河北省部分普通高中高三上學(xué)期教育教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測聯(lián)考物理試卷

河北省部分普通高中2022屆高三上學(xué)期教育教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測聯(lián)考物理試卷一、單選題1．在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)的思想方法，其中等效思想是一種很重要的思想．下列有關(guān)等效思想的說法中正確的是（）A．平均速度和平均加速度的提出與等效思想無關(guān)，體現(xiàn)了極限思想B．交變電流的有效值涉及到了控制變量的思想，與等效思想無關(guān)C．解決變力做功問題中提出的平均作用力體現(xiàn)了等效思想D．由“探究感應(yīng)電流方向的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)得出楞次定律是等效思想的一個(gè)具體應(yīng)用2．未來科學(xué)大獎于9月12日在北京公布2021年獲獎名單。“物質(zhì)科學(xué)獎”獲得者張杰，表彰他通過調(diào)控激光與物質(zhì)相互作用產(chǎn)生精確可控的超短脈沖快電子束，并將其應(yīng)用于實(shí)現(xiàn)超高時(shí)空分辨高能電子衍射成像和激光核聚變的快點(diǎn)火研究，這為核聚變的和平應(yīng)用奠定了基礎(chǔ)。某核聚變反應(yīng)核反應(yīng)方程式為12H+13H→24He+x，反應(yīng)前氘核（12H）的質(zhì)量為m1A．該聚變反應(yīng)屬于α衰變B．x粒子為質(zhì)子C．該反應(yīng)是目前核電站的工作原理D．核反應(yīng)放出的能量為(3．某同學(xué)關(guān)注到了一條疫情新聞：在沈陽疫情期間，為確保社區(qū)居家隔離觀察人員管控技防措施有效發(fā)揮作用，皇姑區(qū)民政局基層政權(quán)科與門磁設(shè)備供應(yīng)商合力行動，確保智能門磁系統(tǒng)使用無誤，他對門磁系統(tǒng)比較感興趣，于是他自己設(shè)計(jì)了如圖所示的門磁系統(tǒng)，強(qiáng)磁棒固定在門框上，線圈和發(fā)射系統(tǒng)固定在房門上，當(dāng)房門關(guān)閉時(shí)穿過線圈的磁通量最大，當(dāng)線圈中出現(xiàn)一定強(qiáng)度的電壓、電流信號時(shí)，自動觸發(fā)后面的信號發(fā)射系統(tǒng)，遠(yuǎn)程向后臺發(fā)出報(bào)警信號，下列說法中正確是（）A．線圈平面與房門平面相互平行B．當(dāng)房門緩慢打開時(shí)門磁報(bào)警系統(tǒng)可能不會報(bào)警C．只有房門向外打開時(shí)門磁系統(tǒng)才會報(bào)警D．此種門磁系統(tǒng)裝在左右移動的房門上不能起到報(bào)警的作用4．2021年9月17日13時(shí)20分左右，神舟十二號載人飛船返回艙主降落傘打開，下降速度減緩，返回艙搭載的三名航天員安全返回地面，在此過程中返回艙的速度從90m/s左右減至7m/s左右，設(shè)返回艙質(zhì)量為m（主降落傘的質(zhì)量可忽略），主降落傘有96根傘繩，每根傘繩與傘面軸線方向的夾角為A．主降落傘打開的瞬間返回艙的加速度大小最大為6B．降落傘傘繩承受的拉力設(shè)計(jì)值最小為mgC．降落傘減速的方法月球登陸時(shí)也可以使用D．此過程中返回艙機(jī)械能守恒5．在某汽車測試場內(nèi)一輛汽車在一水平路面上行駛，當(dāng)紅燈亮?xí)r汽車開始剎車．通過傳感器記錄汽車剎車后發(fā)生的位移x和此時(shí)汽車速度，通過電腦處理數(shù)據(jù)，得到它發(fā)生位移x與速度的平方v2的圖像，如圖所示．當(dāng)汽車車頭通過停車線時(shí)汽車的速度為30.6A．汽車在剎車過程中加速度逐漸減小B．汽車的初速度為13C．紅燈亮?xí)r車頭離停車線的距離為25.5D．汽車停止車頭與停車線的距離為346．如圖所示，在邊長為a、中心為O的正方形的三個(gè)頂點(diǎn)ABC處固定三個(gè)電荷，其中A、C處電荷均帶+Q電荷，試探電荷+q，剛好可以靜止在A．試探電荷+q在O點(diǎn)受到的電場力大小為B．試探電荷+q在O點(diǎn)受到的電場力為C．試探電荷+q在OD．僅將C點(diǎn)的電荷量加倍后將試探電荷+q從O7．