2023年河南省部分重點(diǎn)高中高考物理聯(lián)考試卷及答案解析

2023年河南省部分重點(diǎn)高中高考物理聯(lián)考試卷

1.有一種微型核電池，可以把放射性物質(zhì)鐐-63衰變時(shí)放出的高能夕粒子直接轉(zhuǎn)化成電流。

下列說(shuō)法正確的是（）

A.該微型核電池的發(fā)電原理與原子彈的原理相同，都是將放射性同位素衰變時(shí)產(chǎn)生的能量轉(zhuǎn)

化為電能

B.該微型核電池的發(fā)電原理與氫彈的原理相同，都是將放射性同位素衰變時(shí)產(chǎn)生的能量轉(zhuǎn)化

為電能

C.利用物質(zhì)鎂-63的核電池提供電能，會(huì)受到陽(yáng)光、溫度、壓力、電磁場(chǎng)、化學(xué)反應(yīng)的影響

D.鎂-63發(fā)射的高能0粒子是原子核內(nèi)的中子變成質(zhì)子時(shí)釋放出來(lái)的電子

2.如圖所示，曲線時(shí)是某物體在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的一段圓弧軌tL

跡。則該物體在沿圓弧從a運(yùn)動(dòng)到b過(guò)程中（）

A.機(jī)械能守恒\

B.處于超重狀態(tài)卜

C.重力的功率變大

D.合力與速度方向夾角可能為銳角也可能為鈍角

3.一勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)acbO為矩形，a、

b、c三點(diǎn)的位置如圖所示，三點(diǎn)的電勢(shì)分別為10人17V.26人

則下列說(shuō)法正確的是（）

A.坐標(biāo)原點(diǎn)處的電勢(shì)為2y

B.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為2.5V/an

C.電子在b點(diǎn)的電勢(shì)能比在c點(diǎn)小9eV

D.電子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為-7eV

4.如圖所示為交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極N、S間的磁場(chǎng)可

視為水平方向勻強(qiáng)磁場(chǎng)，4為理想交流電表。單匝線框繞垂直于

磁場(chǎng)的水平軸。。'沿逆時(shí)針?lè)较蛞越撬俣?=100兀（rad/s）勻速

轉(zhuǎn)動(dòng)，從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)。已知％=工皿6,電阻R=5。，

mn

其余電阻忽略不計(jì)，下列判斷正確的是（）

A.電流表的示數(shù)約為14.14

B.Is內(nèi)電流的方向改變50次

C.0.01s時(shí),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0

D.1個(gè)周期內(nèi)，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為10/

5.如圖所示，半徑為r、質(zhì)量不計(jì)的均勻圓盤(pán)豎直放置，可以繞過(guò)圓

心。且與盤(pán)面垂直的水平光滑固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)，在盤(pán)面的最右邊邊緣處固定

一個(gè)質(zhì)量為小的小球4在圓心。的正下方離。點(diǎn)處也固定一個(gè)質(zhì)量為

2m的小球現(xiàn)從靜止開(kāi)始釋放圓盤(pán)讓其自由轉(zhuǎn)動(dòng)，重力加速度為g,

則小球B在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度為（）

6.如圖所示，相距為d的兩條水平虛線間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8。一質(zhì)量為小、電阻為R、邊長(zhǎng)為<d）的單匝正

方形金屬框4BCD從磁場(chǎng)上方某處自由下落，CD邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大

小為巧x，C。邊剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度大小也為巧,金屬框在下落過(guò)程中C。X邊KX<

始終與磁場(chǎng)邊界平行，不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g,則金屬框

穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

.、mgRRmgR

A.V1>-^2%V7272

DLDL

C.金屬框中產(chǎn)生的焦耳熱為mgdD.金屬框克服安培力做功2mgd

7.如圖所示，水平面上4、B兩處有甲、乙兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，B點(diǎn)右

側(cè)水平面粗糙，左側(cè)水平面光滑。若t=0時(shí)刻甲在水平向右的拉力F=3t的作用下由靜止向

右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)t=2s時(shí)撤去拉力F,緊接著甲與乙發(fā)生彈性正碰，之后甲滑行小停止。

