2024屆貴州省遵義市求是高級(jí)中學(xué)物理高三上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題含解析

2024屆貴州省遵義市求是高級(jí)中學(xué)物理高三上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、冥王星繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)軌道是個(gè)橢圓，公轉(zhuǎn)周期為T(mén)0，其近日點(diǎn)到太陽(yáng)的距離為a，遠(yuǎn)日點(diǎn)到太陽(yáng)的距離為b，半短軸的長(zhǎng)度為c，A、B、C、D分別為長(zhǎng)短軸的端點(diǎn)，如圖所示．若太陽(yáng)的質(zhì)量為M，萬(wàn)有引力常量為G，忽略其他行星對(duì)它的影響則（）A．冥王星從A→B→C的過(guò)程中，速率逐漸變大B．冥王星從A→B所用的時(shí)間等于C．冥王星從B→C→D的過(guò)程中，萬(wàn)有引力對(duì)它先做正功后做負(fù)功D．冥王星在B點(diǎn)的加速度為2、如圖所示，在發(fā)射地球同步衛(wèi)星的過(guò)程中，衛(wèi)星首先進(jìn)入橢圓軌道I，然后在Q點(diǎn)通過(guò)改變衛(wèi)星速度，讓衛(wèi)星進(jìn)入地球同步軌道Ⅱ，則（）A．該衛(wèi)星的發(fā)射速度必定大于11.2km/sB．衛(wèi)星在同步軌道II上的運(yùn)行速度大于7.9km/sC．在軌道I上，衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度小于在Q點(diǎn)的速度D．衛(wèi)星在Q點(diǎn)通過(guò)加速實(shí)現(xiàn)由軌道I進(jìn)入軌道II3、如圖所示，一物塊置于水平地面上，當(dāng)用水平力F拉物塊時(shí)，物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)；當(dāng)拉力F的大小不變，方向與水平方向成37°角斜向上拉物塊時(shí)，物塊仍做勻速直線運(yùn)動(dòng)．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，則物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為（）A．B．C．D．4、下列說(shuō)法正確的是()A．做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體,相同時(shí)間內(nèi)速率的變化一定相同B．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體,相同時(shí)間內(nèi)動(dòng)量變化量相同C．做曲線運(yùn)動(dòng)的物體,速度變化量的方向也可能保持不變D．物體的加速度不變,則物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)將保持不變5、一根導(dǎo)線，分別通以不同電流，并保持溫度不變，當(dāng)電流較大時(shí)，以下說(shuō)法正確的是()A．單位體積內(nèi)自由電子數(shù)較多 B．自由電子定向移動(dòng)的速率較大C．自由電子的熱運(yùn)動(dòng)速率較大 D．電流的傳導(dǎo)速度較大6、如圖所示，質(zhì)量為m的小球用水平輕質(zhì)彈簧系住，并用傾角為的光滑木板AB托住，小球恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．當(dāng)木板AB突然向下撤離的瞬間，小球的加速度大小為()A．0 B．g C．g D．g二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、質(zhì)量為m的物體由靜止開(kāi)始下落，在空氣阻力的影響下物體下落的加速度為g，在物體下落高度為h的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A．物體的動(dòng)能增加了mgh B．物體的機(jī)械能減少了mghC．物體克服阻力所做的功為mgh D．物體的重力勢(shì)能減少了mgh8、如圖所示，質(zhì)量分別為mA、mB的A、B兩物塊緊靠在一起放在傾角為的斜面上，兩物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，用始終平行于斜面向上的恒力F推A，使它們沿斜面勻加速上升，為減小A、B間的彈力，可行的辦法是A．減小推力FB．減小斜面傾角C．減小B的質(zhì)量D．減小A的質(zhì)量9、如圖所示裝置中，質(zhì)量為M的木塊B與水平桌面間的接觸面是光滑的，質(zhì)量為m的子彈A沿水平方向以v0射入木塊后留在木塊內(nèi)，將彈簧壓縮到最短．則此系統(tǒng)從子彈開(kāi)始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個(gè)過(guò)程中A．彈簧、木塊和子彈組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，機(jī)械能不守恒B．彈簧、木塊和子彈組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒C．彈簧的最大彈性勢(shì)能為D．彈簧的最大彈性勢(shì)能為10、一質(zhì)量為0.5kg的物塊靜止在水平地面上，物塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2?，F(xiàn)給物塊一水平方向的外力F，F(xiàn)隨時(shí)間t變化的圖線如圖所示，若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為10m/s2，則（）A．t=1s時(shí)物塊的動(dòng)量大小為2kg?m/sB．t=1.5s時(shí)物塊的動(dòng)能大小為1JC．t=3s時(shí)物塊的速度恰好為零D．在3s-4s的時(shí)間內(nèi)，物塊受到的摩擦力逐漸減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)利用圖甲裝置進(jìn)行“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)(1)關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的下列說(shuō)法中正確的有______A．選用重物時(shí)，密度大的比密度小的好，以減少空氣阻力的影響B(tài)．