天問一號于2020年7月23日在文昌航天發(fā)射場由長征五號遙四運(yùn)載火箭發(fā)射升空，成功進(jìn)入預(yù)定軌道，于2021年2月到達(dá)火星附近，成功被火星捕獲，并于2021年5月成功在火星著陸，從而拉開了我國火星探測的大幕．將這一發(fā)射過程進(jìn)行如下簡化：天問一號先進(jìn)入地球表面的停泊軌道，在該軌道上運(yùn)行的周期為T1，被火星捕獲后進(jìn)入火星表面的停泊軌道，在該軌道上運(yùn)行的周期為T2．已知地球半徑為R1A．地球質(zhì)量和火星質(zhì)量之比為RB．地球表面重力加速度和火星表面重力加速度之比為RC．地球的第一宇宙速度和火星第一宇宙速度之比為RD．地球平均密度和火星平均密度之比為R二、多選題8．如圖甲所示，發(fā)電機(jī)與理想變壓器原線圈連接，電阻忽略不計(jì)的線圈繞OO順時(shí)針轉(zhuǎn)動，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，原線圈輸入的交流電如圖乙所示，電阻R=11A．圖甲所示線圈位置可能是零時(shí)刻線圈位置B．圖甲所示時(shí)刻線圈中的電流方向?yàn)锳BCDC．t=0.D．該發(fā)電機(jī)的輸出功率為449．如圖所示，在傾角為30°的斜面上，輕質(zhì)彈簧一端連接固定在斜面底端的擋板C上，另一端連接滑塊A，一輕細(xì)繩通過斜面頂端的定滑輪（質(zhì)量忽略不計(jì)），一端系在物體A上，另一端與小球B相連，細(xì)繩與斜面平行，斜面足夠長，用手托住球B，此時(shí)彈簧剛好處于原長，滑塊A剛要沿斜面向上運(yùn)動．現(xiàn)在由靜止釋放球B，不計(jì)輕繩與滑輪間的摩擦．已知mB=2mA=4kg，彈簧的勁度系數(shù)為100N/m，滑塊A．釋放B球前手受到B球的壓力為25B．滑塊A向上滑行x=0C．滑塊A向上滑行時(shí)最大速度為vD．滑塊A向上滑行的最大距離為010．如圖所示，間距為d的兩個(gè)平行金屬板水平放置，兩板間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出），極板間接一個(gè)直流電源，極板間的電壓為U，一個(gè)帶正電荷、質(zhì)量為m的小球，以某一速度沿兩板中心軸線S1S2通過金屬板，若僅將直流電源正負(fù)極性顛倒，小球沿圓弧運(yùn)動并打在上極板上，落點(diǎn)到極板左端的距離為3A．小球的帶電量為mgdU B．小球的速度為C．磁感應(yīng)強(qiáng)度為4U26gd13gd2三、實(shí)驗(yàn)題11．某同學(xué)使用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律．在氣墊導(dǎo)軌上安裝兩個(gè)1、2光電門，放置一個(gè)帶遮光片的滑塊，滑塊通過跨過定滑輪的細(xì)繩與鉤碼相連，遮光片經(jīng)過光電門時(shí)，數(shù)字計(jì)時(shí)器會記錄遮光片的擋光時(shí)間，已知重力加速度為g．實(shí)驗(yàn)過程如下：⑴用游標(biāo)卡尺測量遮光片的寬度d，如圖乙所示，則遮光片的寬度cm，用天平測出滑塊（含遮光片）的質(zhì)量M和小物塊的質(zhì)量m；⑵將氣墊導(dǎo)軌調(diào)水平，具體操作為在不系細(xì)繩的情況給滑塊一個(gè)向左的速度，分別記錄兩個(gè)光電門的擋光時(shí)間t1、t2，若（用M、m、x、d、t1⑶測量兩個(gè)光電門之間的距離x；⑷系上細(xì)繩并連接鉤碼，在氣墊導(dǎo)軌右側(cè)釋放滑塊，遮光片通過兩個(gè)光電門，數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄的時(shí)間分別為t1、t⑸若等式成立，則表明此過程中系統(tǒng)的機(jī)械能守恒．12．多用電表是實(shí)驗(yàn)室中必備的儀器，用它的歐姆擋測電阻方便簡單，現(xiàn)某實(shí)驗(yàn)小組對多用電表的歐姆擋進(jìn)行了以下研究．（1）使用多用電表歐姆擋測電阻和二極管時(shí)，下列說法正確的是()A．測量電路中某個(gè)電阻時(shí)，應(yīng)該把該電阻與電路斷開B．測量電阻時(shí)，可以用手指將兩表筆金屬部分與電阻管腳捏緊，以保證接觸良好C．測二極管時(shí)，若指針偏角很大，則與黑表筆的接觸的是二極管的負(fù)極D．