已知甲的質(zhì)量為M=2kg,甲、乙與粗糙水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5,取g=l（hn/s2,則

()

甲乙

□□

AB

A.0?1s內(nèi)，拉力F的沖量大小為1.5N?s

B.兩個(gè)滑塊碰撞后瞬間甲的速度大小是1.5/n/s

C.碰撞后滑塊乙的滑行距離為X,=16m

D.最后甲、乙相距1.2m

8.兩顆相距較遠(yuǎn)的行星4、B,距行星球心r處的物體圍繞行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大小

為3,其角速度的平方/隨「3變化的關(guān)系如圖所示。R］、R2分別是行星AB的半徑，且R2=3R1，

兩圖線左端的縱坐標(biāo)相同，忽略星球的自轉(zhuǎn)和其他星球的影響，行星可看作質(zhì)量分布均勻的

球體,則()

A.B表面的重力加速度比4的小B.B的密度是4的3倍

C.B的第一宇宙速度是4的3倍D.B的質(zhì)量是A的27倍

9.小明同學(xué)用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量彈簧勁度系數(shù)匕已知圖中所給小球的質(zhì)量為

水平軌道可視為光滑，B處裝有光電門(mén)，可測(cè)量小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間。下面是小明進(jìn)行的

一次實(shí)驗(yàn)：

(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑d如圖乙所示，記錄小球的直徑d=cm；

(2)將彈簧左端固定在擋板上；讓小球與彈簧接觸并壓縮彈簧，記錄壓縮量x；

(3)由靜止釋放小球，測(cè)得小球通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間t=5.00ms,則小球離開(kāi)彈簧的速度

v=m/s；若已知彈簧彈性勢(shì)能0=3丘2,k為勁度系數(shù)，x為形變量，則根據(jù)實(shí)驗(yàn)

步驟中測(cè)得的物理量，則可得k=.(用題中的小、d、x、t表示)

10.為了測(cè)量某水果電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路。其中E為待測(cè)

電池，G為靈敏電流計(jì)(0刻度在中間)，&、&為微安表，匕、彩為毫伏表，Ri、R2為電阻箱。

(1)根據(jù)圖甲的電路圖，用筆畫(huà)代替導(dǎo)線，完成圖乙中的實(shí)物連線。

(2)閉合開(kāi)關(guān)5,調(diào)節(jié)&、&的阻值，使G的示數(shù)為零，此時(shí)匕、%的讀數(shù)分別為％、U2,A1、

4的讀數(shù)分別為A、%，此時(shí)路端電壓U=，通過(guò)電池的電流/=。

(3)多次重復(fù)步驟(2),得到多組U和/的數(shù)值，作出U-/圖像如圖丙所示，根據(jù)圖像可得到該

水果電池的電動(dòng)勢(shì)E=，內(nèi)阻r=。

11.如圖所示，傾角為。=37。、質(zhì)量為M=1kg的斜面體放/

在粗糙的水平面上，斜面體的斜面光滑且足夠長(zhǎng)，質(zhì)量為m

0.5kg的物塊放在斜面上，用水平向右的推力F作用在物塊上，

使物塊靜止在斜面上，斜面體也處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度g

MX10m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8。求：

(1)地面對(duì)斜面體的摩擦力大??；

(2)若地面與斜面體的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，增大水平推力使物

塊沿斜面向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，要使斜面體處于靜止?fàn)顟B(tài)，物塊沿斜面上滑的加速度最大為多

少。

12.如圖所示在xOy平面直角坐標(biāo)內(nèi)，在0Wd范圍內(nèi)充滿垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁

感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B,在d<xW5d范圍內(nèi)充滿垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

B?一質(zhì)量為m、電量為q的帶正電粒子從原點(diǎn)。以一定的速度沿著x軸正方向進(jìn)入磁場(chǎng)，粒子

通過(guò)第一個(gè)磁場(chǎng)時(shí)速度方向改變了60。，不計(jì)粒子重力。求：

Q)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大??；

(2)粒子通過(guò)x=5d線時(shí)到x軸的距離：

(3)粒子通過(guò)兩個(gè)磁場(chǎng)所用的總時(shí)間。

XX??

