通用版帶答案高中物理必修三第九章靜電場(chǎng)及其應(yīng)用微公式版專(zhuān)項(xiàng)訓(xùn)練

單選題1、質(zhì)量為m的小球從光滑曲面上滑下，在到達(dá)高度為的位置A時(shí)，速度大小為，滑到高度為的位置B時(shí)，速度大小為，則（

）A．以A處為重力勢(shì)能參考面，則小球在B處的重力勢(shì)能為B．由于不清楚支持力做功，所以無(wú)法斷定機(jī)械能是否守恒C．無(wú)論以什么位置作為參考面，小球在下滑中，重力做功D．以曲面頂部為參考面，則小球在B處重力勢(shì)能比在A處的重力勢(shì)能大答案：CA．以A處為重力勢(shì)能參考面，則小球在B處的重力勢(shì)能為A錯(cuò)誤；B．物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，支持力的方向總是與速度方向垂直，因此支持力不做功，小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有重力做功，小球機(jī)械能守恒，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)功的定義式，小球在下滑中，重力做功為C正確；D．令曲面底部到A的距離為，以曲面頂部為參考面，則小球在B處重力勢(shì)能與在A處的重力勢(shì)能分別為，由于重力勢(shì)能的正負(fù)表示大小，因此小球在B處重力勢(shì)能比在A處的重力勢(shì)能小，D錯(cuò)誤。故選C。2、如圖所示，彈簧下面掛一質(zhì)量為m的物體，物體在豎直方向上做振幅為A的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物體振動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧正好為原長(zhǎng)，彈簧在彈性限度內(nèi)，則物體在振動(dòng)過(guò)程中（

）A．彈簧的最大彈性勢(shì)能等于2mgAB．彈簧的彈性勢(shì)能和物體動(dòng)能總和不變C．物體在最低點(diǎn)時(shí)的加速度大小應(yīng)為2gD．物體在最低點(diǎn)時(shí)的彈力大小應(yīng)為mg答案：AA．因物體振動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧正好為原長(zhǎng)，此時(shí)彈簧彈力等于零，物體的重力mg=F回=kA當(dāng)物體在最低點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大等于2mgA，故A正確；B．由能量守恒知，彈簧的彈性勢(shì)能和物體的動(dòng)能、重力勢(shì)能三者的總和不變，故B錯(cuò)誤；C．在最低點(diǎn)，由F回=mg=ma故C錯(cuò)誤；D．在最低點(diǎn)，由F彈－mg=F回得F彈=2mg故D錯(cuò)誤。故選A。3、已知高鐵在運(yùn)行時(shí)所受的阻力與速度成正比，則以速度v勻速行駛時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為P；若以2v的速度勻速行駛時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為（

）A．PB．2PC．4PD．8P答案：C當(dāng)列車(chē)以速度v勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，有若列車(chē)以速度2v勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，有由此可知，發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為故選C。4、短道速滑接力賽是冰上運(yùn)動(dòng)競(jìng)爭(zhēng)最為激烈的項(xiàng)目之一。比賽規(guī)定，前（甲）、后（乙）隊(duì)員必須通過(guò)身體接觸完成交接，交接時(shí)兩隊(duì)員間距離先縮短到很近，如圖（a），然后乙隊(duì)員用手大力推送甲隊(duì)員到手臂盡量伸直狀態(tài)，兩人分離，如圖（b）。相互作用前后的系統(tǒng)（由兩隊(duì)員組成）的總動(dòng)能分別為Ek1、Ek2，總動(dòng)能變化量ΔEk＝|Ek1－Ek2|，乙隊(duì)員對(duì)甲隊(duì)員的平均作用力為F1，甲隊(duì)員對(duì)乙隊(duì)員的平均作用力為F2，乙隊(duì)員的手臂長(zhǎng)為l，冰道摩擦力不計(jì)，那么（

）A．Ek1<Ek2，ΔEk＝F2lB．Ek1>Ek2，ΔEk＝F1lC．Ek1<Ek2，ΔEk＝F2lD．Ek1>Ek2，ΔEk＝F1l答案：A設(shè)甲、乙的初始動(dòng)能分別為E、E1，末動(dòng)能分別為、，甲乙兩運(yùn)動(dòng)員從接觸到分開(kāi)，乙的位移大小為x，根據(jù)動(dòng)能定理，對(duì)甲、乙分別列方程有根據(jù)牛頓第三定律，F(xiàn)1與F2的大小相等，則有