測二極管時(shí)，若指針偏角很大，則與黑表筆的接觸的是二極管的正極（2）某多用電表歐姆擋電路可以等效為一個(gè)6V直流電源、一個(gè)可變電阻和一個(gè)電流表（Ig=4mA）串聯(lián)后與紅、黑表筆相接，其歐姆擋刻度盤中值為“15”實(shí)驗(yàn)器材：多用電表，電壓表V，阻值為1500Ω的定值電阻R①將歐姆表的選擇開關(guān)旋到某倍率，然后進(jìn)行歐姆調(diào)零；②將歐姆表直接接電壓表，應(yīng)該將歐姆表的（填“紅”或“黑”）表筆接電壓表的正接線柱，歐姆表的指針指在圖中的a位置，此時(shí)電壓表的指針指在第24個(gè)刻度處；③將定值電阻R和電壓表串聯(lián)后接歐姆表，歐姆表的指針指在圖中的b位置．則待測電壓表的量程為，內(nèi)阻為．四、解答題13．如圖所示，一段半徑R、圓心角為37°的光滑圓弧BC上端點(diǎn)與斜坡AB平滑連接，下端切線水平，與一傾角為α的斜坡CD連接，質(zhì)量為m的小球P從斜坡上某位置由靜止釋放，運(yùn)動過程中與靜止在圓弧末端質(zhì)量為m的小球Q相碰，碰撞時(shí)間極短，碰撞過程中系統(tǒng)損失的動能為小球P碰撞前動能的14，碰撞后兩個(gè)小球離開圓弧先后落到斜坡上，它們在空中發(fā)生的位移之比為1∶4。兩個(gè)小球可視為質(zhì)點(diǎn)，小球P釋放前與小球Q的豎直距離h=95R，小球P與斜坡AB（1）小球P與Q碰撞前瞬間對圓弧軌道的壓力；（2）小球Q的質(zhì)量。14．如圖所示，金屬軌道a和b、c和d由兩小段光滑絕緣軌道M、N平滑連接，軌道平行放置在同一水平面內(nèi)，間距為L，軌道左端接一阻值為R的電阻，右端接一電阻為R的燈泡，整個(gè)裝置處于豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場當(dāng)中（圖中未畫出）。質(zhì)量為m、電阻為R的導(dǎo)體棒P在外力F下由靜止開始做加速度為a0的勻加速運(yùn)動，當(dāng)導(dǎo)體棒到達(dá)MN時(shí)撤去外力F，燈泡開始亮?xí)r的功率為P0，燈泡中有電流通過的時(shí)間為t0。導(dǎo)體棒運(yùn)動過程中始終與軌道垂直且接觸良好，不計(jì)金屬軌道的電阻，導(dǎo)體棒與b、d間的動摩擦因數(shù)為μ，忽略導(dǎo)體棒與a、c（1）外力F與導(dǎo)體棒在MN左側(cè)運(yùn)動時(shí)間t的關(guān)系式；（2）導(dǎo)體棒P初始時(shí)與MN的距離S0（3）導(dǎo)體棒P停止運(yùn)動時(shí)與MN的距離S；（導(dǎo)體棒未到達(dá)金屬軌道右端）15．如圖所示，一兩端封閉的U形玻璃管豎直放置，玻璃管內(nèi)由一段水銀封閉著A、B兩個(gè)空氣柱，空氣柱A的壓強(qiáng)為96cmHg，空氣柱的長度LA=12m，圖中h=24m，初始時(shí)環(huán)境溫度（1）初始時(shí)刻空氣柱B的壓強(qiáng)；（2）停止加熱時(shí)空氣柱A的溫度．16．如圖所示，透明棱鏡截面為一矩形，AB長為a，矩形軸線上的O點(diǎn)有一點(diǎn)光源，同時(shí)發(fā)出a、b兩束光線，其中光線b沿矩形的軸線射向CD界面上的F點(diǎn)，光線a與b成30°夾角，光線a射向AD界面上的E點(diǎn)，并剛好發(fā)生全反射，已知光在真空中的速度為c，OF=（1）棱鏡對光線的折射率；（2）兩束光線到達(dá)交點(diǎn)的時(shí)間差。五、填空題17．液體在較高氣壓下沸點(diǎn)會提升，壓力鍋利用了這一物理現(xiàn)象，對水施加壓力，使水可以達(dá)到較高溫度而不沸騰，以加快燉煮食物的效率．用它可以將被蒸煮的食物加熱到100℃以上，在高海拔地區(qū)，利用壓力鍋可避免水沸點(diǎn)降低而不易煮熟食物的問題．某壓力鍋內(nèi)溫度逐漸升高的過程中，氣體分子的平均動能（填“一定增大”或“一定減小”或“可能增大可能減小”），某個(gè)氣體分子熱運(yùn)動的速度（填“一定增大”或“一定減小”或“可能增大可能減小”），壓力鍋內(nèi)氣體分子對壓力鍋器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)的沖量（填“一定增大”或“一定減小”或“可能增大可能減小”）．18．如圖所示，在x軸上x=0和x=13.25m處兩個(gè)振源在t=0時(shí)刻同時(shí)起振，經(jīng)過0.75s形成圖中所示波形甲和乙，則兩列波的周期之比T甲T乙=，兩列波相遇后（填“能”或“不能