XX

XX??

XX

XX??

XX

0xvxd5dX

??

13.下列說(shuō)法中正確的是（）

A.溫度相同的氫氣和氧氣，分子平均動(dòng)能相同

B.巖鹽是立方體結(jié)構(gòu)，粉碎后的巖鹽不再是晶體

C.已知水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，可以計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)

D.氣體分子各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與溫度有關(guān)

E.寒冷的冬天，利用室內(nèi)和室外之間的溫度差制造一種熱機(jī)，將空氣中的全部?jī)?nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)

械能是可能的

14.如圖所示，天花板上固定有兩個(gè)小定滑輪，不可伸長(zhǎng)的柔軟輕繩跨"整竺竺煞“

過(guò)定滑輪，輕繩的一端系在汽缸A上，另一端系在汽缸B中的活塞上，4和

B都懸吊在空中（離地足夠高），兩汽缸內(nèi)各密封有一定質(zhì)量的理想氣體，"EiH'

系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)A、B內(nèi)氣體的體積相等。兩活塞的質(zhì)量均為m、橫截面積均為s,B

汽缸（不含活塞）的質(zhì)量為4M,大氣壓強(qiáng)恒為等。重力加速度大小為g,不計(jì)缸內(nèi)氣體的質(zhì)量、

空氣阻力及一切摩擦。求：

①4汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)小。和B汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)PBO；

②若將輕繩剪斷，4、B汽缸在做自由落體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中溫度保持不變，求穩(wěn)定時(shí)4、B汽缸內(nèi)

氣體的體積之比

VB

15.圖甲為醫(yī)生正在為病人做B超檢查，8超成像的基本原理是探頭向人體發(fā)射一組超聲波,

遇到人體組織會(huì)產(chǎn)生不同程度的反射，探頭接收到的超聲波信號(hào)由計(jì)算機(jī)處理，從而形成B超

圖像。圖乙為血管探頭沿x軸正方向發(fā)送的簡(jiǎn)諧超聲波圖像，t=0時(shí)刻波恰好傳到質(zhì)點(diǎn)M。

已知此超聲波在血管中的傳播速度為MxKPm/s。下列說(shuō)法正確的是（）

甲

A.超聲波的起振方向沿y軸正方向

B.血管探頭發(fā)出的超聲波的頻率為lxlCfHz

C.t=7.5xl0-8s時(shí),質(zhì)點(diǎn)M沿％軸前進(jìn)1.05xICT，7n處

D.0?7.5xloq內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)M的路程為1.2nwn

E.t=1.5x10-75時(shí)，質(zhì)點(diǎn)N第一次到達(dá)波谷

16.如圖所示為用某種透明材料制成的圓心為。的四分之一的圓

環(huán)截面，該圓環(huán)的兩端AB、CD的寬度均為3。（？=（1+。）小

某單色光與4B成45。角從AB上的4點(diǎn)射入，折射光線與4B成60。角,

已知光在真空中的傳播速度為C。求：

（1）該透明材料的折射率；

（2）該單色光在該材料中的傳播時(shí)間。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4B.原子彈是利用核裂變產(chǎn)生的能量轉(zhuǎn)化為電能，氫彈是利用核聚變產(chǎn)生的能量轉(zhuǎn)化

為電能，該微型核電池是利用放射性同位素衰變時(shí)產(chǎn)生的能量轉(zhuǎn)化為電能，故錯(cuò)誤；

C.利用物質(zhì)銀-63的核電池提供電能，不受陽(yáng)光、溫度、壓力、電磁場(chǎng)、化學(xué)反應(yīng)的影響，故C

錯(cuò)誤；

。用粒子是核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的電子，是從原子核內(nèi)釋放出來(lái)的，故。正確。

故選：D。

明確核電池和原子彈、氫彈原理的區(qū)別；半衰期與外界條件無(wú)關(guān)；根據(jù)口衰變的本質(zhì)分析。

本題考查了半衰期、夕衰變的本質(zhì)等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，關(guān)犍要熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，不混

淆.

