2018年云南省全國(guó)統(tǒng)一高考理綜卷物理試題及解析

2018年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)Ⅲ）一、選擇題：本題共8個(gè)小題，每題6分，共48分。在每個(gè)小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5-8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．（6分）1934年，約里奧﹣居里夫婦用α粒子轟擊鋁核Al，產(chǎn)生了第一個(gè)人工放射性核素X：α+Al→n+X．X的原子序數(shù)和質(zhì)量數(shù)分別為（）A．15和28 B．15和30 C．16和30 D．17和312．（6分）為了探測(cè)引力波，“天琴計(jì)劃”預(yù)計(jì)發(fā)射地球衛(wèi)星P，其軌道半徑約為地球半徑的16倍；另一地球衛(wèi)星Q的軌道半徑約為地球半徑的4倍。P與Q的周期之比約為（）A．2：1 B．4：1 C．8：1 D．16：13．（6分）一電阻接到方波交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q方；若該電阻接到正弦交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q正．該電阻上電壓的峰值均為u0，周期均為T(mén)，如圖所示。則Q方：Q正等于（）A．1： B．：1 C．1：2 D．2：14．（6分）在一斜面頂端，將甲、乙兩個(gè)小球分別以v和的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落在該斜面上。甲球落至斜面時(shí)的速率是乙球落至斜面時(shí)速率的（）A．2倍 B．4倍 C．6倍 D．8倍5．（6分）甲、乙兩車(chē)在同一平直公路上同向運(yùn)動(dòng)，甲做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)。甲、乙兩車(chē)的位置x隨時(shí)間t的變化如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A．在t1時(shí)刻兩車(chē)速度相等B．從0到t1時(shí)間內(nèi)，兩車(chē)走過(guò)的路程相等C．從t1到t2時(shí)間內(nèi)，兩車(chē)走過(guò)的路程相等D．在t1到t2時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻，兩車(chē)速度相等6．（6分）地下礦井中的礦石裝在礦車(chē)中，用電機(jī)通過(guò)豎井運(yùn)送到地面。某豎井中礦車(chē)提升的速度大小v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，其中圖線①②分別描述兩次不同的提升過(guò)程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相同，提升的質(zhì)量相等。不考慮摩擦阻力和空氣阻力。對(duì)于第①次和第②次提升過(guò)程，（）A．礦車(chē)上升所用的時(shí)間之比為4：5B．電機(jī)的最大牽引力之比為2：1C．電機(jī)輸出的最大功率之比為2：1D．電機(jī)所做的功之比為4：57．（6分）如圖（a），在同一平面內(nèi)固定有一長(zhǎng)直導(dǎo)線PQ和一導(dǎo)線框R，R在PQ的右側(cè)。導(dǎo)線PQ中通有正弦交流電i，i的變化如圖（b）所示，規(guī)定從Q到P為電流正方向。導(dǎo)線框R中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)（）A．在t=時(shí)為零B．在t=時(shí)改變方向C．在t=時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较駾．在t=T時(shí)最大，且沿順時(shí)針?lè)较?．（6分）如圖，一平行板電容器連接在直流電源上，電容器的極板水平；兩微粒a、b所帶電荷量大小相等、符號(hào)相反，使它們分別靜止于電容器的上、下極板附近，與極板距離相等?，F(xiàn)同時(shí)釋放a、b，它們由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。在隨后的某時(shí)刻t，a、b經(jīng)過(guò)電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平面。a、b間的相互作用和重力可忽略。下列說(shuō)法正確的是（）A．a(chǎn)的質(zhì)量比b的大B．在t時(shí)刻，a的動(dòng)能比b的大C．在t時(shí)刻，a和b的電勢(shì)能相等D．在t時(shí)刻，a和b的動(dòng)量大小相等二、非選擇題。第9-12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第13-16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題.9．（6分）甲、乙兩同學(xué)通過(guò)下面的實(shí)驗(yàn)測(cè)量人的反應(yīng)時(shí)間。實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）甲用兩個(gè)手指輕輕捏住量程為L(zhǎng)的木尺上端，讓木尺自然下垂。乙把手放在尺的下端（位置恰好處于L刻度處，但未碰到尺），準(zhǔn)備用手指夾住下落的尺。（2）甲在不通知乙的情況下，突然松手，尺子下落；乙看到尺子下落后快速用手指夾住尺子。若夾住尺子的位置刻度為L(zhǎng)1，重力加速度大小為g，則乙的反應(yīng)時(shí)間為（用L、L1和g表示）。（3）已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間=9.80m/s2，L=30.0cm，L1=10.4cm。