2013屆高考物理第一輪復(fù)習(xí)學(xué)案

9受力分析在同一平面內(nèi)有三個(gè)互成角度的共點(diǎn)力，F(xiàn)1＝5N，F(xiàn)2＝8N，F(xiàn)3＝6N，它們恰好平 A．1N、5N、3 B．3N、4N、8C．4N、10N、5 D．4N、12N、8 DF與木箱所受摩擦力的合力的方向()2mαM的長方形木塊，M對左墻壓力的大小為()MgtanMg＋mgtanmgcotmgsin質(zhì)量均為ma、b3所示，a受到斜向上與水平面θF作用，bθF作用，兩力在同一豎直平面內(nèi)，此時(shí)兩木塊保持靜止，則()A．b對aBbC．a(chǎn)、bD．b(2)物體分析：將研究對象從周圍物體中出來，進(jìn)而分析周圍有哪些物體對它34)檢查受力分析是否有誤：檢查畫出的每一個(gè)力能否找到它的施力物體，檢查分析結(jié)2整體法和法②整體法和法有時(shí)交叉使用，根 一般受力較少的物1如圖4所示，物體A靠在豎直墻面上，在力F的作用下，A、B保持靜止．物體A的 [針對訓(xùn)練1](2010··19)L型木板P(上表面光滑)放在固定斜面上，輕質(zhì)彈簧一端P的受力個(gè)數(shù)為() 擇題形式出現(xiàn)，也可包含在綜合計(jì)算題中．巧選研究對象(整體法和法Oθ.下列關(guān)系正確的是()＝tantanC．FN＝mgtan

B．F＝mgtanD．FN＝mgtan[2](2009·浙江理綜·14)7m的等邊三棱柱靜止在水平放置棱柱的支持力與摩擦力的大小分別為()A.

3mg和 B.2mg和23 3C.2mg和 mg和260°.ABBC逐漸緩慢地變化到BC的拉力變化情況是()A．增 B．先減小，后增C．減 4】B(也可視為質(zhì)點(diǎn))A、B兩球間存在斥力，A球被排斥開，當(dāng)細(xì)線與豎直方向夾α角逐漸減小的過程中，細(xì)線的拉力如何變化？

xy軸上，利用兩坐標(biāo)軸上的合力都等于零

x、y軸上的力盡可能的多，被分解的力盡可能是已知力，不宜分解待求力． 111m1、m2F的作用下一起FNFf正確的是()①FN＝m1g＋m2g－Fsin②FN＝m1g＋m2g－Fcos③Ff＝Fcos④Ff＝Fsin 整體法 法在共點(diǎn)力平衡問題中的應(yīng)【例6】 省實(shí)驗(yàn)中學(xué)模擬12mM的正方體放在兩豎直墻和水平面間，處于靜止?fàn)顟B(tài)．mMα，若不計(jì)一切摩擦，求：Mm 都是光滑的，則() 1．(2010·理綜·13)圖14為節(jié)日里懸掛燈籠的式，A、B點(diǎn)等高，O為結(jié)點(diǎn)，輕繩AO、BO長度相等，拉力分別為FA、FB，燈籠受到的重力為G.下列表述正確的是 A．FAB．FAFB大小相等C．FAFB是一對平衡力如圖15所示，水平地面上的物體A，在斜向上的拉力F的作用下，向右做勻速運(yùn)動， AABACAFcosDAFsinθ兩物體均保持靜止，不計(jì)繩與滑輪、B與豎直桿間的摩擦，已知繩與豎直桿間的夾角為θ，則物體A、B的質(zhì)量之比mA∶mB等于( A．cos B．1∶cos C．tan D．1∶sin17夾有一矩形物塊如圖17所示Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)則下列相關(guān)說法正確的是 A．P3B．Q3CD．若繩子變短，Q5下滑，此過程中斜面仍靜止，斜面質(zhì)量為M，則水平地面對斜面體( AA向右移動少許后，它們?nèi)蕴幱陟o止?fàn)顟B(tài)，則()A．BB．ABC．地面對AD．A圖20簧秤繩和滑輪的重量以及繩與滑輪間的摩擦均不計(jì)物體的重力都是GF1、F2、F3，則() A上，另一端跨過固定在大圓αm1∶m2應(yīng)為()2A．2sin22C．cos2