2.【答案】C

【解析】解：人仍是某物體在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的一段圓弧軌跡，可知物體的動(dòng)能不

變，重力勢(shì)能減小，則機(jī)械能減小，故4錯(cuò)誤；

B。、由于物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則合力指向圓心，由圖可知ab曲線中合力有向下的分力，處于失

重狀態(tài)，故8。錯(cuò)誤；

C、根據(jù)P=mg"os。，由圖可知速度與豎直方向的夾角逐漸減小，所以重力的功率變大，故C

正確；

故選：C。

根據(jù)動(dòng)能和重力勢(shì)能的變化分析機(jī)械能變化，物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則合力指向圓心，根據(jù)物體

受力情況分析超重或失重，根據(jù)功率的計(jì)算公式分析C。

本題考查機(jī)械能守恒定律，超重失重問(wèn)題，功率的計(jì)算，解題關(guān)鍵掌握勻速圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)。

3.【答案】B

【解析】解：力、根據(jù)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行線上等距同向的兩點(diǎn)間的電勢(shì)差相等，有%-%=%-牝，

得%=1%故A錯(cuò)誤；

2610

B、ac垂直于be,沿ca和cb兩方向的場(chǎng)強(qiáng)分量大小分別為E]=瞿=gV/cm=2K/cm>E2=

乎==1.5V/cm,根據(jù)矢量合成可知電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為E=/■岸，礙=

DCOV4

V22+1.52V/cm=2.5V/cm，故B正確；

C、電勢(shì)能Ep=qg,由于電子所帶電荷量為負(fù)值，所以電子在仄c兩點(diǎn)的電勢(shì)能分別為：Epb=

一ex17V=-17eV、Epc=-ex26V=-26eV,所以電子在b點(diǎn)的電勢(shì)能比在c點(diǎn)的高/Ep=

Epb-Epc=-17eV-(-26)eK=9eV,故C錯(cuò)誤；

。、ab間的電勢(shì)差(/岫=<Pa-(Pb=10V-171/=-IV,電子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為W=

-eUab=7eV,故O錯(cuò)誤。

故選：Bo

根據(jù)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中平行線上等距同向的兩點(diǎn)間的電勢(shì)差相等分析4選項(xiàng)；

求出沿ca和時(shí)兩方向的場(chǎng)強(qiáng)分量大小，根據(jù)矢量合成可知電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；

根據(jù)電勢(shì)能計(jì)算公式Ep=q<p求解電子在從c兩點(diǎn)的電勢(shì)能，由此分析C選項(xiàng)；

求出ab間的電勢(shì)差，根據(jù)電場(chǎng)力做功計(jì)算公式求解電場(chǎng)力做的功。

本題考查勻強(qiáng)電場(chǎng)電勢(shì)，電勢(shì)能和電場(chǎng)強(qiáng)度的分析和計(jì)算，抓住以下關(guān)鍵點(diǎn)：

一、勻強(qiáng)電場(chǎng)中，同一條直線上的電勢(shì)均勻變化，平行且相等的線段，電勢(shì)差相等；

二、勻強(qiáng)電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)與等勢(shì)線垂直，指向電勢(shì)降低的方向，找到等勢(shì)線然后做出電場(chǎng)線，由

求出電場(chǎng)強(qiáng)度，其中d為沿著電場(chǎng)線方向的線段長(zhǎng)度。

三、電勢(shì)能0=qw計(jì)算時(shí)，電荷量的正負(fù)號(hào)要考慮。

4.【答案】A

【解析】解：4、磁通量最大值%=BS，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值Em=NBS3=Mi>m3=lx，x

100nV=100V感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值E=^=言V=5O/2V,理想交流電表示數(shù)為有效值，則電