乙的反應(yīng)時(shí)間為s．（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）（4）寫(xiě)出一條能提高測(cè)量結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議：。10．（9分）一課外實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的電路測(cè)量某待測(cè)電阻Rx的阻值，圖中R0為標(biāo)準(zhǔn)定值電阻（R0=20.0Ω）；可視為理想電壓表；S1為單刀開(kāi)關(guān)，S2為單刀雙擲開(kāi)關(guān)；E為電源；R為滑動(dòng)變阻器。采用如下步驟完成實(shí)驗(yàn)：（1）按照實(shí)驗(yàn)原理線路圖（a），將圖（b）中實(shí)物連線；（2）將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端置于適當(dāng)?shù)奈恢茫]合S1；（3）將開(kāi)關(guān)S2擲于1端，改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端的位置，記下此時(shí)電壓表的示數(shù)U1；然后將S2擲于2端，記下此時(shí)電壓表的示數(shù)U2；（4）待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式Rx=（用R0、U1、U2表示）；（5）重復(fù)步驟（3），得到如下數(shù)據(jù)：12345U1/V0.250.300.360.400.44U2/V0.861.031.221.361.493.443.433.393.403.39（6）利用上述5次測(cè)量所得的平均值，求得Rx=Ω．（保留1位小數(shù)）11．（12分）如圖，從離子源產(chǎn)生的甲、乙兩種離子，由靜止經(jīng)加速電壓U加速后在紙面內(nèi)水平向右運(yùn)動(dòng)，自M點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)邊界射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，磁場(chǎng)左邊界豎直。已知甲種離子射入磁場(chǎng)的速度大小為v1，并在磁場(chǎng)邊界的N點(diǎn)射出；乙種離子在MN的中點(diǎn)射出；MN長(zhǎng)為l。不計(jì)重力影響和離子間的相互作用。求（1）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。唬?）甲、乙兩種離子的比荷之比。12．（20分）如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為R的光滑圓弧軌道ABC和水平軌道PA在A點(diǎn)相切，BC為圓弧軌道的直徑，O為圓心，OA和OB之間的夾角為α，sinα=．一質(zhì)量為m的小球沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)A點(diǎn)沿圓弧軌道通過(guò)C點(diǎn)，落至水平軌道；在整個(gè)過(guò)程中，除受到重力及軌道作用力外，小球還一直受到一水平恒力的作用。已知小球在C點(diǎn)所受合力的方向指向圓心，且此時(shí)小球?qū)壍赖膲毫η『脼榱?。重力加速度大小為g。求（1）水平恒力的大小和小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度的大小；（2）小球達(dá)A點(diǎn)時(shí)動(dòng)量的大小；（3）小球從C點(diǎn)落至水平軌道所用的時(shí)間。（二）選考題：共15分，請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。[物理——選修3-3]（15分）13．（5分）如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其過(guò)程如p﹣V圖中從a到b的直線所示。在此過(guò)程中（）A．氣體溫度一直降低B．氣體內(nèi)能一直增加C．氣體一直對(duì)外做功D．氣體一直從外界吸熱E．氣體吸收的熱量一直全部用于對(duì)外做功14．（10分）在兩端封閉、粗細(xì)均勻的U形細(xì)玻璃管內(nèi)有一段水銀柱，水銀柱的兩端各封閉有一段空氣。當(dāng)U形管兩端豎直朝上時(shí)，左，右兩邊空氣柱的長(zhǎng)度分別為l1=18.0cm和l2=12.0cm，左邊氣體的壓強(qiáng)為12.0cmHg．現(xiàn)將U形管緩慢平放在水平桌面上，沒(méi)有氣體從管的一邊通過(guò)水銀逸入另一邊。求U形管平放時(shí)兩邊空氣柱的長(zhǎng)度。在整個(gè)過(guò)程中，氣體溫度不變?！疚锢?-選修3-4】（15分）15．一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0和t=0.20s時(shí)的波形分別如圖中實(shí)線和虛線所示。已知該波的周期T＞0.20s。下列說(shuō)法正確的是（）A．波速為0.40m/sB．波長(zhǎng)為0.08mC．x=0.08m的質(zhì)點(diǎn)在t=0.70s時(shí)位于波谷D．x=0.08m的質(zhì)點(diǎn)在t=0.12s時(shí)位于波谷E．若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.80m/s，則它在該介質(zhì)中的波長(zhǎng)為0.32m16．如圖，某同學(xué)在一張水平放置的白紙上畫(huà)了一個(gè)小標(biāo)記“?”（圖中O點(diǎn)），然后用橫截面為等邊三角形ABC的三棱鏡壓在這個(gè)標(biāo)記上，小標(biāo)記位于AC邊上。D位于AB邊上，過(guò)D點(diǎn)做AC邊的垂線交AC于F．該同學(xué)在D點(diǎn)正上方向下順著直線DF的方向觀察，恰好可以看到小標(biāo)記的像；過(guò)O點(diǎn)做AB邊的垂線交直線DF于E；DE=2cm，EF=1cm。求三棱鏡的折射率。（不考慮光線在三棱鏡中的反射）