可知有故BCD錯(cuò)誤，A正確。故選A。5、關(guān)于機(jī)械能，以下說(shuō)法正確的是（

）A．質(zhì)量大的物體，重力勢(shì)能一定大B．速度大的物體，動(dòng)能一定大C．做平拋運(yùn)動(dòng)的物體機(jī)械能時(shí)刻在變化D．質(zhì)量和速率都相同的物體，動(dòng)能一定相同答案：DA．重力勢(shì)能的大小與零勢(shì)能面的選取有關(guān)，質(zhì)量大但重力勢(shì)能不一定大，A錯(cuò)誤；B．動(dòng)能的大小與質(zhì)量以及速度有關(guān)，所以速度大小，動(dòng)能不一定大，B錯(cuò)誤；C．平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只受重力作用，機(jī)械能守恒，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知質(zhì)量和速率都相同的物體，動(dòng)能一定相同，D正確。故選D。6、如圖所示。固定在豎直平面內(nèi)的光滑的圓周軌道MN，圓心O與M點(diǎn)等高。并處在最低點(diǎn)N的正上方。在O，M兩點(diǎn)各有一質(zhì)量為m的小物塊a和b（均可視為質(zhì)點(diǎn)）。a，b同時(shí)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，a自由下落，小沿圓弧下滑?？諝庾枇Σ挥?jì)，下列說(shuō)法正確的是（

）A．a(chǎn)比b先到達(dá)N點(diǎn)，它們到達(dá)N點(diǎn)的動(dòng)能相同B．a(chǎn)比b先到達(dá)N點(diǎn)，它們到達(dá)N點(diǎn)的動(dòng)能不同C．a(chǎn)與b同時(shí)到達(dá)N點(diǎn)，它們到達(dá)N點(diǎn)的動(dòng)能相同D．a(chǎn)與b同時(shí)到達(dá)N點(diǎn)，它們到達(dá)N點(diǎn)的動(dòng)能不同答案：A在物塊下降的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒有所以a、b兩物塊到達(dá)同一高度時(shí)的速度大小都相同，由于a和b

質(zhì)量相同，所以到N點(diǎn)的動(dòng)能相同；下降同一很小高度的過(guò)程中，a的豎直方向的位移小于b沿圓弧切線方向的位移，a、b的初速度大小相同，

a的加速度為g，b沿圓弧運(yùn)動(dòng)時(shí)，把重力沿圓弧切線和垂直切線方向分解，除M點(diǎn)外，b所受得切線方向的外力小于重力，則b沿切線方向的加速度小于g

，由可得，a的運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短，所以a比b先到達(dá)N點(diǎn)，故A項(xiàng)正確。故選A。7、2020年9月21日，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征四號(hào)乙運(yùn)載火箭，成功將海洋二號(hào)C衛(wèi)星送入預(yù)定軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已該衛(wèi)星的軌道半徑為7400km，則下列說(shuō)法中正確的是（

）A．可以計(jì)算海洋二號(hào)C衛(wèi)星的線速度B．可以計(jì)算海洋二號(hào)C衛(wèi)星的動(dòng)能C．可以計(jì)算海洋二號(hào)C衛(wèi)星的機(jī)械能D．可以計(jì)算海洋二號(hào)C衛(wèi)星的質(zhì)量答案：AA．根據(jù)又由于整理可得由于地球表面的重力加速度g，地球半徑R以及衛(wèi)星的軌道半徑r已知，因此可求出衛(wèi)星的運(yùn)行的線速度，A正確；BCD．由于無(wú)法求出衛(wèi)星的質(zhì)量，因此衛(wèi)星的機(jī)械能，動(dòng)能都無(wú)法求出，BCD錯(cuò)誤。故選A。8、如圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率運(yùn)行，初速度大小為的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開(kāi)始計(jì)時(shí)，小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的v-t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示。已知，物塊和傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，物塊的質(zhì)量為m。則（