流表的示數(shù)/=盤(pán)=型=4=10，^4=14.14，故A正確：

B、交流電的周期7="=福s=0.02s,電流每次經(jīng)過(guò)中性面時(shí)電流方向改變，一個(gè)周期內(nèi)電流

方向改變兩次，t=ls=507,所以1s內(nèi)電流的方向改變100次，故B錯(cuò)誤；

C、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式e=Emcoscot=lOOcoslOOTrt(V),把0.01s代入表達(dá)式，貝Ue=—100V,

故C錯(cuò)誤；

D、一個(gè)周期內(nèi)，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q=/2R7=(io/2)2x5x0.02/=20J,故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

線圈從圖示位置計(jì)時(shí)，則產(chǎn)生余弦式交流電，磁通量最大值%=BS，由Em=NBS3可以求出感

應(yīng)電勢(shì)最大值，得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式；

電動(dòng)勢(shì)有效值E=舞，利用閉合電路歐姆定律可以求出電流的有效值，A為理想交流電表，示數(shù)

為有效值；利用焦耳定律可以得出電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。

該題考察了線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生余弦式交流電，掌握交流電流表示

數(shù)為有效值，焦耳定律，是正確解題的關(guān)鍵。

5.【答案】A

【解析】解：設(shè)4向下轉(zhuǎn)動(dòng)9角時(shí)，B的速度最大，取最低點(diǎn)為零勢(shì)能面，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有

7*1]1

mgr+2mg?-=+-mvj+mgr(l—sind)+2mg--r(l+cos。)

ra)

vA=ra)fvB=2

解得：o)=[4g(sin0—cosG)

3r

根據(jù)數(shù)學(xué)方法可知3=J4yT2gsin(0+(p)

3r

當(dāng)sin(6+W)=1時(shí),339

故A正確，BCD錯(cuò)誤;

故選：A?

選取零勢(shì)能面，根據(jù)機(jī)械能守恒定律結(jié)合數(shù)學(xué)方法解得最大角速度，從而計(jì)算B的最大速度。

本題考查系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，解題關(guān)鍵注意零勢(shì)能面的選取。

6.【答案】AD

【解析】解：AB,金屬框的邊長(zhǎng)小于磁場(chǎng)寬度，即L＜d,則金屬框完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做勻加速直

線運(yùn)動(dòng)，由題意可知：CD邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大小為力,CO邊剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度大小也為內(nèi),則

金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程做減速運(yùn)動(dòng)，所受安培力大于重力；金屬框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)切割磁感線產(chǎn)生的

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BL%,感應(yīng)電流/=3=曾，金屬框所受安培力F=〃B="3金屬框進(jìn)入

磁場(chǎng)過(guò)程做減速運(yùn)動(dòng)，則尸＞mg,解得：%＞鬻，故A正確，8錯(cuò)誤；

BL

CD、CD邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大小為巧，CD邊剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度大小也為巧，金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)

程克服安培力做的功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，由功能關(guān)系可知，金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程克服安培力做功為?ngd,

金屬框離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程與進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程運(yùn)動(dòng)性質(zhì)與運(yùn)動(dòng)過(guò)程相同，則金屬框離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程克服安培

力做功也為mgd,則金屬框穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程克服安培力做功W=2mgd,金屬框克服安培力做功轉(zhuǎn)

化為焦耳熱，則金屬框中產(chǎn)生的焦耳熱Q=W=2mgd,故C,。正確。

故選：AD.

應(yīng)用E=B切求出金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，應(yīng)用歐姆定律與安培力公式求出

金屬框受到的安培力，根據(jù)題意判斷金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，然后判斷金屬框速度大?。?/p>

應(yīng)用能量守恒定律求出金屬框克服安培力做功與產(chǎn)生的焦耳熱。

本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)知識(shí)的綜合，解決本題的關(guān)鍵搞清金屬框在整個(gè)過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合

切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式、閉合電路歐姆定律以及能量守恒定律可以解題。

7.【答案】BC

【解析】解：力、甲在水平向右的拉力F=3t的作用下由靜止向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)沖量的定義，可得0-1s