實(shí)驗(yàn)時(shí)重物應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器處由靜止釋放C．實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先松開(kāi)紙帶讓重物下落，然后接通電源D．若紙帶上開(kāi)始打出的幾個(gè)點(diǎn)模糊不清，則必須重新打一條紙帶再進(jìn)行驗(yàn)證(2)若該同學(xué)按照正確的操作要求，獲得了一條點(diǎn)跡清晰、最初兩點(diǎn)間距接近2mm的紙帶，令打第一個(gè)點(diǎn)時(shí)重錘所在位置為0高度，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔為0.02s,測(cè)量部分?jǐn)?shù)據(jù)并填入下列表格，已知重錘質(zhì)量m=0.3kg,g=9.8m/s2,請(qǐng)?jiān)诳崭駜?nèi)補(bǔ)上相應(yīng)的數(shù)據(jù)______。(結(jié)果保留兩位小數(shù))測(cè)量點(diǎn)0123距離x/m00.05620.07800.1040速度v/ms-l0/▲/(3)該同學(xué)完成全部數(shù)據(jù)處理后,在圖乙中畫(huà)出了各能量與高度的圖象,其中圖線II是_______關(guān)于高度h的圖象A．動(dòng)能Ek:B．勢(shì)能EpC．機(jī)械能E(4)根據(jù)圖線II能得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是______。12．（12分）在沒(méi)有天平的情況下，實(shí)驗(yàn)小組利用以下方法對(duì)質(zhì)量進(jìn)行間接測(cè)量，裝置如圖甲所示：一根輕繩跨過(guò)輕質(zhì)定滑輪與兩個(gè)相同的重物P、Q相連，重物P、Q的質(zhì)量均為m(已知)，在重物Q的下面通過(guò)輕質(zhì)掛鉤懸掛待測(cè)物塊Z，重物P的下端與穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間．（1）某次實(shí)驗(yàn)中，先接通頻率為50Hz的交流電源，再由靜止釋放系統(tǒng)，得到如圖乙所示的紙帶，則系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)的加速度a=________(保留三位有效數(shù)字)；（2）在忽略阻力的情況下，物塊Z質(zhì)量M的表達(dá)式為M=_______(用字母m、a、g表示)；（3）由(2)中理論關(guān)系測(cè)得的質(zhì)量為M，而實(shí)際情況下，空氣阻力，紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器問(wèn)的摩擦，定滑輪中的滾動(dòng)摩擦不可以忽略，使物塊Z的實(shí)際質(zhì)量與理論值M有一定差異，這是一種_________（填“偶然誤差”或”系統(tǒng)誤差”）．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質(zhì)量M=1kg的長(zhǎng)木板B靜止在粗糙的水平地面上，某一時(shí)刻一質(zhì)量為m=1kg的小滑塊A（可視為質(zhì)點(diǎn)）以初速度v0=4.5m/s向右沖上木板，最后恰好沒(méi)有滑離木板．已知木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.1，滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.4，重力加速度g取g=10m/s1．求：（1）滑塊與木板相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度aA和aB的大小與方向；（1）木板在地面上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間；（3）木板的長(zhǎng)度L．14．（16分）如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩物體分別固定在質(zhì)量不計(jì)的輕彈簧的兩端，當(dāng)A靜止時(shí)彈簧的壓縮量為L(zhǎng)，現(xiàn)用一豎直向下的恒力F=3mg作用于A上，當(dāng)A運(yùn)動(dòng)一段距離x后撤去F，結(jié)果B剛好不離開(kāi)水平面，則L/x的值是多少？15．（12分）如圖，跳臺(tái)滑雪運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)一段加速滑行后從點(diǎn)水平飛出，經(jīng)落到斜坡上的點(diǎn)．已知點(diǎn)是斜坡的起點(diǎn)，斜坡與水平面的夾角，運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量．不計(jì)空氣阻力．（取，；取）求：（1）點(diǎn)與點(diǎn)的距離．（2）運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)點(diǎn)時(shí)的速度大?。?）落到點(diǎn)瞬間重力的功率．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A、根據(jù)第二定律：對(duì)每一個(gè)行星而言，太陽(yáng)行星的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等．所以冥王星從A→B→C的過(guò)程中，冥王星與太陽(yáng)的距離增大，速率逐漸變小，故A錯(cuò)誤；B、公轉(zhuǎn)周期為T(mén)0，冥王星從A→C的過(guò)程中所用的時(shí)間是0.5T0，由于冥王星從A→B→C的過(guò)程中，速率逐漸變小，從A→B與從B→C的路程相等，所以冥王星從A→B所用的時(shí)間小于，故B錯(cuò)誤；C、冥王星從B→C→D的過(guò)程中，萬(wàn)有引力方向先與速度方向成鈍角，過(guò)了C點(diǎn)后萬(wàn)有引力方向與速度方向成銳角，所以萬(wàn)有引力對(duì)它先做負(fù)功后做正功，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)幾何關(guān)系可知，冥王星在B點(diǎn)到太陽(yáng)的距離為r=，根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力知=ma知冥王星在B點(diǎn)的加速度為=，故D正確；故選D．2、D【解題分析】

