2023屆湖北省高考沖刺模擬試卷物理試題（八）答案

【物理試題（八）參考答案第頁（共7頁）】2023年高考沖刺模擬試卷物理試題（八）參考答案一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1-7題只有一項是符合題目要求，第8-11題有多項符合題目要求。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1．【答案】C【解析】A．同步輻射是在磁場中圓周自發(fā)輻射光能的過程，氫原子發(fā)光是先吸收能量到高能級，在回到基態(tài)時輻射光，兩者的機理不同，故A錯誤；B．用同步輻射光照射氫原子，總能量約為104eV大于電離能13.6eV，則氫原子可以電離，故B錯誤；C．同步輻射光的波長范圍約為10-5m～10-11m，與蛋白質(zhì)分子的線度約為10-8m差不多，故能發(fā)生明顯的衍射，故C正確；D．以接近光速運動的單個電子能量約為109eV，回旋一圈輻射的總能量約為104eV，則電子回旋一圈后能量不會明顯減小，故D正確；故選C。2．【答案】A【解析】因它們之間的相互吸引力，設兩球帶異種電荷，電量大小分別為、根據(jù)庫侖定律公式得，相距L時的相互引力，它們接觸之前是相互引力，當它們相互接觸后，先中和后重新分配。它們相互接觸達到靜電平衡后，電勢相同。