）A．時(shí)刻，小物塊離A處的距離最大B．時(shí)間內(nèi)，小物塊的加速度方向先向右后向左C．時(shí)間內(nèi)，因摩擦產(chǎn)生的熱量為D．時(shí)間內(nèi)，物塊在傳送帶上留下的劃痕為答案：CA．初速度大小為的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶，小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的圖象可知，時(shí)刻，小物塊離A處的距離達(dá)到最大，A錯(cuò)誤；B．時(shí)間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向一直向右，所以小物塊的加速度方向一直向右，B錯(cuò)誤；CD．時(shí)間內(nèi)物體相對(duì)地面向左的位移這段時(shí)間傳送帶向右的位移因此物體相對(duì)傳送帶的位移時(shí)間內(nèi)物體相對(duì)地面向右的位移這段時(shí)間傳送帶向右的位移因此物體相對(duì)傳送帶的位移時(shí)間內(nèi)物塊在傳送帶上留下的劃痕為這段時(shí)間內(nèi)，因此摩擦產(chǎn)生的熱量C正確，D錯(cuò)誤。故選C。9、用100N的力在水平地面上拉車(chē)行走200m，拉力與水平方向成60°角斜向上。在這一過(guò)程中拉力對(duì)車(chē)做的功約是（

）A．3.0×104JB．4.0×104JC．1.0×104JD．2.0×104J答案：C根據(jù)功的定義式故選C。10、如圖中a、b所示，是一輛質(zhì)量m=6×103kg的公共汽車(chē)在t=0和t=4s末兩個(gè)時(shí)刻的兩張照片。當(dāng)t=0時(shí)，汽車(chē)剛啟動(dòng)（汽車(chē)的運(yùn)動(dòng)可看成勻加速直線運(yùn)動(dòng)）。圖c是車(chē)內(nèi)橫桿上懸掛的拉手環(huán)經(jīng)放大后的圖像，測(cè)得，根據(jù)題中提供的信息，不可以估算出的物理量有（

）A．汽車(chē)的長(zhǎng)度B．4s末汽車(chē)的速度C．4s末汽車(chē)合外力的功率D．4s內(nèi)汽車(chē)牽引力所做的功答案：DA．由圖知，4s內(nèi)汽車(chē)的位移剛好等于汽車(chē)的長(zhǎng)度，由對(duì)拉手環(huán)進(jìn)行受力分析如上圖所示，得到聯(lián)立得到故A錯(cuò)誤；B．由故B錯(cuò)誤；C．由所以4s末汽車(chē)的功率為故C錯(cuò)誤；D．因不知汽車(chē)的摩擦力，所以無(wú)法求汽車(chē)的牽引力，即不能估算4s內(nèi)汽車(chē)牽引力所做的功，故D正確。故選D。11、如圖所示，在光滑地面上，水平外力F拉動(dòng)小車(chē)和木塊一起做無(wú)相對(duì)滑動(dòng)的加速運(yùn)動(dòng)。小車(chē)質(zhì)量是M，木塊質(zhì)量是m，力的大小是F，加速度大小是a，木塊和小車(chē)之間動(dòng)摩擦因數(shù)是μ，則在木塊運(yùn)動(dòng)L的過(guò)程中，木塊受到的摩擦力對(duì)木塊做的功是（

）①μmgL

②maL

③

A．只有①對(duì)B．只有②對(duì)C．只有③對(duì)D．②③都對(duì)答案：D對(duì)M、m組成整體分析F＝（M＋m）aa＝木塊受到的靜摩擦力f＝ma＝摩擦力對(duì)木塊做的功W＝fL＝maL＝故選D。12、如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體A相連，物體A置于光滑水平桌面上（桌面足夠大），A右端連接一細(xì)線，細(xì)線繞過(guò)光滑的定滑輪與物體B相連。開(kāi)始時(shí)托住B，讓A處于靜止且細(xì)線恰好伸直，然后由靜止釋放B，直至B獲得最大速度。下列有關(guān)該過(guò)程的分析中正確的是（