2018年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)Ⅲ）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8個(gè)小題，每題6分，共48分。在每個(gè)小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5-8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．（6分）【考點(diǎn)】JF：原子核的人工轉(zhuǎn)變．【分析】明確α粒子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)，同時(shí)知道核反應(yīng)中生成中子，再根據(jù)核反應(yīng)方程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒即可求出X的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)。【解答】解：設(shè)X的質(zhì)量數(shù)為m，電荷數(shù)為n，根據(jù)核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知：4+27=1+m；2+13=0+n解得：m=30；n=15；故其原子序數(shù)為15，質(zhì)量數(shù)為30；故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)核反應(yīng)方程的掌握，明確質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒的應(yīng)用，同時(shí)知道α粒子為，而中子為n。2．（6分）【考點(diǎn)】4H：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．【分析】由題得到衛(wèi)星P與Q的軌道半徑之比，由開(kāi)普勒第三定律求周期之比?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)題意可得P與Q的軌道半徑之比為：rP：rQ=4：1根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有：=k得：=可得周期之比為：TP：TQ=8：1故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題中已知兩個(gè)衛(wèi)星的軌道半徑之間的關(guān)系，可以由開(kāi)普勒第三定律快速解答，也可以由萬(wàn)有引力定律提供向心力求出周期與半徑之間的關(guān)系后再進(jìn)行判斷。3．（6分）【考點(diǎn)】E5：交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系；BH：焦耳定律；E4：正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率．【分析】明確有效值的定義，知道正弦式交流電其最大值為有效值的倍，再根據(jù)焦耳定律列式即可確定一周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量比值?！窘獯稹拷猓河蓤D可知，方形交流電源的有效值為U0，故其一周期產(chǎn)生的熱量為：Q方=T；正弦式交流電的有效值為：U=故其一周期產(chǎn)生的熱量為：Q正=T=；故有：Q方：Q正=2：1；故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)有效值以及焦耳定律的應(yīng)用，要注意明確有效值是根據(jù)電流的熱效應(yīng)求解的，而只有正弦式交流電才滿足最大值為有效值的倍。4．（6分）【考點(diǎn)】43：平拋運(yùn)動(dòng)．【分析】根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的推論tanθ=2tanα得到甲、乙兩個(gè)小球落在斜面上時(shí)速度偏向角相等，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解求出末速度即可。【解答】解：設(shè)斜面傾角為α，小球落在斜面上速度方向偏向角為θ，甲球以速度v拋出，落在斜面上，如圖所示；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的推論可得tanθ=2tanα，所以甲乙兩個(gè)小球落在斜面上時(shí)速度偏向角相等；故對(duì)甲有：v甲末=對(duì)乙有：v乙末=，所以，故A正確、BCD錯(cuò)誤；故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，知道平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)；解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)的兩個(gè)推論。5．（6分）【考點(diǎn)】1I：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；1E：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．【分析】x﹣t圖象的斜率表示速度，根據(jù)斜率的變化分析速度的變化；交點(diǎn)表示相遇，由此分析路程大小。【解答】解：A、x﹣t圖象的斜率表示速度，在t1時(shí)刻乙圖象的斜率大于甲圖象的斜率，所以乙車(chē)的速度大于甲車(chē)速度，故A錯(cuò)誤；B、從0到t1時(shí)間內(nèi)，兩車(chē)走過(guò)的路程是乙車(chē)大于甲車(chē)，故B錯(cuò)誤；C、從t1到t2時(shí)間內(nèi)，兩車(chē)走過(guò)的路程均為x2﹣x1，路程相等，故C正確；D、根據(jù)圖象可知，在t1時(shí)刻乙圖象的斜率大于甲圖象的斜率，在t2時(shí)刻乙圖象的斜率小于甲圖象的斜率，在t1到t2時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻二者的斜率相同，此時(shí)兩車(chē)速度相等，故D正確。