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．平均速度和平均加速度的提出與等效思想有關(guān)關(guān)，體現(xiàn)了等效的思想，A不符合題意；B．交變電流的有效值涉及到了等效的思想，與等效思想有關(guān)，B不符合題意；C．解決變力做功問題中提出的平均作用力體現(xiàn)了等效思想，C符合題意；D．由“探究感應(yīng)電流方向的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)得出楞次定律是控制變量思想的一個(gè)具體應(yīng)用，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】平均速度和平均加速度體現(xiàn)了等效的思想；．交變電流的有效值和變力做功體現(xiàn)等效思想；“探究感應(yīng)電流方向的規(guī)律”應(yīng)用了控制變量法。2．【答案】D【解析】【解答】AB．根據(jù)核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，x的質(zhì)量數(shù)為1，電荷數(shù)為0，為中子，該反應(yīng)為輕核聚變反應(yīng)，不屬于α衰變，AB不符合題意；C．目前核電站主要是利用重核裂變，則該反應(yīng)不是目前核電站的工作原理，C不符合題意；D．核反應(yīng)放出的能量為ΔED符合題意。故答案為：D。

【分析】根據(jù)核反應(yīng)方程質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)周恒判斷衰變類型以及X粒子類型，結(jié)合愛因斯坦質(zhì)能方程得出核反應(yīng)釋放的能量。3．【答案】B【解析】【解答】A．線圈平面與房門平面相互垂直，A不符合題意；B．當(dāng)房門緩慢打開時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電壓、電流過低，門磁報(bào)警系統(tǒng)可能不會報(bào)警，B符合題意；C．只有房門向內(nèi)、向外打開時(shí)，都會產(chǎn)生感應(yīng)電壓、電流，門磁系統(tǒng)都會報(bào)警，C不符合題意；D．此種門磁系統(tǒng)裝在左右移動的房門上也會產(chǎn)生感應(yīng)電壓、電流，能起到報(bào)警的作用，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是回路中磁通量發(fā)生變化，從而進(jìn)行分析判斷。4．【答案】B【解析】【解答】A．宇航員能承受的瞬間載荷不超過自身重力6倍，宇航員最大加速度為5g，則主降落傘打開的瞬間返回艙的加速度大小最大為5g，A不符合題意；B．設(shè)每根繩承受的拉力為F，由牛頓第二定律可得96解得F降落傘傘繩承受的拉力設(shè)計(jì)值最小為mg14，BC．月球表面沒有氣體，降落傘減速的方法月球登陸時(shí)不能使用，C不符合題意；D．此過程中返回艙受重力和繩的拉力作用，機(jī)械能不守恒，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】對返回艙進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得出返回艙的最大加速度和拉力的最小值，利用降落傘的使用原理判斷月球能否使用。5．【答案】C【解析】【解答】A．根據(jù)v可得x因x-v2圖線為傾斜的直線，可知汽車的加速度不變，即汽車在剎車過程中加速度大小不變，A不符合題意；B．由圖可知v1解得v0=17m/s2B不符合題意；C．30.6km/h=8.5C符合題意；D．汽車停止車頭與停車線的距離為ΔxD不符合題意。故答案為：C。