一1

內(nèi)，拉力F的沖量為：/=Ft=]x3xlxlN?s=1.5N-s,故A正確；

B、甲滑行x尹停止，根據(jù)動(dòng)能定理有：fMg”3M說(shuō),解得：=Im/s,故8錯(cuò)誤；

C、t=2s時(shí)撤去拉力，此時(shí)甲的速度為%,根據(jù)動(dòng)量定理有：廠==其中b=gx3x

2N=3N,解得：v0=3m/s

規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有Mb。=Mvr+mv2

根據(jù)能量守恒定律有：=\Mvl

2u2,2乙

根據(jù)動(dòng)能定理有：-7rnigXz=：7n詔

解得：x乙=l-6m

故C正確；

D、最后甲、乙相距x=1.6m-0.1m=1.5m,故￡）錯(cuò)誤；

故選：BC.

根據(jù)沖量的定義求解；對(duì)甲由動(dòng)能定理求解撞后瞬間甲的速度；甲與乙發(fā)生彈性正碰，由動(dòng)量守

恒定律及機(jī)械能守恒定律聯(lián)立求解。

本題考查動(dòng)能定理、動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律的綜合應(yīng)用，注意應(yīng)用動(dòng)量定理和動(dòng)量守恒

定律時(shí)，要規(guī)定正方向。

8.【答案】CD

【解析】解：4、由圖像得，在兩天體表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度相同，設(shè)最大角速度為由萬(wàn)

有引力等于向心力得：G^=ma)kR

在天體表面，萬(wàn)有引力等于重力，有：G^=mg

聯(lián)立解得：g=a)^R

/?2=3RI，則8表面的重力加速度比4表面的重力加速度大，故A錯(cuò)誤；

C、第一宇宙速度為

R2=3/?v則B的第一宇宙速度是4的3倍，故C正確；

D、由G華=7713*/?得，M

RG

R2=3/?1；則B的質(zhì)量為A的27倍，故￡＞正確；

B、天體的密度p=?=警

則兩天體密度相等，故8錯(cuò)誤。

故選：CD。

物體繞行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，在天體表面，萬(wàn)有引力等于重力，列式求解

天體表面的重力加速度和行星的質(zhì)量；第一宇宙速度為最大環(huán)繞速度，即近地衛(wèi)星的線速度；根

據(jù)p=?求解行星的密度。

本題考查萬(wàn)有引力定律在天體運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用，知道在天體表面萬(wàn)有引力等于重力，物體繞天體做

勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬(wàn)有引力提供向心力。

9.【答案】1.142.28/

x2r

【解析】解：(1)由圖(h)所示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：11mm4-4x0.1mm=11.4mm=1.14cm。

(3)小球離開(kāi)彈簧后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度與離開(kāi)彈簧時(shí)的速度相等，小球離

開(kāi)彈簧時(shí)的速度為：I；=q=1~^4^-3m/s=2.28m/s;

由能量守恒定律可知，初始時(shí)刻彈簧的彈性勢(shì)能等于小球離開(kāi)彈簧時(shí)獲得的動(dòng)能，即Ep=3加盧，

2

已知彈簧彈性勢(shì)能為：Ek=^kx,k為勁度系數(shù)，％為形變量；

代入數(shù)據(jù)解得：仁笠

故答案為：(1)1.14(3)2.28；熏

(1)游標(biāo)卡尺主尺的示數(shù)與游標(biāo)尺示數(shù)之和是小球的直徑;

(3)已知小球的直徑與小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的時(shí)間，應(yīng)用速度公式可以求出小球的速度;

根據(jù)能量守恒定律求出小球的質(zhì)量。

解決該題需要掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理，知道小球被彈簧彈出后做是勻速直線運(yùn)動(dòng)，掌握光電門(mén)

測(cè)速度的原理，知道用能量守恒定律列方程求解。

10.【答案】Ur+U2Ir+I2W

【解析】解：(1)實(shí)物連接如圖所示:

(2)G的示數(shù)為零說(shuō)明P、Q兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，此時(shí)路端電壓U=Ur+U2,通過(guò)電池的電流/="%

(3)由題意可知：E=(Ui+y2)+(A+/2)r=U+Ir

解得U=E-lr

結(jié)合圖像可得：水果電池的電動(dòng)勢(shì)E=a,內(nèi)電阻為r=^

故答案為：(1)見(jiàn)解析；(2)/+出，人+/2；(3)a，.