）A．B物體受到細(xì)線的拉力保持不變B．B物體機(jī)械能的減少量大于彈簧彈性勢(shì)能的增加量C．A物體動(dòng)能的增量等于B物體重力對(duì)B做的功與彈簧彈力對(duì)A做的功之和D．A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于B物體重力對(duì)B做的功答案：BA．以A、B組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得mBg﹣kx＝(mA+mB)a從開(kāi)始到B速度達(dá)到最大的過(guò)程中，彈簧的伸長(zhǎng)量x逐漸增加，則B加速度逐漸減?。粚?duì)B根據(jù)牛頓第二定律可得mBg﹣T＝mBa可知在此過(guò)程繩子上拉力逐漸增大，是變力。故A錯(cuò)誤；B．整個(gè)系統(tǒng)中，根據(jù)功能關(guān)系可知，B減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為A的機(jī)械能以及彈簧的彈性勢(shì)能，故B物體機(jī)械能的減少量大于彈簧彈性勢(shì)能的增加量。故B正確；C．根據(jù)動(dòng)能定理可知，A物體動(dòng)能的增量等于彈簧彈力和繩子上拉力對(duì)A所做功的代數(shù)和。故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知，A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于B物體機(jī)械能的減少量，也就是等于B物體克服細(xì)繩拉力做的功。故D錯(cuò)誤。故選B。13、跳高是體育課常進(jìn)行的一項(xiàng)運(yùn)動(dòng)，小明同學(xué)身高1.70m，質(zhì)量為60kg，在一次跳高測(cè)試中，他先彎曲兩腿向下蹲，再用力蹬地起跳，從蹬地開(kāi)始經(jīng)0.4s豎直跳離地面，假設(shè)他蹬地的力恒為1050N，其重心上升可視為勻變速直線運(yùn)動(dòng)，則小明從蹬地開(kāi)始到最大高度過(guò)程中機(jī)械能的增加量為（不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2）（

）A．1830JB．1470JC．630JD．270J答案：C根據(jù)牛頓第二定律得解得

重心上升的高度為

離開(kāi)地面時(shí)的速度為

增加的機(jī)械能為

故選C。14、如圖，質(zhì)量不同的A、B兩小球分別用細(xì)線懸掛在等高的懸點(diǎn)O1、O2處。將兩球拉至與懸點(diǎn)同一高度，使細(xì)線水平伸直，由靜止釋放。已知LA＞LB，設(shè)懸點(diǎn)所在水平面為零勢(shì)能面，不計(jì)空氣阻力，則兩球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)（

）A．A球動(dòng)能大于B球動(dòng)能B．A球機(jī)械能與B球機(jī)械能不相等C．A球加速度等于B球加速度D．A球向心力等于B球向心力答案：CA．根據(jù)機(jī)械能守恒有mgL＝mv2但由于不能明確質(zhì)量關(guān)系，故無(wú)法確定兩球的動(dòng)能大小關(guān)系。故A錯(cuò)誤；B．A、B兩球在初始位置的動(dòng)能重力與勢(shì)能均為零，機(jī)械能相等都等于零，運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒，故兩球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)機(jī)械能相等都等于零。故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)機(jī)械能守恒解得而向心加速度故向心加速度與繩長(zhǎng)無(wú)關(guān)，故兩球的向心加速度相等。故C正確；D．根據(jù)向心力公式可得，向心力F＝2mg因兩球的質(zhì)量不相等，故向心力不相等。故D錯(cuò)誤。故選C。15、關(guān)于機(jī)械能和機(jī)械能守恒，下列說(shuō)法正確的是（

）A．物體質(zhì)量越大，其機(jī)械能越大B．機(jī)械能是標(biāo)量，但可能取負(fù)值C．機(jī)械能守恒時(shí)，物體一定處于平衡狀態(tài)D．重力對(duì)物體做正功時(shí)，物體機(jī)械能增加答案：BA．物體質(zhì)量越大，物體的動(dòng)能和重力勢(shì)能不一定越大，則機(jī)械能不一定越大，A錯(cuò)誤；B．機(jī)械能是標(biāo)量，但可能取負(fù)值，B正確；C．機(jī)械能守恒時(shí)，物體不一定處于平衡狀態(tài)，比如自由落體運(yùn)動(dòng)的物體，機(jī)械能守恒，C錯(cuò)誤；D．重力對(duì)物體做正功時(shí)，物體機(jī)械能不一定增加，比如自由落體運(yùn)動(dòng)的物體，機(jī)械能守恒，D錯(cuò)誤。故選B。多選題16、如圖甲、乙所示有兩個(gè)物塊，質(zhì)量分別為，，甲圖中用輕繩將兩物塊連接在滑輪組上，乙圖中用輕繩將兩物塊連接放在固定光滑斜面上，斜面傾角為30°，滑輪的質(zhì)量不計(jì)，輕繩與滑輪的摩擦也不計(jì)，重力加速度為g?，F(xiàn)將兩物塊從靜止釋放，物塊A上升一小段距離h，在這一過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（