B．2cos22D．sin2212345678922ml的輕繩一端系Mlμ10．(2011·礬高月考)m的物體Aθ＝37°的斜面上時(shí)，恰好能勻速下37°＝0.6，cos37°＝0.8)b9受力分析2．D[三力滿足|F1－F2|≤F3≤|F1＋F2| 5．C[m進(jìn)行分析可知，MmF＝mgmMF＝mg.MMF的水平分量，即mgcotα.]sinsin[sinsinFb2mg，B左的摩擦力和力F四個(gè)力的作用，摩擦力不可能為零，否則a不能平衡，由豎直方向受力平衡條件知b對a的支持力小于a的重力mg，A錯、C對．]【考點(diǎn)突破例1B [B共受四個(gè)力作用而平衡，其中A對B有兩個(gè)作用力，且該二力合力方向豎直向下(如圖乙所示)，由第三定律知，B對A亦有兩個(gè)作用力，且其合力方向豎直向上，由平衡條件可知，墻對A無彈力作用，由摩擦力產(chǎn)生的條件可知，墻對A亦無AAA、BA與墻之間沒有相對滑動趨勢，所以墻對A無摩擦力，因此，A共受三個(gè)力作用(如圖甲所示)．][規(guī)范思維]兩物體接觸面間不一定存在彈力，有彈力也不一定有摩擦力，但有摩擦力2tan[F＝tan

FN＝F合＝

sinAsin 形法)．作出力的平行四邊形，如右圖所示．由圖可看出，F(xiàn)BC先減小后增大．] 4 系統(tǒng)靜止時(shí)，對A球受力分析如圖所示，將斥力F和線的拉力FT合成，合力與重力G等大反向．FT平移后構(gòu)成力的矢量三角形△AFP，與長度間的幾何三角形△BAO相似．根據(jù)對應(yīng)邊成比例可得：FT＝G， AO，BO長度不變，GFα角逐漸減小的過程中，雖然△BAOα

[規(guī)范思維]在物體受三個(gè)力作用而平衡時(shí)，可以對物體分析受力后，作力的矢量三角sinθ－μcos μcosθ＋sincosμsin例5μsin coscosμsin解 因?yàn)棣?lt;tanθ，F(xiàn)＝0時(shí)，物體不能靜止在斜面上mgsinθ＝Fcosθ＋Ff，F(xiàn)f＝μFN，F(xiàn)N＝mgcosθ＋Fsinθsinθ－μcos

μsinθ＋cosθmgsinθ＋Ff＝Fcosθ，F(xiàn)f＝μFN，F(xiàn)N＝mgcosθ＋Fsinθμcosθ＋sin

cosθ－μsinθ 的技巧：選擇x、y軸方向時(shí)，要使盡可能多的力落在坐標(biāo)軸上，盡可能少分解力．例6(1)(M＋m)g (2)mgcotα M(2)m把FN2沿水平方向和豎直方向分解有FN2cos FN2sinFN1＝mgcot[規(guī)范思維]靈活地選取研究對象可以使問題簡化．對加速度相同的幾個(gè)物體或處于平受力時(shí)，一般采用法． [P受重力、斜面的支持力、彈簧的彈力、QPP的摩擦力，共5個(gè)力．] 22而靜止，故FN＝mgcosθ＝ ，F(xiàn)f＝mgsinθ＝1mg，A選項(xiàng)正確22 Fcosθ＝Ff，故選項(xiàng)A、C正確．]【效果檢測 [B物進(jìn)行受力分析如圖所示，B處于平衡態(tài)，由圖可知mBg＝cosθ，所以mA＝1B

cos8．A[ABm1g，m2Am2gA的彈AABm2對小圓環(huán)的拉力的合力沿大圓環(huán)半徑方向指向圓心O，由幾何關(guān)系可知，選項(xiàng)A正確．]

2 (1)以木塊M和兩個(gè)小環(huán)作為整體進(jìn)行受力分析由平衡條件得2FN＝(M＋2m)g，即FN＝1Mg＋mg