了解同步衛(wèi)星的特點(diǎn)和第一宇宙速度、第二宇宙速度的含義，當(dāng)萬(wàn)有引力剛好提供衛(wèi)星所需向心力時(shí)，衛(wèi)星正好可以做勻速圓周運(yùn)動(dòng)：若是“供大于需”，則衛(wèi)星做逐漸靠近圓心的運(yùn)動(dòng)；若是“供小于需”，則衛(wèi)星做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng).【題目詳解】11.2km/s是衛(wèi)星脫離地球束縛的發(fā)射速度，而同步衛(wèi)星仍然繞地球運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；7.9km/s即第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度，而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)v的表達(dá)式可以發(fā)現(xiàn)，同步衛(wèi)星運(yùn)行的線速度一定小于第一宇宙速度，故B錯(cuò)誤；根據(jù)開(kāi)普勒第二定律，在軌道I上，P點(diǎn)是近地點(diǎn)，Q點(diǎn)是遠(yuǎn)地點(diǎn)，則衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度大于在Q點(diǎn)的速度，故C錯(cuò)誤；從橢圓軌道Ⅰ到同步軌道Ⅱ，衛(wèi)星在Q點(diǎn)是做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng)，要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng)必須衛(wèi)星所需向心力大于萬(wàn)有引力，所以應(yīng)給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力，故D正確；故選D．【題目點(diǎn)撥】本題考查萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用，知道第一宇宙速度的特點(diǎn)，衛(wèi)星變軌也就是近心運(yùn)動(dòng)或離心運(yùn)動(dòng)，根據(jù)提供的萬(wàn)有引力和所需的向心力關(guān)系確定．3、B【解題分析】物體做勻速運(yùn)動(dòng)，受力平衡；當(dāng)F水平拉動(dòng)時(shí)有：F=μmg；斜向上拉動(dòng)物體時(shí)，豎直方向上的支持力為：FN=mg-Fsin37°；水平方向上有：Fcos37°=μ（mg-Fsin37°），聯(lián)立解得：；故B正確，A、C、D錯(cuò)誤．故選B．【題目點(diǎn)撥】本題考查共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用，要注意正確受力分析，列出平衡方程即可正確求解．4、C【解題分析】