）A．甲、乙兩圖中，兩物塊的重力勢(shì)能之和均不變B．甲圖中，A物塊上升到h高度時(shí)的速度為C．甲圖中，輕繩對(duì)兩物塊做的功率大小不相等D．甲、乙兩圖中，輕繩的拉力大小分別為和答案：BDA．根據(jù)機(jī)械能守恒可知，B物塊減小的重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為A物塊的重力勢(shì)能和兩物塊的動(dòng)能，則兩物塊的重力勢(shì)能之和發(fā)生變化，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．題圖甲中，根據(jù)動(dòng)滑輪的特點(diǎn)可知，B物塊的速度為A物塊速度的2倍，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得選項(xiàng)B正確；C．題圖甲中同一根輕繩的拉力相同，故輕繩對(duì)B物塊做功的功率輕繩對(duì)A物塊做功的功率由于故輕繩對(duì)B物塊做功的功率與輕繩對(duì)A物塊做功的功率大小相等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．對(duì)題圖甲中兩物塊，根據(jù)動(dòng)滑輪的特點(diǎn)可知，A物塊的加速度為B物塊的加速度的一半，根據(jù)牛頓第二定律可知聯(lián)立解得對(duì)題圖乙中兩物塊，根據(jù)牛頓第二定律可知解得選項(xiàng)D正確。故選BD。17、我國(guó)未來(lái)的航母將采用自行研制的電磁彈射器。電磁彈射系統(tǒng)由電源、強(qiáng)迫儲(chǔ)能裝置、導(dǎo)軌和脈沖發(fā)生器等組成。其工作原理如圖所示，利用與飛機(jī)連接的通電導(dǎo)體在兩平行金屬導(dǎo)軌的強(qiáng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)中受到安培力的作用加速獲得動(dòng)能。設(shè)飛機(jī)質(zhì)量為1.8×104

kg，起飛速度為v=70

m/s，起飛過(guò)程中所受平均阻力恒為機(jī)重的，在沒(méi)有電磁彈射器的情況下，飛機(jī)從靜止開(kāi)始在恒定的牽引力作用下運(yùn)動(dòng)，起飛距離為l＝210

m；在電磁彈射器與飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)（牽引力不變）同時(shí)工作的情況下，起飛距離減為，則（g取10

m/s2）（

）A．在沒(méi)有電磁彈射器的情況下，飛機(jī)所受牽引力2.46×105

NB．在沒(méi)有電磁彈射器的情況下，飛機(jī)所受牽引力2.1×105

NC．在電磁彈射器與飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)同時(shí)工作時(shí)，若只增大電流，則起飛的距離將更小D．在電磁彈射器與飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)同時(shí)工作時(shí)，電磁彈射器對(duì)飛機(jī)所做的功2.94×108

J答案：ACAB．沒(méi)有電磁彈射器時(shí)，由動(dòng)能定理可得所以飛機(jī)所受的牽引力F＝2.46×105

N選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C．在電磁彈射器與飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)同時(shí)工作時(shí)，若只增大電流，由于飛機(jī)所受的安培力增大，故起飛的距離將更小，選項(xiàng)C正確；D．電磁彈射器和飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)同時(shí)工作時(shí)，由動(dòng)能定理得所以W＝2.94×107

J選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AC。18、如圖所示，一固定豎直軌道由半徑為R的四分之一圓弧AB、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的水平直軌道BC和半徑為r的四分之一圓弧CD構(gòu)成，BC與兩圓弧分別相切于B點(diǎn)和C點(diǎn)。質(zhì)量為m的物塊從A點(diǎn)由靜止釋放，恰好能到達(dá)D點(diǎn)，已知物塊在圓弧AB上克服摩擦力做的功為W1，在圓弧CD上克服摩擦力做的功為W2，重力加速度大小為g，則物塊與水平直軌道的動(dòng)摩擦因數(shù)μ和在C點(diǎn)的向心加速度a大小分別為（

）A．B．C．D．答案：BCAB．根據(jù)題意，設(shè)物塊在水平直軌道上克服摩擦力做的功為W3，對(duì)于ABCD整個(gè)過(guò)程，由動(dòng)能定理有又有由以上兩式聯(lián)立可解得故A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)題意，由動(dòng)能定理，對(duì)于ABCD整個(gè)過(guò)程有對(duì)于ABC過(guò)程有由向心加速度公式得由以上各式可解得故D錯(cuò)誤，C正確。故選BC。19、一質(zhì)量為2kg的物體靜止在水平桌面上，在恒定的水平拉力作用下沿水平方向運(yùn)動(dòng)；2s后撤去拉力，物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（