因,所以它們電量之比為得且電性相同。因而可得，為庫倫斥力。

所以A選項是正確的，BCD錯誤。

所以A選項是正確的.3．【答案】D【解析】A．對動車由牛頓第二定律有若動車組在勻加速啟動，即加速度恒定，但隨速度增大而增大，則牽引力也隨阻力增大而變大；B．若每節(jié)動力車廂輸出功率均為額定值，則總功率為4P，由牛頓第二定律有，故可知加速啟動的過程，牽引力減小，阻力增大，則加速度逐漸減?。籆．若每節(jié)動力車廂輸出的功率為，則動車組勻速行駛時加速度為零，有而以額定功率勻速時，有聯(lián)立解得故C正確；D．若四節(jié)動力車廂輸出功率均為額定值，動車組從靜止啟動，經(jīng)過時間達到最大速度，由動能定理可知可得動車組克服阻力做功為故D錯誤。4．【答案】C【解析】A．由圖乙、圖丙可知兩列波的周期都為，則兩列波的頻率都為可知兩列波的頻率相同，相位差恒定，可形成穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，A錯誤；B．兩列波的波長均為點到兩波源的波程差為由于兩波源的起振方向相反，可知點為振動減弱點，故點的振幅為B錯誤；C．點到兩波源的波程差為由于兩波源的起振方向相反，可知、兩點均為振動減弱點，而兩波源到點波程差為，兩波源到點波程差為，因此、連線上有一個波程差為的點，該點為振動加強點，C正確；D．兩波源的連線上（不含波源）點與兩波源的波程差滿足由于兩波源的起振方向相反，可知當波程差滿足時，該點為振動加強點，則有可知兩波源的連線上有11個振動加強點，它們的振幅為，但位移在到之間變化，D錯誤。故選C。5．【答案】A【解析】作出兩種情況下光路圖，如圖所示設，在A處發(fā)生全反射故有由于出射光平行可知，在B處射出，故由于聯(lián)立可得，；由可得，故C不正確；D．由于所以臨界角不為30°，故選A。6．【答案】B【解析】若A、B、C、D均正常發(fā)光，則次級電流為2U0，初級電壓為U0，則n1:n2=1:2次級電流為IC，則根據(jù)n1I1=n2I2可得I1=2IC則交流電源的電壓為故選B。7．【答案】D【解析】如圖所示，金屬棒繞軸切割磁感線轉(zhuǎn)動，回路中的電動勢；電容器兩極板間電壓等于，帶電微粒在兩極板間處于靜止狀態(tài)，則即；C．電阻消耗的功率；D．電容器所帶的電荷量故選D。8．【答案】BC【解析】若木箱在豎直方向上運動，要使彈簧能拉動物塊A相對木箱底面向右移動得其加速度滿足向下。若木箱在水平方向運動，要使彈簧能拉動物塊A相對木箱底面向右移動，木箱必須有向左的加速得9．【答案】BD【解析】由圖甲電路得，V1測路端電壓U1，V2測R1兩端電壓U2，V3測R2兩端電壓U3?；瑒佑|頭P向上滑動，則R2減小，電路總電阻減小，電流增大。因U1＝E－Ir，U3＝E－I(R1＋r)，I增大，則U1、U3減小，且U3比U1減小得快，所以圖乙中圖線b是電壓表V1的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，a表示電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，因R1不變，電流增大，則U2增大，所以圖乙中圖線c表示電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，因U1＝E－Ir，U1′＝E－I′r，則ΔU1＝－rΔI，所以ΔU1和ΔI的比值為電源內(nèi)阻不變，ΔU3和電流表示數(shù)變化量ΔI的比值為電源內(nèi)阻與R1之和。滿足關系式10．【答案】BC【解析】地球和火星的角速度分別為由題意知火星和地球每隔約26個月相距最近一次，又火星的軌道半徑大于地球的軌道半徑，則由以上可解得月，火星的公轉(zhuǎn)周期大約為，則地球與火星繞太陽的公轉(zhuǎn)周期之比T1∶T2=7∶13但不能求出兩星球自轉(zhuǎn)周期之比，設地球和火星的公轉(zhuǎn)周期分別為T1、T2，軌道半徑分別為r1、r2，由開普勒第三定律可得可求得地球與火星的軌道半徑之比，由物體在地球和火星表面的重力等于各自對物體的引力，則有得由于地球和火星的質(zhì)量關系以及半徑關系均未知，則兩星球表面重力加速度的關系不可求，地球與火星繞太陽運動的向心加速度由太陽對地球和火星的引力產(chǎn)生，所以向心加速度大小則有得由于兩星球的軌道半徑之比已知，則地球與火星繞太陽運動的向心加速度大小之比11．【答案】AB【解析】根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知即圖像的斜率為，故有；B．理想氣體由a變化到b的過程中，因體積增大，則氣體對外做功；理想氣體由a變化到b的過程中，溫度升高，則內(nèi)能增大，由熱力學第一定律有而，，則有可得，即氣體從外界吸熱，且從外界吸收的熱量大于其增加的內(nèi)能；由b變化到c的過程中，,由得Q未知，不確定是吸熱還是放熱。二、實驗題12．（6分）【答案】0.75（0.3）3.1（±0.1）9.4（±0.2）【解析】（1）根據(jù)可得則由圖像可知則（2）由牛頓第二定律可知即當θ=53°時a=5.6m/s2，即當θ=37°時a=3.1m/s2，即聯(lián)立解得13．（10分）【答案】（1）CBG（2）（3）b（4）④【解析】（1）待測電阻Rx的阻值約為30kΩ，直流電源電動勢為15V，電壓表選擇C.經(jīng)粗略計算電路中的最大電流約為Imax＝eq\f(E,R)＝500μA，.A的量程過大，所以電流表選擇B與并聯(lián)改表，（2）在題圖所示電路中，電流表內(nèi)阻為300Ω，電壓表內(nèi)阻為100kΩ，由串、并聯(lián)電路規(guī)律得，電流表的分壓作用小于電壓表的分流作用，故電流表應采用內(nèi)接的方法，實物連線如圖所示：（3）實驗前，分壓電路的電壓應該是0，故滑動變阻器的滑動觸頭P應置于b端．（4）實驗中無論如何調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，電壓表和電流表示數(shù)均不能取到較小值，是由于滑動變阻器接成限流式，因此是導線④沒有連接好．三、解答題14．（12分）【答案】（1）0.5A方向由O到A（2）6.1×10－5C【解析】（1）由右手定則判定通過金屬棒OA的電流方向是由O到A，金屬棒OA中產(chǎn)生的感應電動勢大小為E＝eq\f(1,2)Br2ω得E＝16VS閉合時的等效電路如圖所示＝30Ω由閉合電路歐姆定律，得E＝I(r0＋R外)聯(lián)立解得I＝0.5A。（2）S斷開前，電路路端電壓為U＝IR外電阻R1兩端電壓為U1＝eq\f(R1,R1＋R2)U＝5V。電容器的電荷量為Q1＝CU1＝2×10－5C且上極板帶正電，下極板帶負電，S斷開時的等效電路如圖所示電容器C兩端的電壓為電阻R2兩端的電壓U2，則＝V電容器的電荷量為Q2＝CU2＝4.1×10－5C且上極板帶負電，下極板帶正電通過電流表的電荷量為ΔQ＝Q1＋Q2聯(lián)立解得ΔQ＝6.1×10－5C。15．（12分）【答案】（1）0.6m；（2）3s【解析】（1）B做向下勻加速直線運動，加速度大小為A做向下勻減速直線運動，加速度大小為：設A和B剛好達到共同速度時速度為v1，時間為t1，根據(jù)運動學公式可得聯(lián)立解得A的位移為B的位移為乙相對甲滑行的最大距離（2）當所以AB與傳送帶共速前，AB一起做勻速直線運動，運動時間為AB一起運動的位移AB與傳送帶共速后，AB與傳送一起做勻加速直線運動，根據(jù)運動學公式有解得從傳送帶啟動到甲的左端動到傳送帶底端N點所用的時間16．（16分）【答案】（1）；（2）；（