【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的位移與速度的關(guān)系得出位移x與速度的平方v26．【答案】A【解析】【解答】試探電荷+q剛好可以靜止在D點(diǎn)，則D點(diǎn)的場強(qiáng)為零，則B處的電荷帶負(fù)電，根據(jù)可得QAB．因AC處的電荷在O點(diǎn)處的合場強(qiáng)為零，則試探電荷+q在O點(diǎn)受到的電場力大小為A符合題意，B不符合題意；C．因B在O點(diǎn)的負(fù)電勢大于AC在O點(diǎn)的正電勢，可知O點(diǎn)的電勢為負(fù)，則試探電荷+q在O點(diǎn)的電勢能為負(fù)，CD．僅將C點(diǎn)的電荷量加倍后，則AC在O點(diǎn)的正電勢大于B在O點(diǎn)的負(fù)電勢，則O點(diǎn)的電勢為正，則將試探電荷+q從O點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)的過程中電場力做正功，則電勢能減小，D故答案為：A。

【分析】根據(jù)點(diǎn)電荷周圍電場強(qiáng)度的表達(dá)式以及電場強(qiáng)度的合成得出試探電荷在O點(diǎn)受到的電場力，根據(jù)電勢能的表達(dá)式得出電勢能的變化情況。7．【答案】B【解析】【解答】A．根據(jù)G可得M則地球質(zhì)量和火星質(zhì)量之比為MA不符合題意；B．根據(jù)G可得g則地球表面重力加速度和火星表面重力加速度之比為gB符合題意；C．根據(jù)v地球的第一宇宙速度和火星第一宇宙速度之比為vC不符合題意；D．根據(jù)ρ=M4D不符合題意。故答案為：B。

【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力得出地球質(zhì)量和火星質(zhì)量之比以及重力加速度之比，結(jié)合線速度與周期的關(guān)系得出第一宇宙速度的比值；利用質(zhì)量和密度的關(guān)系得出地球平均密度和火星平均密度之比。8．【答案】B,D【解析】【解答】A．圖甲所示線圈位置與磁場方向平行，電動勢最大，不可能是零時(shí)刻線圈位置，A不符合題意；B．由右手定則可知，圖甲所示時(shí)刻線圈中的電流方向?yàn)锳BCD，B符合題意；C．根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)成正比知，t=0.005由閉合電路歐姆定律可得I電流表示數(shù)為IC不符合題意；D．該發(fā)電機(jī)的輸出功率等于副線圈的功率，為PD符合題意。故答案為：BD。

【分析】根據(jù)交變電流的產(chǎn)生原理判斷圖甲的時(shí)刻；利用右手定則得出感應(yīng)電流的方向；結(jié)合閉合電路歐姆定律以及電路的動態(tài)分析得出電流表的示數(shù)，結(jié)合熱功率的表達(dá)式得出發(fā)電機(jī)的輸出功率。9．【答案】A,D【解析】【解答】A．用手托住球B，此時(shí)彈簧剛好處于原長，設(shè)繩子拉力為T滑塊A剛要沿斜面向上運(yùn)動可知T對B受力分析，設(shè)手的托力為FF根據(jù)牛頓第三定律可知手受到B球的壓力為25N，AB．松手后，A做加速度減小的加速運(yùn)動，當(dāng)A受到的合力為零時(shí)，速度做大，當(dāng)A加速度為零時(shí)，B的加速度也為零，對A受力分析得FF帶入k=100B不符合題意；C．根據(jù)能量守恒定律，松手后到滑塊A最大速度時(shí)能量關(guān)系m解得vC不符合題意；D．當(dāng)滑塊A向上滑行的最大距離時(shí)，AB的速度都為0，物塊B的重力勢能轉(zhuǎn)化為A的重力勢能、彈性勢能和摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，根據(jù)能量守恒定律m解得xD符合題意；故答案為：AD。

【分析】用手托住B球時(shí)對A和B分別進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得出手受到小球B的壓力；松手后桿對A進(jìn)行受力分析根據(jù)共點(diǎn)力平衡得出彈簧的形變量；利用能量守恒定律得出滑塊向上滑行的最大速度以及向上滑行的最大距離。10．【答案】A,C【解析】【解答】A．小球在兩極板間做圓周運(yùn)動，由洛倫茲力提供向心力，重力和電場力合力為0，即mg解得qA符合題意；D．設(shè)小球做圓弧運(yùn)動的半徑為r，由幾何關(guān)系可得r解得rD不符合題意；BC．小球做勻速直線運(yùn)動時(shí)，有q做圓周運(yùn)動時(shí)，有qvB解得vBB不符合題意，C符合題意。故答案為：AC。