）A．水平拉力大小為3NB．物體與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5C．整個(gè)過(guò)程中摩擦力做的功為-8JD．整個(gè)過(guò)程中拉力做的功為6J答案：ADA．在0~2s內(nèi)物體的加速度a1=1m/s22s~6s內(nèi)物體的加速度a2=-0.5m/s2由牛頓第二定律可得F-f=ma1-f=ma2解得F=3Nf=1N故A正確；B．由f=μmg可得μ=0.05故B錯(cuò)誤；D．0~2

s內(nèi)拉力做的功WF=Fx1=3×2J=6J故D正確；C．全過(guò)程中由動(dòng)能定理有WF+Wf=0可得Wf=-6J故C錯(cuò)誤。故選AD。20、如圖所示，在電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)皮帶傳送物品中，皮帶以速度v0勻速運(yùn)動(dòng)，把質(zhì)量為m的物體靜止傳送至高處，傳送帶長(zhǎng)度為L(zhǎng)，到最高點(diǎn)時(shí)，物塊剛好與傳送帶共速，傳送帶的傾斜角為，在此過(guò)程中，下述說(shuō)法正確的是（

）A．摩擦力對(duì)物體做負(fù)功B．系統(tǒng)由于摩擦產(chǎn)生的熱量為C．合外力做的對(duì)物體做的總功為D．電動(dòng)機(jī)消耗的電能為答案：CDA．在傳送過(guò)程中，物體相對(duì)于傳送帶向下運(yùn)動(dòng)，摩擦力沿傳送帶向上，物體實(shí)際運(yùn)動(dòng)方向（相對(duì)于地面運(yùn)動(dòng)）也向上，故摩擦力做正功，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)物塊達(dá)到速度所需的時(shí)間t，位移為在這段時(shí)間內(nèi)傳送帶的位移二者位移差為對(duì)物體根據(jù)動(dòng)能定理可得摩擦力產(chǎn)生的熱量為故B錯(cuò)誤；C．對(duì)物體進(jìn)行分析，合外力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的變化量，物體初速為0，末速度，故合外力做的對(duì)物體做的總功為，故C正確；D．傳送帶的位移電動(dòng)機(jī)消耗的電能等于傳送帶克服摩擦力做的功，傳送帶克服摩擦力做的功為所以電動(dòng)機(jī)消耗的電能為故D正確。故選CD。21、如圖所示，位于豎直平面內(nèi)的固定光滑圓環(huán)軌道與水平面相切于M點(diǎn)，與豎直墻相切于A點(diǎn)，豎直墻上另一點(diǎn)B與M的連線和水平面的夾角為60°，C是圓環(huán)軌道的圓心，已知在同一時(shí)刻，甲、乙兩球分別由A、B兩點(diǎn)從靜止開(kāi)始沿光滑傾斜直軌道AM、BM運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)，丙球由C點(diǎn)自由下落到M點(diǎn)，有關(guān)下列說(shuō)法正確的是（

）A．甲球下滑的加速度大于乙球下滑的加速度B．丙球最先到達(dá)M點(diǎn)C．甲、乙、丙球同時(shí)到達(dá)M點(diǎn)D．甲、丙兩球到達(dá)M點(diǎn)時(shí)的速率相等答案：BDA．設(shè)光滑傾斜軌道與水平面的夾角為θ，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度可知乙球的加速度大于甲球的加速度。故A錯(cuò)誤。BC．對(duì)于AM段，位移加速度則根據(jù)得對(duì)于BM段，位移加速度對(duì)于CM段，位移加速度則知最小，故B正確，C錯(cuò)誤。D．根據(jù)動(dòng)能定理得甲，丙高度相同，則到達(dá)M的速率相等，故D正確。故選BD。22、如圖所示，將質(zhì)量為2m的重物懸掛在輕繩的一端，輕繩的另一端系一質(zhì)量為m的環(huán)，環(huán)套在豎直固定的光滑直桿上，光滑的輕質(zhì)小定滑輪與直桿的距離為d，桿上的A點(diǎn)與定滑輪等高，桿上的B點(diǎn)在A點(diǎn)下方距離為d處?，F(xiàn)將環(huán)從A處由靜止釋放，不計(jì)一切摩擦阻力，下列說(shuō)法正確的是（