(1)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖；

(2)G的示數(shù)為零說(shuō)明P、Q兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，從而計(jì)算路端電壓和電流：

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合圖象斜率和截距解答。

本題考查測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，在解題時(shí)要注意分析電路圖結(jié)構(gòu)，并能進(jìn)行數(shù)據(jù)處理和分

析。

11.【答案】解：(1)以物塊為研究對(duì)象，由平衡條件得

Fcos370=mgsin37°

物塊和斜面體均處于靜止?fàn)顟B(tài)，以整體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件得:

fi=F

聯(lián)立解得地面對(duì)斜面體的摩擦力大小：A=3.75/V

(2)設(shè)物塊沿斜面上滑的加速度最大為a。

當(dāng)斜面體相對(duì)于地面剛要滑動(dòng)時(shí)，物塊沿斜面上滑的加速度最大，此時(shí)斜面體和地面間的摩擦力

達(dá)到最大值。

以斜面體為研究對(duì)象，分析其受力如圖所示，根據(jù)平衡條件得

水平方向有：FN2sin37°=f

豎直方向有：FN1=Mg+FN2cos370

由摩擦力公式有/=〃?心

聯(lián)立解得：FN2=25N

再以物塊為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得

沿斜面方向有：Fcos370—mgsin37°=ma

垂直于斜面方向有：FN3=Fsin37°+mgcos37°

結(jié)合牛頓第三定律知FN3=FN2=25N

聯(lián)立解得：F=35N,a=50m/s2

答：(1)地面對(duì)斜面體的摩擦力大小為3.75N；

(2)物塊沿斜面上滑的加速度最大為50m/s2。

【解析】(1)先以物塊為研究對(duì)象，由平衡條件求出F的大小，再以物塊和斜面體均處于靜止?fàn)顟B(tài)，

以整體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件求地面對(duì)斜面體的摩擦力大小；

(2)當(dāng)斜面體相對(duì)于地面剛要滑動(dòng)時(shí)，物塊沿斜面上滑的加速度最大，此時(shí)斜面體和地面間的摩擦

力達(dá)到最大值。先以斜面體為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件和摩擦力公式求出物塊對(duì)斜面體的壓力大

小。再以物塊為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律求物塊的最大加速度。

解決本題的關(guān)鍵要正確分析物體的受力，作出受力示意圖，采用隔離法和整體法相結(jié)合進(jìn)行研究。

12.【答案】解：(1)粒子在磁場(chǎng)中做運(yùn)動(dòng)圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示

d2xT3d

由幾何知識(shí)可知:Y----------=-------

sin603

2

粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvx2B=m^-

解得：v=±T3qBd

3m

(2)粒子進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qVB=my

4NT3CZ

解得”=,=2X鼠=2r=

3

2<3d

由幾何知識(shí)粒子，粒子射出磁場(chǎng)時(shí)距離x軸的距離y=r-rcos60。(1-cos60O)=嚶

3

(3)粒子在左側(cè)磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=等=舞嘴,在右邊磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的

周期r=平=翳

粒子在左側(cè)磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角a=60°,在右側(cè)磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角/?=120°

粒子通過(guò)兩個(gè)磁場(chǎng)的總時(shí)間tj=荒7+而

解得：”鬻

答：(1)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小是史薩;

(2)粒子通過(guò)x=5d線時(shí)到x軸的距離是穿;

(3)粒子通過(guò)兩個(gè)磁場(chǎng)所用的總時(shí)間是覆。

【解析】(1)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，求出粒子軌道半徑，應(yīng)用牛頓第