【分析】小球在兩極板間根據(jù)勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度的表達(dá)式以及共點(diǎn)力平衡得出小球的帶電量，利用幾何關(guān)系得出小球做圓弧運(yùn)動的半，小球做勻速直線運(yùn)動時(shí)根據(jù)力的合成以及洛倫茲力提供向心力得出小球的速度以及磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式。11．【答案】；t1=【解析】【解答】（1）用游標(biāo)卡尺測量遮光片的寬度（2）將氣墊導(dǎo)軌調(diào)水平，具體操作為在不系細(xì)繩的情況給滑塊一個(gè)向左的速度，分別記錄兩個(gè)光電門的擋光時(shí)間t1、t2，若（3）若系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則mgx其中vv即mgx

【分析】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理讀出遮光片的寬度；

（2）根據(jù)滑塊通過兩個(gè)光電門的時(shí)間判斷氣墊導(dǎo)軌是否水平；

（3）若系統(tǒng)機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒以及短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度得出所要驗(yàn)證的表達(dá)式。12．【答案】（1）A；D（2）黑；3V；1000Ω【解析】【解答】（1）A．測量電路中某個(gè)電阻時(shí)，應(yīng)該把該電阻與電路斷開，A符合題意；B．測量電阻時(shí)，因?yàn)槿梭w是導(dǎo)體，則不可以用手指將兩表筆金屬部分與電阻管腳捏緊，B不符合題意；CD．測二極管時(shí)，若指針偏角很大，則說明所加電壓為正向電壓，與黑表筆的接觸的是二極管的正極，C不符合題意，D符合題意；故答案為：AD。（2）②將歐姆表直接接電壓表，應(yīng)該將歐姆表的黑表筆接電壓表的正接線柱；③歐姆擋刻度盤中值為“15”，因電流表滿偏電流為Ig=4mA可知中值電阻，即歐姆表的內(nèi)阻為R內(nèi)=1500Ω；歐姆檔為×100Ω檔；將定值電阻R和電壓表串聯(lián)后接歐姆表，歐姆表的指針指在圖中的b位置，則電壓表內(nèi)阻R將歐姆表直接接電壓表，則EE解得U=3V

【分析】（1）根據(jù)多用電表的歐姆擋研究的原理以及注意事項(xiàng)進(jìn)行分析判斷；

（2）歐姆表的黑表筆接電壓表的正接線柱；根據(jù)串并聯(lián)電路的分析以及歐姆定律得出電壓表的量程以及內(nèi)阻。13．【答案】（1）解：小球從開始釋放到到達(dá)Q點(diǎn)由動能定理mg在Q點(diǎn)時(shí)F解得vFNQ=3mg（2）解：兩球碰后做平拋運(yùn)動，則由xytan可知位移s則PQ碰后的速度之比為v兩球碰撞時(shí)由動量守恒m能量關(guān)系1解得m【解析】【分析】（1）對小球進(jìn)行受力分析根據(jù)動能定理得出Q點(diǎn)的速度，小球在Q點(diǎn)時(shí)根據(jù)合力提供向心力從而得出小球P與Q碰撞前瞬間對圓弧軌道的壓力；

（2）兩球碰后做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律以及位移的偏角得出PQ碰后的速度之比；兩球碰撞過程中根據(jù)動量守恒以及能量關(guān)系得出小球Q的質(zhì)量。14．【答案】（1）解：導(dǎo)體棒做勻加速運(yùn)動，則F其中FIv=a0t可得F（2）解：剛撤去F時(shí)，燈泡的功率為P0，則PE解得v則根據(jù)v可得S（3）解：導(dǎo)體棒從撤去外力到停止過程，由動量定理-其中I解得S【解析】【分析】（1）對導(dǎo)體棒根據(jù)牛頓第二定律以及安培力的表達(dá)式和歐姆定律得出外力F與導(dǎo)體棒在MN左側(cè)運(yùn)動時(shí)間t的關(guān)系式；

（2）根據(jù)小燈泡的功率以及法拉第電磁感應(yīng)定律得出導(dǎo)體棒的速度，利