）A．環(huán)到達(dá)B處時(shí)，重物上升的高度h＝B．環(huán)到達(dá)B處時(shí)，環(huán)的速度為

C．環(huán)從A到B，環(huán)減少的重力勢(shì)能等于環(huán)增加的動(dòng)能和重物增加的重力勢(shì)能之和D．環(huán)能下降的最大高度為d答案：BDA．根據(jù)幾何關(guān)系可看出，環(huán)從A下滑至B點(diǎn)時(shí)，重物上升的高度h＝d－d故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．環(huán)到達(dá)B處時(shí)，將環(huán)的速度沿繩方向和垂直于繩子方向分解，在沿繩方向上的分速度等于重物的速度，即v環(huán)cos

45°＝v物根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律，從A到B對(duì)環(huán)和重物有解得環(huán)的速度v環(huán)＝故B項(xiàng)正確；C．環(huán)下滑過(guò)程中系統(tǒng)無(wú)摩擦力做功，故環(huán)與重物組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，即環(huán)減少的重力勢(shì)能等于環(huán)和重物增加的動(dòng)能以及重物增加的重力勢(shì)能之和，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．環(huán)下滑到最大高度H時(shí)環(huán)和重物的速度均為0，根據(jù)機(jī)械能守恒有mgH－2mg（－d）＝0可解得H＝d故D項(xiàng)正確。故選BD。23、關(guān)于動(dòng)能，下列說(shuō)法中正確的是（）A．凡是運(yùn)動(dòng)的物體都有動(dòng)能B．公式Ek=mv2中，速度v是物體相對(duì)于地面的速度，且動(dòng)能總是正值C．一定質(zhì)量的物體，動(dòng)能變化時(shí)，速度一定變化，但速度變化時(shí)，動(dòng)能不一定變化D．動(dòng)能不變的物體，一定處于平衡狀態(tài)答案：ACA．動(dòng)能是物體由于運(yùn)動(dòng)而具有的能量，所有運(yùn)動(dòng)的物體都有動(dòng)能，A正確；B．公式Ek=mv2中的速度v與參考系的選取有關(guān)，雖然一般選地面為參考系，但也有特殊情況，B錯(cuò)誤；CD．速度是矢量，當(dāng)其只有方向發(fā)生變化時(shí)，動(dòng)能不變化，此時(shí)物體并不處于平衡狀態(tài)，而一定質(zhì)量的物體，動(dòng)能變化時(shí)，速度大小一定改變，故速度一定變化，C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。24、某次火箭發(fā)射過(guò)程中，火箭的質(zhì)量為m，發(fā)射塔的高度為h，火箭自塔底以恒定的加速度a豎直向上起飛，火箭可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為g。下列說(shuō)法正確的是（

）A．火箭從點(diǎn)火至離開(kāi)發(fā)射塔的過(guò)程中，處于失重狀態(tài)B．火箭自開(kāi)始發(fā)射至離開(kāi)發(fā)射塔共用時(shí)為C．火箭離開(kāi)發(fā)射塔時(shí)的速度大小為D．火箭離開(kāi)發(fā)射塔時(shí)克服重力做功的瞬時(shí)功率為答案：BDA．火箭從點(diǎn)火至離開(kāi)發(fā)射塔的過(guò)程中，火箭的加速度的方向向上，所以處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．由可得，火箭開(kāi)始發(fā)射至離開(kāi)發(fā)射塔共用時(shí)為故B正確；C．火箭離開(kāi)發(fā)射塔時(shí)的速度大小為故C錯(cuò)誤；D．火箭離開(kāi)發(fā)射塔時(shí)的克服重力做功的瞬時(shí)功率為故D正確。故選BD。25、如圖所示，人通過(guò)滑輪將質(zhì)量為m的物體，沿粗糙的斜面由靜止開(kāi)始勻加速地由底端拉上斜面，物體上升的高度為h時(shí)，速度為v。則在此過(guò)程中（

）A．物體所受的合力做功等于B．物體所受的合力做功等于C．人的拉力做功等于D．人的拉力做功大于答案：BDAB．根據(jù)動(dòng)能定理，物體所受的合力做功等于物體的動(dòng)能變化量，即為，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)動(dòng)能定理則人的拉力做功等于故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。填空題26、一根壓縮的彈簧把一個(gè)小球彈出時(shí)，彈力對(duì)小球做了的功，則彈簧的彈性勢(shì)能減少了______，小球的機(jī)械能增大了__