故選：CD?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于圖象問(wèn)題，我們學(xué)會(huì)“五看”，即：看坐標(biāo)、看斜率、看面積、看交點(diǎn)、看截距；了解圖象的物理意義是正確解題的前提。6．（6分）【考點(diǎn)】63：功率、平均功率和瞬時(shí)功率；1I：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像．【分析】?jī)纱翁嵘母叨认嗤?，根?jù)v﹣t圖象的面積表示位移列式，求解礦車(chē)上升所用的時(shí)間之比。根據(jù)圖象的斜率表示加速度，由牛頓第二定律分析電機(jī)的最大牽引力之比。由P=Fv求電機(jī)輸出的最大功率之比。由W=Pt求電機(jī)所做的功之比?！窘獯稹拷猓篈、設(shè)第②次提升過(guò)程礦車(chē)上升所用的時(shí)間為t。根據(jù)v﹣t圖象的面積表示位移，得：=+解得t=2.5t0。所以第①次和第②次提升過(guò)程礦車(chē)上升所用的時(shí)間之比為2t0：t=4：5，故A正確。B、根據(jù)圖象的斜率表示加速度，知兩次礦車(chē)勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度相同，由牛頓第二定律得F﹣mg=ma，可得F=mg+ma，所以電機(jī)的最大牽引力相等，故B錯(cuò)誤。C、設(shè)電機(jī)的最大牽引力為F．第①次電機(jī)輸出的最大功率為P1=Fv0，第②次電機(jī)輸出的最大功率為P2=Fv0，因此電機(jī)輸出的最大功率之比為2：1，故C正確。D、電機(jī)所做的功與重力做功之和為零，因此電機(jī)做功之比為W1：W2=1：1，故D錯(cuò)誤。故選：AC。【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要理清礦車(chē)的運(yùn)動(dòng)情況，知道v﹣t圖象的面積表示位移，抓住兩次總位移相等來(lái)求第2次運(yùn)動(dòng)時(shí)間。7．（6分）【考點(diǎn)】D8：法拉第電磁感應(yīng)定律．【分析】根據(jù)右手螺旋定則得出直導(dǎo)線周?chē)拇艌?chǎng)方向，結(jié)合交流電電流大小的變化，根據(jù)楞次定律判斷電勢(shì)的高低?！窘獯稹拷猓篈、向上的電流在線框處的磁場(chǎng)的方向向里，由圖可知，當(dāng)時(shí)間為時(shí)刻，電流的變化率為0，電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)的變化率為0，則線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與感應(yīng)電流為0，且在感應(yīng)電流為0的時(shí)刻，感應(yīng)電流的方向會(huì)發(fā)生變化；故A正確，B錯(cuò)誤；C、結(jié)合正弦曲線變化的特點(diǎn)可知，當(dāng)PQ中的電流為0時(shí)，電流的變化率最大，所以電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)的變化率最大，所以在時(shí)刻t=時(shí)或t=T時(shí)刻線框內(nèi)磁通量的變化率最大，則產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大；在t=時(shí)刻，向里的磁場(chǎng)減小，R內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的方向向里，根據(jù)安培定則可知，電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较?，同理可知，在t=T時(shí)刻感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了楞次定律的應(yīng)用，關(guān)鍵是弄清楚原來(lái)磁通量的變化，在用右手螺旋定則判斷感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向8．（6分）【考點(diǎn)】AK：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【分析】?jī)蓚€(gè)粒子都做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移公式、牛頓第二定律結(jié)合位移關(guān)系，比較質(zhì)量的大小。由動(dòng)能定理列式分析動(dòng)能的大小。由電場(chǎng)力做功關(guān)系分析電勢(shì)能的關(guān)系。由動(dòng)量定理分析動(dòng)量關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、兩個(gè)粒子都做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有y==．由題意知，相同時(shí)間內(nèi)a的位移大于b的位移，q、E又相等，可知ma＜mb．故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)動(dòng)能定理得Ek﹣0=qEy，即t時(shí)刻粒子的動(dòng)能為Ek=qEy，a的位移大，電場(chǎng)力做功多，所以在t時(shí)刻，a的動(dòng)能比b的大，故B正確。C、在t時(shí)刻，a、b經(jīng)過(guò)電場(chǎng)中同一水平面，電勢(shì)相等，它們的電荷量也相等，符號(hào)相反，由Eφ=qφ知，a和b的電勢(shì)能不相等，故C錯(cuò)誤。