A.做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體，加速度一定，故相同時(shí)間內(nèi)速度變化相同，而不是速率的變化相同，故A錯(cuò)誤；B.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，加速度方向時(shí)刻改變，不是勻變速運(yùn)動(dòng)，所以相同時(shí)間內(nèi)速度變化不同，動(dòng)量變化不同，故B錯(cuò)誤。C.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，速度變化量的方向也可能保持不變，如平拋運(yùn)動(dòng)，速度變化量方向就是加速度方向，豎直向下，故C正確。D.物體的加速度不變，如果不為零，則速度發(fā)生變化，則物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)將改變，故D錯(cuò)誤。5、B【解題分析】根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=nesv可知，導(dǎo)線不變，nes不變，而I增大，則只有v增大，即電子定向移動(dòng)的速度增大．電場(chǎng)的傳播是以光速進(jìn)行的，由于光速保持不變，故電場(chǎng)的傳播速率保持不變．由于自由電子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的速度由溫度決定，故由于導(dǎo)線保持溫度不變，故自由電子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的速度的大小保持不變．只有真正理解了每一概念的真正的含義才能真正學(xué)好物理，故在學(xué)習(xí)新課時(shí)不能放過(guò)任何一個(gè)概念．6、B【解題分析】

木板撤去前，小球處于平衡態(tài)，受重力、支持力和彈簧的拉力，如圖，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有解得，木板AB突然撤去后，支持力消失，重力和拉力不變，合力等于支持力N，方向與N反向，故加速度為故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解題分析】

A、物體所受的合力F合=ma=mg，根據(jù)動(dòng)能定理，合力做功等于動(dòng)能的變化量，則動(dòng)能增加量為mgh，故A正確．B、由牛頓第二定律可知，物體下落過(guò)程中空氣阻力為Ff=mg，物體克服空氣阻力做的功為mgh，所以物體的機(jī)械能減少了mgh，故B正確，C錯(cuò)誤．D、重力做功mgh，所以重力勢(shì)能減小mgh，故D正確．故選：A、B、D8、AC【解題分析】

設(shè)摩擦因數(shù)為μ，對(duì)AB整體受力分析有：對(duì)B受力分析有：由以上兩式可得：可知，為使FAB減小，應(yīng)減小推力F，增加A的質(zhì)量，減小B的質(zhì)量；A．減小推力F，與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B．減小斜面傾角，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．減小B的質(zhì)量，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D．減小A的質(zhì)量，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；9、AC【解題分析】

AB．子彈水平射入置于光滑水平面上的木塊，并留在其中的過(guò)程中系統(tǒng)所受外力之和為零，動(dòng)量守恒，在子彈A打中木塊B有滑動(dòng)摩擦力做功，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒。故A正確，B錯(cuò)誤；CD．在子彈射入的過(guò)程動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：(M+m)v=mv0之后子彈、木塊、彈簧組成的系統(tǒng)，只有彈簧彈力做功，機(jī)械能守恒，當(dāng)速度等于零時(shí)，彈簧機(jī)械能最大，則有：故C正確，D錯(cuò)誤.10、BD【解題分析】

