)電流方向一直沿順時(shí)針?lè)较?，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)，根據(jù)楞次定律可知，金屬環(huán)有收縮的趨勢(shì)，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時(shí)，金屬環(huán)有擴(kuò)張趨勢(shì)，從圖象可以看出，。?、時(shí)間內(nèi)，金屬環(huán)出現(xiàn)兩次收縮趨勢(shì)，兩次擴(kuò)張趨勢(shì)，故C正確；D、由于片、t2兩個(gè)時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，因此環(huán)上某一段受到的安培力為零，在t3時(shí)刻，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，感應(yīng)電流為零，因此環(huán)上某一段受到的安培力也為零，因此t2~t4時(shí)間內(nèi)，環(huán)上某一段受到的安培力先變大后變小，再變大然后再變小，故D錯(cuò)誤。故選：AC。二、實(shí)驗(yàn)題(13題每空1分，共4分.14題第一空1分，其余每空2分，共11分).【解答】解：(1)將多用電表檔位調(diào)到電阻“X100C”擋，再將紅表筆和黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零；(2)電流從歐姆表黑表筆流出，從電壓表正接線柱流入，由圖示電路圖可知，應(yīng)將多用電表的紅表筆和1端相連，黑表筆連接另一端；(3)若多用電表檔位調(diào)到電阻“X100C”檔測(cè)量，指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)小，說(shuō)明所選擋位太小，為準(zhǔn)確測(cè)電阻阻值，應(yīng)換X1K擋。(4)歐姆表選擇X1k擋位，由圖甲所示可知，多用電表示數(shù)為：19.0X1kC=19.0kC。故答案為：(1)歐姆調(diào)零；(2)1；(3)X1K；(4)19.0。.【解答】解：(1)由于電流表內(nèi)阻與電源內(nèi)阻接近，故在測(cè)量時(shí)應(yīng)采用相對(duì)電源的電流表外接法，故選擇圖1中的甲圖進(jìn)行測(cè)量；由于一節(jié)干電池電動(dòng)勢(shì)只有1.5V,故電壓表應(yīng)選擇3V量程的B；而由于電源內(nèi)阻較小，為了便于測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇總阻值較小的C。(2)采用甲圖進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，由于采用電流表相對(duì)電源的外接法，電壓表的分流而使電流表示數(shù)偏小，因此測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻均偏??；而乙圖中采用相對(duì)電源的內(nèi)接法，實(shí)驗(yàn)結(jié)果中將電流表內(nèi)阻等效為了電源內(nèi)阻，因此測(cè)量出的內(nèi)阻值偏大；圖象斜率較大，故直線b為甲電路所測(cè)量的數(shù)據(jù)。采用乙電路測(cè)量時(shí)，當(dāng)外電路斷路時(shí)，電流表分壓作用可以忽略，因此乙電路中測(cè)出的電動(dòng)勢(shì)準(zhǔn)確；而甲第11頁(yè)(共15頁(yè))

u2電路中當(dāng)外電路短路時(shí)，電壓表的分流作用可以忽略，因此短路電流是準(zhǔn)確的，則可知e=u2,內(nèi)阻工一。r2故答案為：（1）甲BC（2）b U2］工三、簡(jiǎn)答題15?【解答】解：（1）作粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示:根據(jù)牛頓第二定律可知：qvB=nr^-…①由幾何知識(shí)可得：L=R…②聯(lián)立①②解得：L嗑…③（2）由勻速圓周運(yùn)動(dòng)關(guān)系得：T二理上等…④UQD又由幾何知識(shí)可得：負(fù)電荷轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為：正電荷轉(zhuǎn)過(guò)圓心角為：a=360°-28=300°則負(fù)電荷轉(zhuǎn)動(dòng)的時(shí)間:=300T=300T二5兀m

3qB答：（1）入射點(diǎn)O與出射點(diǎn)P間的距離L為嗎;qB（2）負(fù)離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間16?【解答】解：（1）由題意可知：小滑塊受到的安培力垂直斜面向上.根據(jù)左手定則可得：小滑塊帶負(fù)電.（2）當(dāng)物體離開斜面時(shí)，彈力為零，因此有：qvB=mgcos30°,故v=3：；。。=2.—.（3）由于斜面光滑，物體在離開斜面之前一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：mgsin30°=ma,第12頁(yè)（共15頁(yè)）

由勻變速直線運(yùn)的速度位移公式得：v2=2ax,解得：x=1.2m.答：(1)物體帶負(fù)電.(2)物體離開斜面時(shí)的速度為2/lm/s.(3)物塊從靜止到剛離開斜面的過(guò)程中一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，斜面至少1.2m.17?【解答】解：(1)銅圓盤在磁場(chǎng)中繞豎直銅軸轉(zhuǎn)動(dòng)，等效為無(wú)數(shù)長(zhǎng)度為L(zhǎng)的銅導(dǎo)體棒切割磁感線，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，有:ByA6L2ByA6L21^B"L2…①(2)根據(jù)右手定則，D相當(dāng)于等效電源的負(fù)極，故流過(guò)小燈泡的電流方向：a-b根據(jù)閉合回路的歐姆定律，有通過(guò)小燈泡的電流大小根據(jù)歐姆定律，知小燈泡兩端電壓為:U=IR…③聯(lián)立①②③解得：u吟黑：(3)圓盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，有外力功率為：P=P電根據(jù)P根據(jù)P電R-i-r答案：(1)銅圓盤的銅軸與邊緣之間的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為:BaL2；一，、2(2)流過(guò)小燈泡的電流方向:a-b；小燈泡兩端的電壓為票與;(3)維持圓盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的外力的功率為%^.2218?【解答】解：(1)金屬桿進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的安培力：F=BIL=B,，,由圖示圖線可知，金屬桿進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的加速度：a0=10m/s2,方向：豎直向上，對(duì)金屬桿，由牛頓第二定律