D、由動(dòng)量定理得qEt=p﹣0，得t時(shí)刻粒子的動(dòng)量為p=qEt，q、E、t都相等，則在t時(shí)刻，a和b的動(dòng)量大小相等，故D正確。故選：BD。【點(diǎn)評(píng)】本題是牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能定理、動(dòng)量定理的綜合運(yùn)用，根據(jù)動(dòng)能定理研究動(dòng)能關(guān)系，由動(dòng)量定理分析動(dòng)量關(guān)系，都是常用的思路，要熟練掌握。二、非選擇題。第9-12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第13-16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題.9．（6分）【考點(diǎn)】1J：自由落體運(yùn)動(dòng)．【分析】根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移公式，即可推導(dǎo)反應(yīng)時(shí)間表達(dá)式；代入數(shù)據(jù)，從而即可求解反應(yīng)時(shí)間；若要提高準(zhǔn)確度，可多次測(cè)量位移，取平均值，或減小手指與尺子的間距?！窘獯稹拷猓海?）尺子做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移公式：h=，而從尺子下落到乙手指夾住尺子，尺子下落的位移為：h=L﹣L1；因此乙的反應(yīng)時(shí)間為t=；（3）當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間=9.80m/s2，L=30.0cm=0.3m，L1=10.4cm=0.104m，代入t=解得：t=0.20s；（4）從反應(yīng)時(shí)間的表達(dá)式t=；可知，若要提高測(cè)量結(jié)果準(zhǔn)確程度，除多次測(cè)量位移，取平均值，還可以減小手指與尺子的間距，從而提高反應(yīng)時(shí)間的準(zhǔn)確度，故答案為：（2）；（3）0.20；（4）多次測(cè)量平均值；或者，初始時(shí)乙的手指盡可能接近尺子。【點(diǎn)評(píng)】考查自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，掌握位移與時(shí)間關(guān)系式，理解實(shí)驗(yàn)原理，為提高準(zhǔn)確度作下基礎(chǔ)，同時(shí)注意有效數(shù)字。10．（9分）【考點(diǎn)】N6：伏安法測(cè)電阻．【分析】明確電路結(jié)構(gòu)和實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律可得出待測(cè)電阻的表達(dá)式，再根據(jù)數(shù)學(xué)規(guī)律即可求出待測(cè)電阻的阻值?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象如圖所示；（4）根據(jù)實(shí)驗(yàn)過(guò)程以及電路圖可知，Rx與R0串聯(lián)，當(dāng)開(kāi)關(guān)接1時(shí)，電壓表測(cè)量R0兩端的電壓，故電流為：I=而開(kāi)關(guān)接2時(shí)，測(cè)量?jī)呻娮杩偟碾妷?，則可知，Rx兩端的電壓為：U=U2﹣U1；由歐姆定律可知，待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式為：Rx===R0；（6）的平均值為=3.41；則結(jié)合（4）中公式可知，Rx=R0==2.41R0=2.41×20.0Ω=48.2Ω；故答案為：（1）如圖所示；（4）R0；（6）48.2?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查伏安法測(cè)電阻的實(shí)驗(yàn)，要注意明確電壓表為理解電表，其內(nèi)阻無(wú)窮大，所以不會(huì)影響電路結(jié)構(gòu)，直接根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律即可確定對(duì)應(yīng)的電流和電壓。11．（12分）【考點(diǎn)】CI：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；AK：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【分析】（1）離子在電場(chǎng)中加速，應(yīng)用動(dòng)能定理求出粒子的比荷，甲離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強(qiáng)度。（2）離子在電場(chǎng)中加速，在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用動(dòng)能定理與牛頓第二定律求出離子的比荷，然后求出兩離子比荷之比?！窘獯稹拷猓海?）甲粒子在電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理得：q1U=m1v12，由題意可知，甲離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：r1=l，甲離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：q1v1B=m1，解得：B=；（2）離子在電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理得：對(duì)甲：q1U=m1v12，對(duì)乙：q2U=m2v22，由題意可知，甲離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：r1=l，乙離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑：r2=l，離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：對(duì)甲：q1v1B=m1，對(duì)乙：q2v2B=m2，離子的比荷：k=，解得，甲乙離子的比荷之比：=；答：（1）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為；（2）甲、乙兩種離子的比荷之比為1：4。