0～1s內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律求出物體的加速度，由速度公式求出物體的速度，再求解物體的動(dòng)量；由物體的受力情況分析t=1.5s時(shí)物塊的動(dòng)能；由動(dòng)量定理求出物塊速度減至零的時(shí)間，根據(jù)物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)分析在3s～4s的時(shí)間內(nèi)摩擦力的變化情況；【題目詳解】A、內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律得：，得：物體在末的速度為，時(shí)物塊的動(dòng)量大小為：，故A錯(cuò)誤；

B、內(nèi)，因?yàn)?，所以物體做勻速運(yùn)動(dòng)，速度為，則動(dòng)能為：，故B正確。

C、設(shè)t時(shí)刻物塊的速度為零，由動(dòng)量定理得：圖象在內(nèi)方程為：

根據(jù)F-t圖象與t軸所圍的面積表示沖量，可得：聯(lián)立解得：，故C錯(cuò)誤；

D、因?yàn)椋栽趦?nèi)物體做減速運(yùn)動(dòng)，所以在的時(shí)間內(nèi)，物塊靜止，隨著F的減小，物塊受到的靜摩擦力逐漸減小，故D正確。【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵是明確F-t圖象所圍的面積表示沖量，運(yùn)用動(dòng)量定理求時(shí)間是常用的方法。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、AB1.20B在誤差允許范圍內(nèi)，重物下落過(guò)程中機(jī)械能守恒【解題分析】

(1)[1]A．實(shí)驗(yàn)供選擇的重物應(yīng)該相對(duì)質(zhì)量較大、體積較小的物體，這樣能減少摩擦阻力的影響，故A正確；BC．為了提高紙帶的利用率且讓計(jì)時(shí)器穩(wěn)定工作，應(yīng)讓重物靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源后由靜止釋放紙帶，故B正確，C錯(cuò)誤；D．若紙帶上開(kāi)頭打出的幾點(diǎn)模糊不清，也可設(shè)法用后面清晰的點(diǎn)進(jìn)行驗(yàn)證，故D錯(cuò)誤。故選AB。(2)[2]打測(cè)量點(diǎn)2時(shí)重錘的速度為(3)[3]選打第一個(gè)點(diǎn)時(shí)重錘所在位置為0高度，物體向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，高度為負(fù)值，據(jù)重力勢(shì)能表達(dá)式EP=mgh知，重物的重力勢(shì)能也為負(fù)值，且與下落高度成正比，故AC錯(cuò)誤，B正確，故選B。(4)[4]選打第一個(gè)點(diǎn)時(shí)重錘所在位置為0高度，此時(shí)物體的重力勢(shì)能為零，動(dòng)能也為零，出臺(tái)機(jī)械能為零，圖線Ⅱ中的機(jī)械能時(shí)刻為零，機(jī)械能守恒，故結(jié)論為：在誤差允許范圍內(nèi)，重物下落過(guò)程中機(jī)械能守恒。12、8.00系統(tǒng)誤差【解題分析】

(1)根據(jù)，系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)的加速度；(2).根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)Q和Z物體有，對(duì)P物體有，聯(lián)立解得；(3).由，解得，實(shí)際質(zhì)量總大于理論值，這是一種系統(tǒng)誤差．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）aA=4m/s2方向向左，aB【解題分析】試題分析：先對(duì)A進(jìn)行受力分析，求出A受到的摩擦力與A的加速度，然后對(duì)木板B進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律即可求出B的加速度；由運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式求出二者速度相等的時(shí)間，然后結(jié)合受力分析求出加速度，最后由速度公式求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；由位移公式求出各段的位移，結(jié)合空間幾何關(guān)系即可求出。（1）A向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受到重力、木板的支持力與摩擦力的作用，豎直方向：FN1=mg=1×10=10N水平方向：f1=μ1FN1=0.4×10=4N根據(jù)牛頓第二定律可得A運(yùn)動(dòng)的加速度大小為：aA木板B受到重力、地面的支持力、A對(duì)B的壓力以及A對(duì)B的向右的摩擦力、地面對(duì)B的向左的摩擦力，豎直方向