二定律求出粒子的速度大小。

(2)作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，應(yīng)用凡何知識(shí)求出粒子射出磁場(chǎng)時(shí)到x軸的距離。

(3)求出粒子在每個(gè)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，然后求出粒子總的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。

本題考查了帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，分析清楚粒子的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，應(yīng)

用牛頓第二定律與幾何知識(shí)可以解題。

13.【答案】ADE

【解析】解：力、根據(jù)溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，可知溫度相同，氫氣和氧氣分子的平均動(dòng)能

相同，故A正確；

8、巖鹽是立方體結(jié)構(gòu)，是晶體，且有規(guī)則的幾何形狀，粉碎后的巖鹽仍是晶體，仍有規(guī)則的幾何

形狀，故B錯(cuò)誤；

C、已知水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，根據(jù)摩爾質(zhì)量除以水分子的質(zhì)量得到阿伏加德羅常數(shù)，

故C正確；

。、氣體分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，但是速率有大有小，大量分子的速率按一定的規(guī)律分布，呈現(xiàn)出“中

間多，兩頭少”的分布規(guī)律，氣體分子各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與溫度有關(guān)，故

。正確；

E、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，可知寒冷的冬天，利用室內(nèi)和室外之間的溫度差制造一種熱機(jī)，將空氣

中的一部分內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能是可能的，故E正確。

故選：ADE.

根據(jù)溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志判斷；區(qū)分晶體與非晶體是根據(jù)是否由固定的熔點(diǎn)；摩爾質(zhì)量=

分子質(zhì)量X阿伏加德羅常數(shù)；根據(jù)氣體分子的統(tǒng)計(jì)規(guī)律作答；根據(jù)熱力學(xué)第二定律判斷。

本題考查了分子平均動(dòng)能、晶體、阿伏加德羅常數(shù)、分子速率的分布、熱力學(xué)第二定律等熱學(xué)基

礎(chǔ)知識(shí)，知識(shí)點(diǎn)多，難度小，關(guān)鍵記住基礎(chǔ)知識(shí).

14.【答案】解：①對(duì)A汽缸內(nèi)的活塞受力分析，受到重力豎直向下，缸內(nèi)氣體向下的壓力以及外

面大氣向上的壓力而平衡，

即mg+pA0S=-S,解得

汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)以。=嚶；

將B汽缸的缸體和活塞當(dāng)成一個(gè)整體，由于不計(jì)缸內(nèi)氣體的質(zhì)量，則繩子的拉力T等于B汽缸的缸

體和活塞總重力，即T=4mg+mg=5mg?對(duì)B汽缸內(nèi)的活塞受力分析：受重力豎直向下，大氣

壓力豎直向下，缸內(nèi)氣體壓力豎直向上，繩的拉力豎直向上，四個(gè)力平衡，即

pB0S+T=mg+-S：將T數(shù)值代入得PBO=^

②若將輕繩剪斷，力、B汽缸在做自由落體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中汽缸缸體以及活塞的加速度都為g,則缸內(nèi)

氣體的壓強(qiáng)也等于大氣壓；設(shè)4B內(nèi)原來(lái)氣體的體積都是憶溫度保持不變，對(duì)A內(nèi)氣體應(yīng)用玻

意耳定律得：

PAOV=^VA,

溫度保持不變，對(duì)B內(nèi)氣體應(yīng)用玻意耳定律得：PB0V=竿％,

將以。和PBO代入，并且兩式相比得穩(wěn)定時(shí)4B汽缸內(nèi)氣體的體積之比白=幺

答：①4汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)P.O為嚶；B汽缸氣體的壓強(qiáng)p-。為竿：

②穩(wěn)定時(shí)4、B汽缸內(nèi)氣體的體積之比,=￡

【解析】可以用整體法分析繩子上的拉力，再用隔離法分別對(duì)4汽缸或者B汽缸的缸體或者活塞受

力分析都可以求解出氣體的壓強(qiáng)。

求解帶有活塞的汽缸內(nèi)的氣體壓強(qiáng)，一