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了離子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，離子在電場(chǎng)中加速、在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，分析清楚離子運(yùn)動(dòng)過(guò)程、求出離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)的軌道半徑是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用動(dòng)能定理與牛頓第二定律即可解題。12．（20分）【考點(diǎn)】66：動(dòng)能定理的應(yīng)用；2G：力的合成與分解的運(yùn)用；44：運(yùn)動(dòng)的合成和分解；4A：向心力．【分析】（1）根據(jù)力的合成法則，結(jié)合牛頓第二定律，及勾股定理，即可求解；（2）作CD⊥PA，依據(jù)幾何關(guān)系，并由動(dòng)能定理，即可求解動(dòng)量大??；（3）根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，即可求解?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)水平恒力的大小為F，小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)所受合力的大小為F，由力的合成法則，則有：F2=（mg）2+F02；設(shè)小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大小為v，由牛頓第二定律得：F=m聯(lián)立上式，結(jié)合題目所給數(shù)據(jù)，解得：F0=v=（2）設(shè)小球到達(dá)A點(diǎn)的速度大小v1，作CD⊥PA，交PA于D點(diǎn)，由幾何關(guān)系得：DA=RsinαCD=R（1+cosα）由動(dòng)能定理有，﹣mg?CD﹣F0?DA=聯(lián)立上式，結(jié)合題目所給數(shù)據(jù)，那么小球在A點(diǎn)的動(dòng)量大小為：P=mv1=（3）小球離開(kāi)C點(diǎn)后，在豎直方向上做初速度不為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為g，設(shè)小球在豎直方向的初速度為v⊥，從C點(diǎn)落到水平軌道上所用時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，則有：v⊥t+=CDv⊥=vsinα聯(lián)立上式，結(jié)合題目數(shù)據(jù)，解得：t=答：（1）水平恒力的大小和小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度的大??；（2）小球達(dá)A點(diǎn)時(shí)動(dòng)量的大??；（3）小球從C點(diǎn)落至水平軌道所用的時(shí)間?！军c(diǎn)評(píng)】考查力的合成法則，掌握牛頓第二定律的內(nèi)容，及動(dòng)能定理的應(yīng)用，理解幾何知識(shí)的運(yùn)用，同時(shí)注意運(yùn)動(dòng)的合成與分解的內(nèi)容。（二）選考題：共15分，請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。[物理——選修3-3]（15分）13．（5分）【考點(diǎn)】99：理想氣體的狀態(tài)方程；8F：熱力學(xué)第一定律．【分析】根據(jù)氣體狀態(tài)方程=C去判斷溫度，從而知道內(nèi)能的變化。根據(jù)氣體體積的變化分析做功情況。結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析?！窘獯稹拷猓篈、由圖知?dú)怏w的pV一直增大，由=C知?dú)怏w的溫度一直升高，故A錯(cuò)誤。B、一定量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，溫度一直升高，氣體的內(nèi)能一直增加，故B正確。C、氣體的體積增大，則氣體一直對(duì)外做功，故C正確。D、氣體的內(nèi)能一直增加，并且氣體一直對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知?dú)怏w一直從外界吸熱，故D正確。E、氣體吸收的熱量用于對(duì)外功和增加內(nèi)能，故E錯(cuò)誤。故選：BCD?！军c(diǎn)評(píng)】該題結(jié)合圖象考查氣態(tài)方程，能夠運(yùn)用控制變量法研究多個(gè)物理量變化時(shí)的關(guān)系。要注意熱力學(xué)第一定律△U=W+Q中，W、Q取正負(fù)號(hào)的含義。14．（10分）【考點(diǎn)】99：理想氣體的狀態(tài)方程．【分析】左右兩部分氣體作等溫變化，分析初態(tài)和末態(tài)氣體的壓強(qiáng)、體積，分別由玻意耳定律列式，即可求得U形管平放時(shí)兩邊空氣柱的長(zhǎng)度?！窘獯稹拷猓涸O(shè)U形管平放時(shí)左右兩邊空氣柱的長(zhǎng)度分別為a和b，它們的壓強(qiáng)為p。當(dāng)U形管兩端豎直朝上時(shí)，左邊氣體的壓強(qiáng)為p1=12.0cmHg，右邊氣體的壓強(qiáng)為p2=12.0cmHg﹣6cmHg=6cmHg。左右兩部分氣體作等溫變化，分別由玻意耳定律得對(duì)左部分